高一年级三月阶段性检测生物学试卷

高一年级三月阶段性检测生物学试卷考试时间：2026年3月25日上午10:15—11:30试卷满分：100分一、选择题：本题共18小题，每小题2分，共36分。每小题只有一项是符合题目要求的。1.实现豌豆人工异花传粉操作步骤的正确顺序是（）①套上纸袋②将花粉涂抹在除去雄蕊的雌蕊柱头上③采集另一植株的成熟花粉④除去母本未成熟花的雄蕊A.④①③②① B.①③②④① C.①②③④① D.①④③②①【答案】A【解析】【分析】孟德尔在做杂交实验时，先除去未成熟花的全部雄蕊，这叫做去雄。然后，套上纸袋。待雌蕊成熟时，采集另一植株上的花粉，撒在去雄花的雌蕊的柱头上，再套上纸袋。【详解】实现豌豆人工异花传粉操作步骤的正确顺序是：④去雄（先除去母本未成熟花的雄蕊）→①套上纸袋→③采集花粉（采集另一植株的花粉）→②授粉（将花粉涂抹在除去雄蕊的雌蕊柱头上）→①再套上纸袋，A符合题意。故选A。2.有一匹家系不明的雄性黑马与若干纯种枣红马，生出20匹枣红马和17匹黑马，你认为其中的显性性状是（）A.枣红色 B.黑色 C.不分显隐性 D.无法确定【答案】B【解析】【分析】分离定律的实质是在减数分裂产生配子的过程中，成对的遗传因子彼此分离。【详解】由题意知，亲本中的枣红马是纯种，且后代出现了黑马，则可判断出亲本中的枣红色为隐性纯合体，而后代中有枣红马，则可推知，亲本中的黑马为杂合体，且黑色是显性性状，B正确，ACD错误。故选B。3.孟德尔一对相对性状的杂交实验利用“假说演绎法”发现了遗传规律。下列有关“假说演绎法”的分析正确的是（）A.F2中出现“3：1”的性状分离比属于“假说演绎法”中的“假说”部分B.孟德尔通过设计并完成了测交实验证明了其假说是正确的C.用“假说演绎法”验证的实验结果总会与预期相符D.由F₂出现了“3：1”的性状分离比，推测生物体产生配子时，成对的遗传因子彼此分离属于“演绎推理”部分【答案】B【解析】【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说—演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；⑤得出结论（就是分离定律）。【详解】A、F2中出现“3：1”的性状分离比属于“假说演绎法”中的“观察现象”部分，A错误；B、孟德尔通过设计并完成了测交实验（利用F1与隐性纯合子进行杂交）证明了其假说是正确的，B正确；C、实验只是起到一个检验作用，用“假说演绎法”验证的实验结果不一定会与预期相符，C错误；D、由F₂出现了“3：1”的性状分离比，推测生物体产生配子时，成对的遗传因子彼此分离属于“提出假说”部分，D错误。故选B。4.甜瓜（2N=12）的叶色由一对等位基因控制，科研人员用正常叶色甜瓜和黄绿叶色甜瓜进行杂交实验，结果如图所示。下列说法错误的是（）A.根据实验一后代表型可判断，正常叶色为显性性状B.实验二为测交实验，可用于检测显性个体的基因型C.实验二子代同时出现显、隐性状的现象不属于性状分离D.用实验一的子代自交，后代的性状分离比是1：2：1【答案】D【解析】【分析】基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物，在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。【详解】A、实验一亲本正常叶色与黄绿叶色杂交，后代表型全部为正常叶色，正常叶色为显性性状，A正确；B、实验二为F1正常叶色与黄绿叶色（隐性）个体杂交后代的比例为1:1，说明实验二为测交实验，可用于检测F1显性个体的基因型，B正确；C、实验二亲本正常叶色和黄绿叶色杂交，子代出现正常叶色和黄绿叶色，不是性状分离，C正确；D、用实验一的子代（杂合子）自交，根据题干，正常叶色对黄绿叶色是完全显性，后代的性状分离比是应为3：1，D错误。故选D。5.在孟德尔利用豌豆进行两对相对性状的杂交实验中，可能具有1:1:1:1比例关系的是（）①杂种自交后代的性状分离比②杂种产生不同种类配子的比例③杂种测交后代的表型比例④杂种自交后代的基因型比例⑤杂种测交后代的基因型比例A②③⑤ B.②④⑤ C.①③⑤ D.