2025-2026学年湖北随州市九年级上册2月期末物理试题（含答案）

/2025-2026学年度上学期九年级期末学业水平模拟考试物理·化学本试题卷共14页，满分120分，考试时间120分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后，请将试卷和答题卡一并交回。第一部分物理一、选择题（共12题，每题2分，共24分，在每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1.如图所示，在纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅兵式上，运油-20A加油机与歼-20战斗机等组成加受油梯队，模拟加油状态飞过天安门。歼-20飞行员觉得自己是运动的，他选择的参照物是（）A.天空中的白云 B.他自己 C.运油-20A加油机 D.歼-20战斗机【答案】A【解析】【详解】A．以天空中白云为参照物，歼-20战斗机相对于白云的位置发生了改变，所以歼-20飞行员会觉得自己是运动的，故A符合题意；B．以他自己为参照物，其相对位置没有发生变化，是静止的，故B不符合题意；C．以运油-20A加油机为参照物，歼-20战斗机与加油机之间的位置没有发生变化，是静止的，故C不符合题意；D．以歼-20战斗机为参照物，其相对位置没有发生变化，是静止的，故D不符合题意。故选A。2.如图为一种电动牙刷，它能发出超声波，直达牙刷毛刷不到的地方，这样刷牙既干净又舒服。下列关于超声波的说法正确的是（）A.超声波不能在空气中传播 B.人耳听到嗡嗡声就是超声波C.超声波能传递能量 D.超声波不是由物体振动产生的【答案】C【解析】【详解】A．声音的传播需要介质，超声波能在空气中传播，故A错误；B．超声波的频率高于20000Hz，频率太高，不在人耳的听觉范围之内，所以听不到超声波，故B错误；C．超声波可以刷牙，将牙上的污垢除干净，说明超声波能传递能量，故C正确；D．声音是由物体的振动产生的，超声波是由物体振动产生的，故D错误。故选C。3.如图所示是我国正在雅鲁藏布江大拐弯区建设世界最大水电站，该地在短短50公里内水的落差就达2230米。工程计划在山体内建设五级梯级电站，而不是只建成一级电站，年发电量可满足3亿家庭用电需求。关于该水电站，下列说法正确的是（）A.水电站将水的重力势能全部转化为电能 B.建成五级电站可以减小水对发电机叶轮的压强C.建成五级电站是为了增大水的重力势能 D.发电量只与上下游水的落差有关【答案】B【解析】【详解】A．水电站在能量转化过程中，水的重力势能会先转化为水的动能，再带动发电机转化为电能，同时会有部分能量因摩擦、水流冲击等损失，不可能全部转化为电能，故A错误；B．建成五级电站，将总落差2230米分解为多个较小的单级落差，每一级的水位差减小，根据液体压强公式，水对发电机叶轮的压强也会减小，从而降低对设备强度的要求，更利于工程实施，故B正确；C．水的重力势能只与水的质量和总高度有关，与是否分级无关，总落差和水量不变，总重力势能也不变，故C错误；D．发电量不仅与上下游的落差有关，还与水的流量、流速、发电机效率等多种因素有关，故D错误。故选B。4.小丽在家煮饺子时，将生饺子放入水中会下沉。加热到沸腾后，她改用小火维持沸腾，看到水面上白雾升腾，饺子煮熟后都漂浮了。下列关于煮饺子的过程说法正确的是（）A.水沸腾后用小火加热，水的温度会降低 B.白雾的形成是汽化现象C.饺子漂浮时，浮力大于重力 D.饺子煮熟后，体积增大，受到的浮力增大【答案】D【解析】【详解】A．水沸腾时特点是吸收热量，但温度保持不变，所以水沸腾后用小火加热，水的温度不会降低，故A错误；B．白雾是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，并非汽化现象，故B错误；C．饺子漂浮时，根据物体的浮沉条件，此时浮力等于重力，故C错误；D．生饺子放入水中会下沉，浮力小于重力，饺子煮熟后，由下沉变为漂浮，浮力等于重力，所以受到的浮力增大，故D正确。故选D。5.丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，其原因是（）A.玻璃棒失去了一些电子 B.玻璃棒得到了丝绸的电子C.玻璃棒得到了丝绸的原子核 D.玻璃棒失去了一些原子核【答案】A【解析】【详解】丝绸与玻璃棒摩擦时，玻璃棒的原子核束缚电子的本领比丝绸弱，因此玻璃棒会失去电子，导致其因缺少电子而带正电；丝绸则因得到电子而带负电，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。6.如图所示是我国空间站的机械臂，它类似于人的手臂，可以省距离，下列工具使用时与机械臂属同类型杠杆的是（）A.