河北省高三适应性调研考试新高考物理试题及答案解析

河北省新乐市第一中学高三适应性调研考试新高考物理试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、运动员从高山悬崖上跳伞，伞打开前可看成做自由落体运动，开伞后减速下降，最后匀速下落.u、F合、和E分

别表示速度、合外力、重力势能和机械能.其中，、。分别表示下落的时间和高度，在整个过程中，下列图象可能符合事

2、如图所示，一细线的一端固定于倾角为45。的光滑楔形滑块A上的顶端。处，细线另一端拴一质量为，〃=0.2kg的

小球静止在A上.若滑块从静止向左匀加速运动时加速度为（取9=10向$2）则（）

A.当“Em/s2时，线中拉力为

2

B.当a=10m/s2时，小球受的支持力为&N

C.当a=12m/s2时，经过1秒钟小球运动的水平位移是6m

1）.在稳定后，地面对4的支持力一定小于两个物体的重力之和

3、某弹簧振子沿x轴的简谐运动图象如图所示，下列描述正确的是（）

fx/cm

5

0

-5

A.，=ls时，振子的速度为零，加速度为负的最大值

B.f=2s时，振子的速度为负，加速度为正的最大值

C.，=3s时，振子的速度为负的最大值，加速度为零

D.f=4s时，振子的速度为正，加速度为负的最大值

4、如图，在固定斜面上的一物块受到一外力尸的作用，尸平行于斜面向上.若要物块在斜面上保持静止，尸的取值应

有一定范围，已知其最大值和最小值分别为用和尸2（尸2>0）.由此可求出

A.物块的质量B.斜面的倾角

C.物块与斜面间的最大静摩擦力D.物块对斜面的正压力

5、在某一次中国女排击败对手夺得女排世界杯冠军的比赛中，一个球员在球网中心正前方距离球网d处高高跃起，将

排球扣到对方场地的左上角（图中P点），球员拍球点比网高出〃（拍球点未画出），排球场半场的宽与长都为“球网

高为〃，排球做平抛运动（排球可看成质点，忽略空气阻力），下列选项中错误的是（）

A.排球的水平位移大小X=+5）2+（；）2

(4+»+0)2

B.排球初速度的大小

H+h

C.排球落地时竖直方向的速度大小匕,=+

2(h+H)

tan。

D.排球末速度的方向与地面夹角的正切值^(J+5)2+(1)2

6、背越式跳高采用弧线助跑，距离长，速度快，动作舒展大方。如图所示是某运动员背越式跳高过程的分解图，由图

可估算出运动员在跃起过程中起跳的竖直速度大约为

A.2m/sB.5m/sC.8ni/sI）,llm/s

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、在x轴上固定有两个点电荷0、。2,其静电场的电势e在x轴上分布如图所示。下列说法中正确的有（）

A.Q和。2带同种电荷

B.X1处的电场强度为零

C.负电荷从XI沿X轴移到X2。电势能逐渐减小

D.负电荷从XI沿X轴移到X2,受到的电场力逐渐减小，

8、大量天文观测表明宇宙中的恒星（其实是银河系中的恒星）超过70%是以双星形式存在的。如图所示为某星系中

由两颗恒星4。B组成的双星系统，两恒星环绕连线上的。点（未画出）做匀速圆周运动，观测到它们球心间的距离

为L转动的周期为丁，己知引力常量为G根据观测结果可以确定的物理量是（）

,4B

♦............♦

A.两恒星的线速度之和

B.两恒星的线速度之比

C.两恒星的质量之比

I）.两恒星的质量之和

9、如图甲所示，轻弹簧下端固定在倾角37c的粗糙斜面底端A处，上端连接质量3kg的滑块（视为质点），斜面固定

在水平面上，弹簧与斜面平行。将滑块沿斜面拉动到弹簧处于原长位置的。点，由静止释放到第一次把弹簧压缩到最

短的过程中，其加速度。随位移x的变化关系如图乙所示，重力加速度取lOm/s?,sin37o=0.6,cos370=0.«（»下列说法

正确的是（）

A.滑块先做匀加速后做匀减速运动

B.滑块与斜面间的动摩擦因数为0.1

C.弹簧的劲度系数为180N/m

D.滑块在最低点时，弹簧的弹性势能为3.12J

10、如图，光滑水平面上两虚线之间区域内存在竖直方向的足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为瓦边长为。的正