①②④【答案】A【解析】【分析】孟德尔利用豌豆进行两对相对性状的杂交试验中，杂种子一代经减数分裂产生的配子有4种，比例为1：1：1：1；自交后代表现型有4种，比例为9：3：3：1；基因型有9种，比例为1：2：2：4：1：2：1：2：1。测交是指杂种子一代个体与隐性类型之间的交配，主要用于测定F1的基因型。【详解】①两对相对性状的杂种自交后代的性状分离比为9︰3︰3︰1，①不符合题意；②杂种产生不同种类配子（YR、Yr、yR、yr）的比例为1:1:1:1，②符合题意；③杂种测交（YyRr与yyrr杂交）后代的表型比例为1:1:1:1，③符合题意；④杂种（YyRr）自交后代的基因型比例为：1：2：2：4：1：2：1：2：1，④不符合题意；⑤杂种测交（YyRr与yyrr杂交）后代的基因型YyRr：Yyrr：yyRr：yyrr比例为1:1:1:1，⑤符合题意。综上，②③⑤符合题意，A正确，BCD错误。故选A。6.在模拟孟德尔杂交实验中，用4个大信封按照下表所示分别装入一定量卡片，然后从每个信封内各随机取出1张卡片，记录组合后放回原信封，重复多次。下列叙述正确的是（）A.每个信封内卡片总数需保证相等，保证同一个体产生的配子的种类及比例一致B.可模拟孟德尔杂交实验中F1自交产生F2的过程C.可模拟子代基因型，记录的卡片组合方式有9种D.雌1和雄2取出的卡片组合可以模拟自由组合【答案】B【解析】【详解】A、四个信封内卡片总数可以都不相等，只需保证同一个体产生的配子的种类及比例一致即可，即雌1和雌2两者总数相同，雄1和雄2两者总数相同，A错误；B、从每个信封中抽取一个卡片，模拟的是减数分裂时等位基因的分离，将同一性别的不同信封中的卡片组合，模拟的是非等位基因的自由组合，将来自不同性别的卡片继续组合模拟的是受精作用，所以上述结果可模拟孟德尔杂交实验中F1自交产生的F2，B正确；C、模拟子代基因型，记录卡片组合方式有16种，卡片组合类型有9种，C错误；D、从每个信封中抽取一个卡片，模拟的是减数分裂时等位基因的分离，将同一性别的不同信封中的卡片组合，模拟的是非等位基因的自由组合，将来自不同性别的卡片继续组合模拟的是受精作用。从雌1、雌2信封内各随机取出一张卡片，模拟非等位基因的自由组合产生雌配子的过程，D错误。7.南瓜所结果实中白色（A）对黄色（a）为显性，盘状（B）对球状（b）为显性，两对基因独立遗传。若让基因型为AaBb的白色盘状南瓜与“某南瓜”杂交，子代的性状表现及其比例如图所示，则下列叙述正确的是（）A.子代黄色盘状基因型为aaBBB.“某南瓜”的基因型为AabbC.配子形成过程中基因A和基因B遵循分离定律D.“某南瓜”的性状表现为白色盘状【答案】B【解析】【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】AB、由题图可知，子代白色∶黄色=3∶1，则亲本杂交方式为Aa×Aa，盘状∶球状=1∶1，亲本杂交方式为Bb×bb，已知一个亲本的基因型为AaBb，则另一个亲本的基因型为Aabb，子代黄色盘状基因型为aaBb，A错误，B正确；C、由“两对基因独立遗传”可知，两对基因位于两对同源染色体上，在配子形成过程中基因A和基因B遵循自由组合定律，C错误；D、“某南瓜”的基因型为Aabb，表型为白色球状，D错误。故选B。8.某植物叶形心形对披针形为显性，株高高茎对矮茎为显性，两种性状分别由两对独立遗传的基因控制。现用心形叶高茎植株与披针形叶高茎植株杂交，F1中披针形矮茎所占比例为1/8，下列推断不合理的是（）A.两个亲本均为杂合子 B.亲本心形叶高茎植株产生2种配子C.子代中纯合子的比例为1/4 D.子代有4种表型和6种基因型【答案】B【解析】【分析】基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】A、设心形、披针形分别由Y、y基因控制，高茎、矮茎分别由R、r控制。