用羊角锤起钉子 B.用镊子夹砝码C.用老虎钳剪断铁丝 D.用瓶盖起子起瓶盖【答案】B【解析】【详解】机械臂可以省距离，所以一定费力，属于费力杠杆。A．用羊角锤起钉子，动力臂大于阻力臂，羊角锤是省力杠杆，故A不符合题意；B．用镊子夹砝码，动力臂小于阻力臂，镊子是费力杠杆，故B符合题意；C．用老虎钳剪断铁丝，动力臂大于阻力臂，老虎钳是省力杠杆，故C不符合题意；D．用瓶盖起子起瓶盖，动力臂大于阻力臂，瓶盖起子是省力杠杆，故D不符合题意。故选B。7.家庭的卫生间一般都要安装照明灯和换气扇，使用时，有时需要各自独立工作，有时又需要同时工作。图中所示的电路，符合上述要求的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】照明灯和换气扇都可以单独工作，所以，它们都需要有单独的开关来控制，所以，它们应该并联，而且各自支路上都有开关，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。8.小明发现封闭在容器内的液体很难被压缩，说明（）A.分子间有空隙 B.分子在运动C.分子间有引力 D.分子间有斥力【答案】D【解析】【详解】液体难以被压缩是因为分子间存在斥力，而不是引力。分子间的引力和斥力共同作用，使得液体分子保持一定的距离，但主要原因是斥力使得液体难以被进一步压缩。故选D。9.电炉工作时，电炉丝很热，而连接电炉丝的铜导线却不太热，这是因为（）A.电炉丝中有电流的热效应，而铜导线中没有电流的热效应B.通过电炉丝的电流比通过铜导线的电流大C.电炉丝的电阻比铜导线的电阻大得多D.铜导线比电炉丝散热快【答案】C【解析】【详解】A．电流通过导体，将电能转化为内能的现象叫做电流的热效应，故电流通过电炉丝和铜导线都会发热，都具有电流的热效应，故A不符合题意；BC．由于电炉丝和连接电炉丝的铜导线是串联的，根据串联电路电流的特点可知，通过它们的电流相等，通电时间也相同，由焦耳定律可知，电炉丝热得发红，而跟电炉丝连接的铜导线却不太热的原因是电炉丝的电阻比铜导线的电阻大得多，故B不符合题意，C符合题意；D．由以上分析可知，导致电炉丝和铜导线产生热量不同的原因是电阻不同，而不是由于铜导线比电炉丝散热快，故D不符合题意。故选C。10.南北朝时期的《关尹子·九药篇》记载：“瓶存二窍，以水实之，倒泻；闭一则水不下。”意思是瓶中装满水，瓶口密封，瓶上有两个小孔，闭住一个，水就不能从另一个孔流出来。这主要是由于（）A.大气压的作用 B.瓶口阻力的作用 C.瓶内气体引力的作用 D.分子引力的作用【答案】A【解析】【详解】当瓶上有两个小孔时，外界的空气可以通过其中一个小孔进入瓶内，瓶内的水在重力作用下会从另一个小孔流出；如果闭住一个小孔，瓶内的空气无法和外界连通，此时外界的大气压会作用在另一个小孔的水面上，这个压力会阻止水流出。所以这个现象主要是由于大气压的作用，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。11.如图所示的电路，闭合开关后，发现电灯不亮，用试电笔测试图中的a、b、c、d四点，只有a点不发光，可能发生的故障是（）A.ab间断路 B.灯泡断路C.a左侧的零线断路 D.d左侧的火线断路【答案】A【解析】【详解】用试电笔测试b、c、d三点，氖管都发光，这说明从火线到b点之间的电路都是完好的，没有断路；而试电笔测试a点时，氖管不发光，这说明b点到零线之间的导线出现断路，由此可以判断出是a、b之间某处断路，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。12.公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列说法正确的是（）A.接线柱“1”应与“2”连接B.“显示器”由电压表改装而成C.若货车质量增大，则电阻R两端电压增大D.若货车质量增大，通过电阻的电流增大【答案】D【解析】【详解】AB．由图可知，显示器串联在电路中，则显示器由电流表改装而成。当货车质量增大时，滑片P向下移动，要使由电表改装成的显示器的示数增大，即电路中的电流增大，根据欧姆定律，在电源电压不变的情况下，需要使电路中的总电阻减小。若接线柱“1”与“3”连接，当滑片P向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，电流增大，符合显示器的示数随货车质量增大而增大的要求；若接线柱“1”与“2”连接，当滑片P向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电流会变小，不符合要求。所以接线柱“1”应与“3”连接，故AB错误；C．