方形导线框PQWN沿图示速度方向进入磁场，当对角线PM刚进入磁场时线框的速度大小为V,方向与磁场边界成45：

角，若线框的总电阻为R,则

A.PM冈城入磁场时线框中的感应电流为粤

B.PM刚进入磁场时线框所受安培力大小为红2

R

C.冈越入磁场时两端的电压为与

1）.夕河进入磁场后线框中的感应电流将变小

三、实验题，本题共2小题，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程“

11.（6分）（1）用游标卡尺测量小球的直径如图甲、乙所示.测量方法正确的是（选填“甲”或“乙”）.

（2）用螺旋测微器测量金属丝的直径，此示数为

（3）在“用打点计时器测速度”的实验中，交流电源频率为50Hz,打出一段纸带如图所示.纸带经过2号计数点时,

测得的瞬时速度v=—m/s.

12.（12分）如图,物体质量为m=2kg,静置于水平面上，它与水平面间的动摩擦因数〃=0.4,用大小为尸=10>/2N、

方向与水平方向夹角。=45的拉力尸拉动物体，拉动4s后，撤去拉力H物体最终停下来.（取g=10""/）试求：

（1）物体前4s运动的加速度是多大？

（2）?物体从开始出发到停下来，物体的总位移是多大？

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，用手捏住细线，让质量肌=2kg的小球在光滑水平桌面上以片的速率做匀速圆周运动，其半

径r=0.3m,某时刻突然松手，使细线迅速放长0.2m后，又迅速用手捏住细线，保证小球在更大半径的新轨道做匀速

圆周运动，已知大半径的圆与小半径的圆为同心圆。求：

（2）在大半径新轨道上运动时小球的角速度

（3）在大半径新轨道上运动时，细线对小球的拉力

14.（16分）如图，在水平固定放置的汽缸内，用不漏气的轻质活塞封闭有一定量的理想气体，开有小孔的薄隔板将

气体分为4、8两部分.活塞的横截面积为S,与汽缸壁之间无摩擦.初始时A、b两部分体积相同，温度为T,大气

压强为Pi.

⑴加热气体，使A、B两部分体积之比达到1:2,求此时的温度V；

⑵将气体温度加热至27；然后在活塞上施加一向左的水平恒力/=5piS,推动活塞，直至最终达到平衡，推动活塞过

程中温度始终维持2T不变，求最终气体压强

15.（12分）某空间存在一竖直向下的匀强电场和圆形区域的匀强磁场，磁感应强度为B,方向垂直纸面向里，如图

所示.一质量为m,带电量为+q的粒子，从P点以水平速度V。射入电场中，然后从M点沿半径射入磁场，从N点射

出磁场.己知，带电粒子从M点射入磁场时，速度与竖直方向成30。角，弧MN是圆周长的1/3,粒子重力不计.求:

（1）电场强度E的大小.

（2）圆形磁场区域的半径R.

（3）带电粒子从P点到N点，所经历的时间t.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

运动员从高山悬崖上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，开伞后减速下降，空气阻力大于

重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动.

【详解】

A.运动员从高山悬崖上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，开伞后减速下降，最后匀速下落；图象中加速度有

突变，而速度不可能突变，故A错误；

B.运动员从高山悬崖上跳伞，伞打开前可看作是自由落体运动，即空气阻力忽略不计，故只受重力；开伞后减速下

降，空气阻力大于重力，故合力向上，当阻力减小到等于重力时，合力为零，做匀速直线运动；即合力先等于重力，

然后突然反向变大，且逐渐减小到零，故B正确：

C.重力势能逐渐减小，吆即重力势能与高度是线性关系，故C错误：

D.机械能的变化等于除重力外其余力做的功，故自由落体运动过程机械能守恒，故D错误；

故选B.