则亲本心形高茎植株基因型为Y_R_，披针形高茎植株基因型为yyR_，F1中披针形矮茎（基因型为yyrr）植株所占比例为1/8，后代有yy个体出现，说明亲本在Y/y这一对基因上为Yy×yy，后代有rr出现，说明在R/r这一对基因上为Rr×Rr，综合在一起考虑，亲本心形高茎植株基因型为YyRr，披针形高茎植株基因型为yyRr，两亲本均为杂合子，A正确；B、亲本心形高茎植株基因型为YyRr，且两种性状分别由两对独立遗传的基因控制，因此可产生四种配子，基因型分别是YR、Yr、yR、yr，B错误；C、亲本为YyRr×yyRr，则后代纯合子为yyrr和yyRR，其中yyrr=1/2×1/4=1/8，yyRR=1/2×1/4=1/8，二者共占1/8+1/8=1/4，C正确；D、亲本为YyRr×yyRr，考虑Y、y基因，后代有2种基因型，2种表型；考虑R、r基因，后代有3种基因型，2种表型，考虑两对基因，后代表型数目为2×2=4种，基因型有2×3=6种，D正确。故选B。9.将一批遗传因子组成为AA和Aa的豌豆自交）其中纯合子与杂合子的比例均为1：1，种植在试验田1，将另一批遗传因子组成为Bb和bb的玉米（自由交配）种子，其中显性与隐性的比例为1：1种植在试验田2，则在自然状态下，豌豆和玉米子一代的显性性状与隐性性状的比例分别为（）A.5：1、7：9 B.7：1、9：7 C.7：1、7：9 D.7：1、8：1【答案】C【解析】【分析】根据题意分析可知：豌豆是严格自花传粉，且是闭花授粉植物，自然条件下豌豆的自由交配是自交，玉米是异花传粉植物，因此在自然条件下的自由交配，可能是自交，也可能是杂交。【详解】由题意知，豌豆的基因型是AA和Aa，且比例是1：1，因此豌豆间行种植后，其自交后代中隐性个体aa的比例=1/2×1/4=1/8，显性个体=11/8=7/8，故显隐性性状的分离比7︰1；玉米的基因型及比例是Bb：bb=1：1，玉米产生的雌、雄配子的基因型及比例是B：b=1∶3，因此玉米间行种植后，自由交配后代中隐性性状bb=3/4×3/4=9/16，显性性状=19/16=7/16，故显性性状与隐性性状的比例为7：9，C正确，ABD错误。故选C。10.控制玉米株高的4对等位基因，对株高的作用相等，分别位于4对同源染色体上。已知基因型aabbccdd的玉米高10cm，基因型AABBCCDD的玉米高26cm。如果已知亲代玉米是10cm和26cm高，则F1的表现型及F2中可能有的表现型种类是（）A.12cm、6种 B.18cm、6种 C.12cm、9种 D.18cm、9种【答案】D【解析】【分析】自由组合的实质：当具有两对（或更多对）相对性状的亲本进行杂交，在子一代产生配子时，在等位基因分离的同时，非同源染色体上的基因表现为自由组合。其实质是非等位基因自由组合，即一对染色体上的等位基因与另一对染色体上的等位基因的分离或组合是彼此间互不干扰的，各自独立地分配到配子中去。因此也称为独立分配定律。【详解】据题意，亲代基因型为aabbccdd和AABBCCDD，F1为AaBbCcDd，高度为(26＋10)÷2＝18cm，F2中的表现型包含基因组成为0～8个显性基因的个体，共9种。故选D。11.某自花传粉植物的花瓣有单瓣和重瓣两种，受到一对等位基因Rr的控制。让单瓣植株自交，F1的表型及比例是单瓣：重瓣＝1∶1．让重瓣植株自交，F1全为重瓣植株。下列分析不合理的是（）A.单瓣对重瓣为显性B.含R的雌配子或雄配子致死C.重瓣植株为纯合子D.单瓣植株的基因型是RR或Rr【答案】D【解析】【详解】A、单瓣植株自交，F1的表型及比例是单瓣：重瓣=1：1，说明单瓣为显性性状，A不符合题意；B、让单瓣植株自交，F1的表型及比例是单瓣：重瓣=1：1，说明单瓣植株的基因型为Rr，且含R的雌配子或雄配子致死，而不是显性基因R纯合致死，B不符合题意；C、重瓣植株为隐性性状，为纯合子，C不符合题意；D、含R的雌配子或雄配子致死，因此不可能出现RR植株，单瓣植株的基因型是Rr，D符合题意。12.人类秃发由一对等位基因A和a控制，在男性中只有AA表现为不秃发，在女性中只有aa才表现为秃发。现有一对夫妇，丈夫秃发而妻子正常，生有一个正常女儿和一个秃发儿子。下列说法正确的是（）A.该对夫妇的基因型都是AaB.该对夫妇可能会生出秃发的女儿C.该对夫妇生的正常女儿的基因型是AaD.该对夫妇生的秃发儿子的基因型是aa【答案】B【解析】【分析】有题干可知，男性中AA为不秃发，Aa和aa都表现为秃发，女性中AA和Aa表现为不秃发，aa为秃发。