若货车质量增大，滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小。根据欧姆定律，电源电压U不变，总电阻R总​减小，所以电路中的电流I增大。定值电阻R0​的阻值不变，根据U0​=IR0​，电流I增大，所以定值电阻R0​两端的电压U0​增大。因为电源电压U不变，根据串联电路的电压特点U=UR​+U0​，U0​增大，所以滑动变阻器R两端的电压UR​减小，故C错误；D．由前面分析可知，若货车质量增大，滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律​，电源电压U不变，总电阻R总​减小，所以电路中的电流增大，即通过电阻R0​的电流增大，故D正确。故选D。二、填空题（共4题，每空1分，共10分）13.如图所示，同一个插排上同时使用多个大功率用电器，这些用电器是______（选填“串联”或“并联”）的，插排导线中的电流将______，容易引起火灾。【答案】①.并联②.很大【解析】【详解】[1]同一个插排上同时使用多个大功率用电器，这些用电器能够独立工作，因此插排上的用电器采用并联连接方式。[2]如果同时使用多个大功率用电器，用电器总功率过大，根据公式，家庭电路电压一定，所以当电功率P越大，电流I就会非常大，容易发生火灾。14.电阻R和灯泡L的关系图像如图甲所示，电阻R的阻值为______Ω，将R和L按如图乙所示的方式连接在电源两端，闭合开关，电流表示数为0.4A，电源电压为______V。【答案】①.5②.3【解析】【详解】[1]从图甲可知，通过的电流为时，电压为，根据欧姆定律可知，电阻的阻值[2]将和灯泡串联，电流表测量电路电流。根据串联电路的特点，结合图中数据可知，当电路中的电流为时，电阻和灯泡两端的电压分别为、，则电源电压15.如图，在注射器内密封酒精蒸汽、温度传感器和电子点火器点火头，按动点火器，酒精蒸汽被点燃，活塞被迅速推出。温度传感器的示数变化如下图所示。图中bc段对应的能量转化是______能转化为______能，相当于热机的______冲程。【答案】①.内②.机械③.做功【解析】【详解】[1]bc段是酒精蒸汽燃烧后推动活塞做功的过程。在这个过程中，气体的内能减少，温度降低，而活塞获得了机械能。因此，bc段是内能转化为机械能的过程。[2]在做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，内能减少，温度降低，内能转化为机械能，这与bc段的能量转化相同。16.如图所示，一人站在地面上竖直向上抛出一个重为3N的小球，小球离手后仍能上升，是因为小球具有______。假设在运动过程中小球受到的空气阻力始终为1N，则小球在上升过程中受到的合力为______N，下降过程中受到的合力为______N。【答案】①.惯性②.4③.2【解析】【详解】[1]由于小球具有惯性，会保持原来的运动状态，因此小球离手后仍能上升。[2]小球在上升过程中受到竖直向下的重力和竖直向下的阻力，则受到的合力[3]下降过程中受到竖直向下的重力，竖直向上的阻力，则下降过程中受到的合力三、探究实践题（共5题，共21分）17.如图甲是甘肃敦煌的熔盐塔式光热电站，它使用了超过1.2万面平面镜来反射阳光。当太阳位置发生变化时，自动控制系统可以调整平面镜的角度，将太阳光准确地反射到吸热塔的顶端，从而达到聚热的效果。请在图乙中画出满足此条件的平面镜，并标出平面镜与水平线的夹角度数（保留必要的辅助线）。【答案】【解析】【详解】根据光的反射定律，用虚线作入射光线与反射光线夹角的角平分线为法线，过入射光线、反射光线、法线交点作法线的垂线即为平面镜的位置，据图可知，入射光线与反射光线的夹角是可得反射角为45°，法线与平面镜垂直，则反射光线与平面镜之间的夹角是45°，已知反射光线与水平面的夹角是30°，则平面镜与水平线的夹角是作图如图所示：18.2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心发射，如图甲所示，如图乙为运载火箭的示意图，O为其重心，在图乙中画出运载火箭竖直向上加速升空过程中所受重力G和推力F的示意图。【答案】【解析】【详解】由题可知，运载火箭在竖直向上加速升空，说明火箭所受到的推力大于重力，所以，分别过重心作出推力和重力的示意图，标上对应符号，且推力的线段比重力的长，如下图所示：19.在“比较不同物质吸热能力”的实验中，相关的操作及分析如下。（1）在两个完全相同的烧杯中分别装入______（选填“质量”或“体积”）、初温都相同的液体a和液体b；（2）实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内液体a和液体b吸收的热量______（选填“相同”或“不同”），然后比较______来完成探究实验；（3）根据实验测得的数据分别描绘出了液体a和液体b两种液体的温度随加热时间变化的图像如图所示。