2、A

【解析】

当小球对滑块的压力恰好等于零时，小球所受重力机g和拉力T使小球随滑块一起沿水平方向向左加速运动，由牛顿

运动定律得小球和滑块共同的加速度为，4二的-45。=10m

m

A.当〃=5，〃//<旬=]0"?/5?时，斜面对小球有支持力，将小球所受的力沿加速度方向和垂直于加速度方向分解,

有：Tcos45°—NsH=ma,外加45。+Ncos450=〃吆，联立解得：T=—N,故A正确；

2

B.当。=10〃?/s2=%=10〃〃s2时，斜面对小球恰好没有支持力，故N=o,故B错误；

C.当〃=12〃7/52>4=10〃?/$2时，滑块的位移为x=3小2=6/〃，而小球要先脱离斜面，然后保持与滑块相同的

运动状态，故在这1S内小球运动的水平位移小于6m,故C错误；

D.在稳定后，对小球和滑块A整体受力分析可知，在竖直方向没有加速度，故地面对A的支持力等于两个物体重力

之和，故D错误.

3、A

【解析】

根据振动图象判断质点振动方向的方法：沿着时间轴看去，“上坡”段质点向上振动，“下坡”段质点向下振动.

【详解】

AC.在Uis和r=3s时，振子偏离平衡位置最远，速度为零，回复力最大，加速度最大，方向指向平衡位置，A正确,

C错误；

BD.在r=2s和Z=4s时，振子位于平衡位置，速度最大，回复力和加速度均为零，BD错误.

4、C

【解析】

根据题意，设物块受到的最大静摩擦力为力对物块受力分析（如图所示），若尸〉〃吆sin〃，则物体有沿斜面向上运动的

趋势，f的方向应沿斜面向下阻碍物体相对之动趋势，有"=sin0+/….①；若Fc1gsm0,则物体有沿斜面向下

的运动趋势，/的方向沿斜面向上阻碍物体相对运动趋势，有5+,f="Lgsin8・…②；由最大静摩擦力等于滑动摩擦

力可知/=〃/〃gcose…③，由①②可求得f的值，而物块的质量/〃、斜面的倾角。无法求出，故物块对斜面的正压

力（N=mgcos。）也无法求出.综上所述，正确答案为C.

【考点定位】静摩擦力及力的平衡

5、B

【解析】

A.由勾股定理计算可知，排球水平位移大小为

x=«d+»+（$?

故A正确不符合题意；

B.排球做平抛运动，落地时间为

初速度

故B错误符合题意；

C.排球在竖直方向做自由落体运动可得

Vy=2g（H+h）

解得。=J2g（”+力），故C正确不符合题意；

D.排球末速度的方向与地面夹角的正切值

c匕2（〃+，）

lan6=」=/

"C+5尸十弓尸

故D正确不符合题意。

故选B。

6、B

【解析】

运动员跳高过程可以看做竖直上抛运动，当重心达到横杆时速度恰好为零，运动员重心升高高度约为：/?«L3m,根

据机械能守恒定律可知：3〃?/="吆"；解得：u=J5aJ=J2dm/sn5m/s,故B止确，ACD错误。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、CD

【解析】

A.由图知X处的电势等于零.所以2和&带有异种电荷.A错误:

B.图象的斜率描述该处的电场强度，故X处场强不为零，B错误；

C.负电荷从西移到超，由低电势向高电势移动，电场力做正功，电势能减小，故C正确;

D.由图知，负电荷从用移到超，电场强度越来越小，故电荷受到的电场力减小，所以D正确.