【详解】A、有题干可知，丈夫秃发基因型为Aa或aa，妻子正常基因型为AA或Aa，他们生出一个正常女儿基因型为AA或Aa，和一个秃发儿子基因型为Aa或aa，则这对夫妇可能的基因型是：Aa×AA、Aa×Aa、aa×AA、aa×Aa，A错误；B、由以上分析可知，当这对夫妇基因型为：Aa×Aa或aa×Aa时，有可能生出基因型为aa的秃发女儿，B正确；C、由以上分析可知，当这对夫妇基因型为：Aa×AA或Aa×Aa时，其正常女儿的基因型为AA或Aa，当这对夫妇基因型为：aa×AA或aa×Aa时，其正常女儿的基因型为Aa，C错误；D、由以上分析可知，当这对夫妇基因型为：Aa×AA或aa×AA时，其秃发儿子的基因型为Aa，当这对夫妇基因型为：Aa×Aa或aa×Aa时，其秃发儿子的基因型为Aa或aa，D错误。故选B。13.甘蓝型油菜是我国重要的油料作物，它的花色性状由三对独立遗传的等位基因（A和a、B和b、C和c）控制。当有两个A基因时开白花，只有一个A基因时开乳白花，三对基因均为隐性时开金黄花，其余情况开黄花。下列叙述正确的是（）A.稳定遗传的白花植株的基因型有3种B.乳白花植株自交后代中可能出现4种花色C.基因型AaBbCc的植株测交，后代中黄花占3/16D.基因型AaBbCc的植株自交，后代中黄花占1/4【答案】B【解析】【分析】基因自由组合定律：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【详解】A、由题意可知，白花对应的基因型为AA____，稳定遗传的白花植株的基因型有3×3=9种，A错误；B、基因型为AaBbCc的乳白花植株自交后代，可以出现4种花色，B正确；C、基因型AaBbCc的植株测交（AaBbCc×aabbcc），后代aa____中，除了aabbcc为金黄色，其余基因型都是黄花，把三对基因拆开，第一对A/a按分离定律计算，第二、第三对基因按自由组合定律计算，可知，Aa×aa子代是Aa：aa＝1：1，BbCc×bbcc子代是BbCc：Bbcc：bbCc：bbcc＝1：1：1：1，所以黄花占1/2×3/4＝3/8，C错误；D、基因型AaBbCc的植株自交，后代aa____中，除了aabbcc为金黄色，其余基因型都是黄花，把三对基因拆开，第一对A/a按分离定律计算，第二、第三对基因按自由组合定律计算，可知，Aa×Aa子代是A_：aa＝3：1，BbCc×BbCc子代是B_C_：B_cc：bbC_：bbcc＝9：3：3：1，所以黄花占1/4×15/16＝15/64，D错误。故选B。14.现用山核桃甲（AABB）、乙（aabb）（A/a、B/b分别控制两对相对性状）两植株作亲本杂交得F1，F1测交结果如表，下列有关叙述错误的是（）测交类型测交后代的基因型种类及所占比值父本母本AaBbAabbaaBbaabbF₁乙1222乙F₁1111A.这两对基因的遗传遵循自由组合定律B.F1产生的雌雄配子中AB的成活率为1/2C.F1自交得F2，F2的基因型有9种D.F1自交得F2，F2的表型有4种【答案】B【解析】【分析】基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。【详解】A、由于子一代作母本进行测交实验，测交后代的基因型及比例是AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，因此两对等位基因遵循自由组合定律，A正确；B、如果F1作母本，测交后代AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，产生的配子中AB：Ab：aB：ab=1:1:1:1，说明雌配子中AB的成活率为100%，B错误；CD、子一代的基因型是AaBb，且两对等位基因进行自由组合，雌雄配子中都有AB、Ab、aB和ab四种，因此子一代自交后代的基因型是9种，F2有四种表型，CD正确。故选B。15.自私基因是通过杀死不含该基因的配子来改变分离比的基因。若自私基因E在产生配子时，能杀死自身体内不含E基因的一半雄配子。某基因型为Ee的亲本植株自交获得F1，F1个体随机授粉获得F2。下列推测错误的是（）A.亲本存活的雄配子中，E比例2/3B.F1中基因型为EE的比例为1/2C.F1存活的雄配子中，e比例1/3D.F2中基因型为Ee个体的比例为17/36【答案】B【解析】【详解】A、E基因在产生配子时，能杀死体内1/2不含该基因的雄配子，因此，亲本产生的雄配子中，E：e=2：1，E比例为2/3，A正确；B、基因型为Ee的植株产生的雄配子比例为2/3E和1/3e，雌配子比例为1/2E和1/2e，根据雌雄配子的随机结合，可求出F1中三种基因型个体的比例为EE：Ee：ee=（2/3×1/2）：（2/3×1/2+1/3×1/2）：（1/3×1/2）=2：3：1，F1中EE的比例为1/6，B错误；C、F1中三种基因型个体EE：Ee：ee的比例为2：3：1，据此可求出F1产生的雄配子为E=2/6+3/6×1/2=7/12，e=3/6×1/2×1/2+1/6=7/24，F1存活的雄配子中，E：e＝2：1，即e比例为1/3，C正确；D、F1雌配子中E：e=7：5，雄配子中E：e=2：1，由此可得F2中基因型为Ee个体的比例为5/12×2/3+7/12×1/3=17/36，D正确。16.已知小麦的耐盐对不耐盐为显性，多粒对少粒为显性，分别由等位基因A/a、B/b控制。已知含有某种基因的花粉1/3致死，现有一株表现为耐盐多粒的小麦，以其为父本进行测交，测交后代F1的4种表型为耐盐多粒：耐盐少粒：不耐盐多粒：不耐盐少粒=3：2：3：2。下列叙述错误的是（）A.这2对等位基因的遗传遵循自由组合定律B.取F1耐盐多粒小麦和耐盐少粒小麦各一株杂交，后代不耐盐多粒占1/8或3/20C.若以该植株为母本进行测交，后代上述4种表现型比例为1：1：1：1D.若该植株进行自交，后代上述4种表现型比例为12：4：3：1【答案】D【解析】【分析】一颗表现为耐盐多粒的小麦，以其为父本进行测交，测交后代F1的4种表现型为耐盐多粒：耐盐少粒：不耐盐多粒：不耐盐少粒＝3：2：3：2，据此可推知父本的基因型为AaBb，母本的基因型为aabb，而F1多粒：少粒=3：2，据此可知含b基因的花粉1/3致死。【详解】A、依题意，测交后代F1多粒：少粒=3：2，据此可知含b基因的花粉1/3致死。一颗表现为耐盐多粒的小麦，以其为父本进行测交，测交后代F1的4种表现型为耐盐多粒：耐盐少粒：不耐盐多粒：不耐盐少粒＝3：2：3：2，符合两对基因独立遗传时的测交比1：1：1：1的变式，据此可知，这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；B、若耐盐多粒小麦AaBb作母本雌配子的基因型及比例为1/4AB、1/4Ab、1/4aB、1/4ab，耐盐少粒小麦Aabb作父本，由于含有b基因的配子1/3致死，雄配子的基因型及比例为1/2Ab，1/2ab，则后代不耐盐多粒(aaBb)占的比例=1/4×1/2=1/8，若耐盐多粒小麦AaBb作父本雄配子的基因型及比例为3/10AB、2/10Ab、3/10aB、2/10ab，耐盐少粒小麦Aabb作母本雌配子的基因型及比例为1/2Ab，1/2ab，则后代不耐盐多粒(aaBb)占的比例=3/10×1/2=3/20，因此取F1的耐盐多粒小麦和耐盐少粒小麦各一株杂交，后代不耐盐多粒占1/8或3/20，B正确；C、以该植株为母本AaBb进行测交（产生的雌配子为4种，比例为1：1：1：1），按自由组合定律计算，后代上述4种表现型比例为1：1：1：1，C正确；D、若该植株AaBb进行自交，由于b的花粉1/3致死，Aa自交后代分离比为耐盐：不耐盐=3:1，而Bb自交（雌配子B：b=1:1，雄配子比例B：b=3:2）后代分离比为多粒：少粒=4:1，则AaBb进行自交，后代上述4种表现型比例即耐盐多粒：耐盐少粒：不耐盐多粒：不耐盐少粒=12：3：4：1，D错误。故选D。17.某自花传粉植物，有紫花和白花性状，受细胞核基因控制。选择某紫色植株自交，所得子代数量足够多，统计发现F1中开白花植株的比例为7/16，其余均开紫花（不考虑基因突变和互换）。相关分析错误的是（）A.若受两对等位基因控制，对亲本植株进行测交，则子代中白花植株的比例为3/4B.若受两对等位基因控制，F1的紫花植株进行自交，后代中有11/36的植株开白花C.若受一对等位基因控制，可能是杂合子植株产生的某种配子中有6/7不参与受精D.