故选CDo

8、AD

【解析】

AB.设两恒星的轨道半径分别为，：、弓，双星系统有相同的周期，则有

/]+r2=L

2孙

vi

2/

匕=

联立可得

2TTL

Vl+V2=—

匕—J—

V2r2

故无法确定两恒星的线速度之比，而两恒星的线速度之和可以确定，选项A正确，选项B错误;

CD.又

G町也

弓小

八十6=匕

联立解得

4/Z?

町+阳2二七产

故可以确定两恒星的质量之和，但无法确定两恒星的质量之比，选项D正确，C错误。

故选ADo

9、BD

【解析】

A.因滑块的加速度先减小后反向增加，可知滑块先做变加速后做变减速运动，选项A错误:

B.弹簧处于原长时，加速度为。=5.2m/s2,由牛顿第二定律

mgsin37-〃/〃gcos37=ma

解得

〃=0.1

选项B正确；

C.由图像可知，弹簧被压缩x=0.1m时滑块的加速度减为零，则

mgsin37-〃，〃gcos37=kx

解得

A=156N/m

选项C错误；

D.由能量关系可知，滑块在最低点时，弹簧的弹性势能为

Ep=ing-2xsin37-pmgcos37-2x

解得

EP=3.12J

选项D正确。

故选BDO

10、AD

【解析】

A.PM刚进入磁场时有效的切割长度等于«,产生的感应电动势为

E=Bav,

感应电流为

.EBav

I——=-----,

RR

故A正确；

B.MW边所受的安培力大小为

R

方向垂直MW向下。PN边所受的安培力大小为

方向垂直PN向下，线框所受安培力大小

故B错误;

C.PM两端的电压为

...R13av

U=/•-=-----，

22

故C错误；

D.PM刚进入磁场后，有效的切割长度逐渐减小，感应电动势逐渐减小，感应电流将减小，故D正确。

故选：ADo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、甲6.7000.36

【解析】

⑴让球直径卡在两外测量爪之间，测量方法正确的是甲.

(2)螺旋测微器示数6.5""〃+20.0X0.01/77/72=6.7(X)/77777

⑶根据匀变速直线运动的推论可得纸带经过2号计数点时瞬时速度为：

(3.52+3.68)x10-2

m/s=0.36s

2x0.10

12、(2)3m/s2^)42m

【解析】

(1)由牛顿第二定律运用正交分解法求解加速度：

(2)根据运动公式求解撤去外力之前时的位移；根据牛顿第二定律求解撤去外力后的加速度和位移，最后求解总位移.

【详解】

(1)受力分析：正交分解：由牛顿第二定津得：

fcos45-f=ma；

Fsin45+N-mg=0；

联立解得：a=3m/s2

1,1、

(2)前4s内的位移为*=—at~=—x3x4'm=?4m,

22

4s末的速度为：v=at=]2m/s»

撤去外力后根据牛顿第二定律可知：-W咫=〃/,

解得：a'-一〃g=-4/////,

0-v20-P2

减速阶段的位移为：=--=m=18/«,

2a2x(-4]

通过的总位移为：x=x,+x2=42m.

【点睛】

此题是牛顿第二定律的应用问题；关键是知道加速度是联系运动和力的桥梁，运用正交分解法求解加速度是解题的重

点.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.4s(2)1.2rad/s(3)1.44N

【解析】

(1)突然松手，小球将沿着小半径的圆轨道相切飞出去，如图所示

即沿着图中AB方向做匀速直线运动，

直角三解形OAB中，/=0.3m；R=0.5m,贝口・%)=dR?—户=0.4m

则细线迅速放长0.2m所经历的时间为：/=.=0.4s

v

(2)依题意，小球刚运动B点时速度大小为lm/s,方向沿AB方向，如图，此时，可将速度分解为沿半径OB方向

的心和垂直半径OB方向的匕。由于小球到达B点时又迅速捏住细线，沿OB方向的以突然消失，小球将以人在大半

径上作匀速圆周运动，

v.v

根据△OABsABn/,—=—

1S,AB

3v

代入数据得：v1=y=0.6m/s

所以？co=—=