若受一对等位基因控制，F1的紫花植株进行自交，后代中有2/9的植株开白花【答案】D【解析】【详解】A、紫色植株自交，统计发现F1中开白花植株的比例为7/16，其余均开紫花。若受两对基因控制，则紫花AaBb自交后代紫花AB：（Abb+aaBb+aabb）=9:7，说明两对基因都是显性才表现紫花。亲本为AaBb测交后子代为AaBb、Aabb、aaBb、aabb表现为紫花：白花=1:3，A正确；B、若受两对等位基因控制，F1的紫花植株为1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，自交以后2/9AaBB的后代aaBB开白花，比例为2/9×1/4=2/36开白花，2/9AABb的自交后代为AAbb开白花，比例为2/9×1/4=2/36开白花，4/9AaBb进行自交后代Aabb、aaBb、aabb开白花比例为4/9×7/16=7/36，所以F1的紫花植株自交后代中有白花植株为2/36+2/36+7/36=11/36，B正确；C、若受一对等位基因控制，即紫花亲本为杂合子Aa，若某一种配子中有6/7不参与受精，即A:a=1:7，另外一种配子A:a=1:1，产生的后代符合开白花植株的比例为7/8×1/2=7/16，C正确；D、若受一对等位基因控制，则可能是某一种配子中有6/7不参与受精，即A:a=1:7，另外一种配子A:a=1:1，产生的后代符合开白花植株的比例为7/16，则F1为AA:Aa:aa=1:8:7，F1的紫花植株进行自交，则只有Aa个体自交后代会出现白花植株，其比例为8/9×7/16=7/18，D错误。故选D。18.某自花传粉植物体内有三种物质（甲、乙、丙），其代谢过程如图所示，三种酶均由染色体上的显性基因控制合成。为培育生产乙物质的优良品种，科学家利用野生型植株和两种突变植株（T1、T2）进行自交，结果如表所示（多或少指三种物质含量的多或少）。下列分析正确的是（）亲本（表型）自交F1代株数（表型）野生型（甲少、乙少、丙多）180（甲少、乙少、丙多）T1（甲少、乙少、丙多）90（甲少、乙多、丙少）、271（甲少、乙少、丙多）、120（甲少、乙少、丙少）T2（甲少、乙少、丙多）91（甲少、乙多、丙少）、270（甲少、乙少、丙多）、122（甲多、乙少、丙少）A.野生型、T1、T2基因型分别为AABBDD、AaBbDd、AaBbDDB.T1、T2自交F1代中（甲少、乙少、丙多）个体的基因型各有2种C.T1、T2自交F1代中（甲少、乙多、丙少）个体的基因型不完全相同D.理论上T1自交F1代中能稳定遗传的目标植株比T2自交F1代中多【答案】C【解析】【分析】自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。【详解】A、分析题意，野生型自交不发生性状分离，说明其是纯合子，则其基因型是AABBDD，也说明当ABD同时存在时，甲少、乙少、丙多；T1（甲少、乙少、丙多）ABD自交后，表现为3:9:4，该比例是9:3:3:1的变式，其中271（甲少、乙少、丙多）占9/16，其基因型是AaBBDd；T2自交时，子代有3种表现型，比例是3:9:4，该比例是9:3:3:1的变式，且其基因型是ABdd：ABD：（Abbdd、AbbD）=3:9:4，可知Bb、Dd两对基因自由组合，且T2的基因型是AABbDd，A错误；BC、甲少、乙少、丙多的基因型是ABD，T1AaBBDd自交，子代中甲少、乙少、丙多个体基因型有4种，T2AABbDd自交时，子代（甲少、乙少、丙多）个体的基因型也有4种，T1、T2自交F1代中（甲少、乙多、丙少）个体的基因型不完全相同，B错误，C正确；D、T1基因型是AaBBDd，T2基因型是AABbDd，两者杂交，子代中能稳定遗传的目标植株（生产乙物质的优良品种）（甲少、乙多、丙少）相同，D错误。故选C。二、非选择题：本题共4小题，共64分。19.在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表型与基因型的关系如表（注：基因型为AA的胚胎致死）。请分析回答相关问题：表型黄色灰色黑色基因型Aa1、Aa2a1a1、a1a2a2a2（1）基因型不同的两只黄色鼠亲本相互交配的子代表型及比例为______。（2）两只鼠杂交，后代出现三种表型，则该对亲本的基因型是______，它们再生一只黑色雄性老鼠的概率是______。（3）假设进行很多Aa2×a1a2的杂交，平均每窝生8只小鼠。在同样条件下进行许多Aa2×Aa2的杂交，预期每窝平均生______只小鼠。（4）现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型。实验思路：______。结果预测：①如果后代出现______，则该黄色雄鼠的基因型为Aa1。②如果后代出现______，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。【答案】（1）黄色∶灰色＝2∶1（2）①.Aa2、a1a2②.1/8（3）6（4）①.选用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交，观察后代毛色②.黄色和灰色③.黄色和黑色【解析】【小问1详解】黄色鼠基因型为Aa₁或Aa₂，且AA胚胎致死。亲本组合：Aa₁×Aa₂配子组合：A、a₁；A、a₂子代基因型及表型：AA（致死）Aa₁（黄色）Aa₂（黄色）a₁a₂（灰色）存活子代：黄色（Aa₁、Aa₂）:灰色（a₁a₂）=2:1【小问2详解】要使后代出现黄色（Aa₁/Aa₂）、灰色（a₁a₁/a₁a₂）、黑色（a₂a₂）三种表型，亲本必须同时提供A、a₁、a₂三种配子，且一方含A，另一方含a₁和a₂，符合条件的亲本基因型为：Aa₂×a₁a₂。子代基因型及表型：Aa₁（黄色）、Aa₂（黄色）a₁a₂（灰色）a₂a₂（黑色）黑色个体概率：1/4雄性概率：1/2再生黑色雄性老鼠概率：1/4×1/2=1/8。【小问3详解】Aa₂×a₁a₂：无致死基因型，平均每窝8只。Aa₂×Aa₂：子代基因型：AA（致死）、Aa₂（存活）、a₂a₂（存活）存活比例：3/4预期每窝平均生：8×3/4=6只。【小问4详解】实验思路选用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠（a₂a₂）杂交，观察后代的毛色表型。结果预测①若黄色雄鼠基因型为Aa₁：子代基因型：Aa₂（黄色）、a₁a₂（灰色）表型：黄色和灰色②若黄色雄鼠基因型为Aa₂：子代基因型：Aa₂（黄色）、a₂a₂（黑色）表型：黄色和黑色。20.某种植物的花色有紫色、白色两种。为探究该植物花色的遗传规律，某生物兴趣小组用该植物的纯种进行杂交实验，实验结果如下：亲本F1F2紫花×白花全为紫花紫花:白花=63:1对上述实验结果的可能原因，同学们作出了如下两种解释：①由一对基因（A、a）控制的，但含a的雄配子（花粉）部分不育；②由多对基因共同控制的（A、a，B、b，C、c……）。（1）如果假设①正确，F1紫花植株产生的可育雄配子中，a配子所占比例是____________。（2）为验证上述假设，可对F1进行____________实验，请预测两种假设的实验结果：假设①：如果用F1作母本，后代紫花和白花之比____________；如果用F1作父本，后代紫花和白花之比是____________。假设②：如果用F1作母本，后代紫花和白花之比是____________；如果用F1作父本，后代紫花和白花之比是____________。（3）如果假设②是正确的，上述杂交实验产生的F2紫花植株中纯种植株占____________。【答案】①.1/32②.测交③.1:1④.31:1⑤.7:1⑥.7:1⑦.1/9【解析】【分析】根据题意，紫花和白花杂交，F1全为紫花植株，F1自交F2中有紫花和白花，说明紫色对白色为显性；若植物的花色由一对基因（A、a）控制且含a的雄配子（花粉）部分不育，则F1基因型为Aa，F1产生的配子有1/2A、1/2a，F2中白花植株aa占1/64，aa=1/2a（雌）×雄配子，则F1紫花植株产生的可育雄配子中a=1/32；若植物的花色由多对基因共同控制的（Aa、Bb、Cc...…），根据F2中白花植株aa占1/64，推测花色有3对等位基因控制，F1紫花植株基因型为AaBbCc，白花植株基因型为aabbcc，其他为紫色，据此分析。【详解】（1）如果由一对基因（A、a）控制的，但含a的雄配子（花粉）部分不育、母本产生的配子的类型及比例是A:a=1:1，假设可育的含a雄配子的比例是x，则有aa=1/2x=1/64，x=1/32。（2）根据假设①，F1基因型为Aa，F1作母本，测交子代为紫色（Aa）：白色（aa）=1:1；F1作父本，产生配子为1/32a、31/32A，测交结果为紫色（Aa）：白色（aa）=31:1。据假设②：F1基因型为AaBbCc，F1作母本与F1作父本产生配子相同，测交AaBbCc×aabbcc，子代白花aabbcc=1/2×1/2×1/2=1/8，则紫花为7/8，紫花:白花=7:1。（3）如果实验证明假设②是正确的，则上述实验F2中的紫花植株的基因型中纯合体分为3种情况，3对等位基因都显性纯合（AABBCC），占1/64，2对显性纯合（AABBcc、AAbbCC、aaBBCC）占1/64×3，一对显性纯合（aabbCC、AAbbcc、aaBBcc），占1/64×3，紫花中纯合的比例是（1/64+3/64+3/64）：（63/64）=1/9。【点睛】本题考查了基因分离定律和自由组合定律的相关知识，意在考查学生根据题干信息和问题，对所学知识进行整合和迁移的能力，解答此题需要学生具备一定的分析推理能力，对题干信息进行发散思维，展开联想，即可得出正确的答案。21.某兴趣小组在科研部门的协助下进行了下列相关实验：取甲（雄蕊异常，雌蕊正常，表现为雄性不育）、乙（可育）两个品种的水稻进行相关实验，实验过程和结果如下表所示。已知水稻雄性育性由等位基因A/a控制，A对a完全显性，B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育。F1F1个体自交单株收获，种植并统计F2表现型甲与乙杂交全部可育一半全部可育另一半可育株∶雄性不育株＝13∶3（1）利用雄性不育植株培育杂交水稻的优点是______，大大减轻了杂交操作的工作量。（2）该性状在遗传上______（填“遵循”或“不遵循”）自由组合定律，理由是______。（3）甲、乙的基因型分别为______。F2中的可育株中，能稳定遗传的个体所占的比例为______。（4）若要利用F2中的两种可育株杂交，使后代雄性不育株的比例最高，则双亲的基因型为______。【答案】（1）不需进行人工去雄操作（2）①.遵循②.F2另一半可育株∶雄性不育株=13∶3，是9∶3∶3∶1的变式（3）①.Aabb、aaBB②.（4）AABb和aabb【解析】【小问1详解】利用雄性不育植株培育杂交水稻的优点是不需进行人工去雄操作，大大减轻了杂交操作的工作量。【小问2详解】已知水稻雄性育性由等位基因A/a控制，A对a完全显性，F1个体自交单株收获得到的F2中的一半表现的性状分离比为可育株：雄性不育株=13：3，是9：3：3：1的变式，判断该性状受两对位于非同源染色体上的等位基因控制，即遵循自由组合定律。【小问3详解】由题可知，B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育。说明雄性不育株一定不含B基因，一半个体自交得到F2代中，可育株：雄性不育株=13：3，是9：3：3：1的变式，可推测雄性不育株基因型是A_bb，可育的基因型为A_B_、aaB_、aabb，据此确定控制雄性不育的基因为A，根据F2的表型及比例可知，F2一半全部可育，说明这一半不含有A基因，故F1基因型为aaBb；而F2另一半可育株：雄性不育株=13：3，说明F1基因型为AaBb，进而推测可知甲的基因型是Aabb、乙的基因型是aaBB。甲与乙杂交获得的F1基因型为aaBb或AaBb。F1基因型为aaBb自交后代的基因型共3种，aaBb，aabb，aaBB，全部可育；基因型为AaBb自交后代的基因型共9种，其中AAbb、Aabb表现为不育一共占，由于B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育。故AaBb自交后代产生的可育植株为AABB，AaBB，AABb，AaBb、aaBB、aaBb、aabb，F2中可育植株有+×=，F2能稳定遗传的植株所占的比例为+×(++++)=，所以F2中的可育株中，能稳定遗传的个体所