则______的吸热能力更强，液体a与液体b的比热容之比为______。【答案】（1）质量（2）①.相同②.升高的温度（3）①.液体b②.1:2【解析】【小问1详解】根据控制变量法，要比较不同物质的吸热能力，需控制不同物质的初温和质量相同，所以加入质量和初温相同的液体a和液体b。小问2详解】[1]实验中用同样的加热器，放出的热量才相同，在相同时间内，可以认为在相同时间内液体a和液体b吸收的热量相同。[2]同样的加热器使质量、温度均相同的水和煤油在相同时间内吸收的热量相等。根据转化法和可知，吸收相同的热量，升高的温度不同，故可以比较升高的温度来完成探究实验。【小问3详解】[1]图像可知，质量相同的液体a和液体b升高相同的温度，液体b加热时间长，吸收的热量多，说明液体b的吸热能力强。[2]由图像可知，液体a、b都加热5min，液体b温度变化量为液体a温度变化量为

由可得

则20.如图甲所示是“探究电流与电阻关系”的实验电路图，电流表量程为0.6A和3A，电压表量程为3V和15V。（1）实验思路是：在电压一定的前提下，改变电阻的大小，再观察______的大小。这里“改变电阻的大小”可以选择图乙中______（选填“①”或“②”）来实现。（2）实验中滑动变阻器应该连在图甲的______（选填“a”或“b”）位置。（3）实验中测得的数据如下表。电阻两端电压电阻R/Ω5101520电流I/A1.20.60.40.3观察表中数据可知，为了精确测量，实验中当电阻为______Ω时电流表应更换为小量程。小华根据数据得出的结论是：电压一定时，导体的电阻R与流过导体的电流I成反比。这个结论是错误的，原因是____________。【答案】（1）①.电流②.①（2）b（3）①.10②.说反了，是电阻影响电流，正确说法为电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。【解析】【小问1详解】[1]探究电流与电阻关系的实验中需要改变电阻的大小，测量出对应电阻的电流，进而得出电流与电阻的关系。[2]实验中改变电阻需要确定电阻的阻值，因此应选择电阻箱即①来实现。【小问2详解】滑动变阻器在该实验中起到的作用是保持定值电阻两端电压不变，因此电压表不能测量滑动变阻器两端电压，即滑动变阻器应接在b位置。【小问3详解】[1]据表格数据可知，当电阻为10Ω时，对应电路中的电流为0.6A，为了减小测量误差，应更换为小量程。[2]电阻是导体属性，与通过导体的电流无关，因此“电压一定时，导体的电阻R与流过导体的电流I成反比”的说法错误，是电阻影响了电流，故正确的说法应是：电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。21.在测量某个定值电阻Rx的阻值时，电路图如图甲，实物图如图乙所示。（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将图乙中未连接部分连接起来。（2）该实验的原理是______。（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到______端（选填“A”或“B”）。闭合开关，移动滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数接近电源电压且几乎不变。若电路中只有一处故障，则可判断该故障是____________。（4）排除故障后，若某次测量时电压表的示数为5V，电流表的示数如图丙所示，则待测电阻______Ω。（5）小明用一块电流表和一个定值电阻也可以测未知电阻的阻值，他设计了如图丁所示的电路图，并进行如下实验操作，电源电压不变。①闭合开关S和，记下电流表的示数为，电源电压为______。②闭合开关S、断开开关，记下电流表的示数为；则未知电阻的表达式为______。（请用已知量和测出量、完成填空）【答案】（1）（2）（3）①.B②.处断路（4）10（5）①.②.【解析】【小问1详解】根据电路图甲，电压表应并联在定值电阻两端，滑动变阻器采用“一上一下”接线方式。按此连接实物图，如图所示【小问2详解】伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形式，即通过测量电阻两端的电压U和通过电阻的电流I，来计算电阻的阻值。【小问3详解】[1]为保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处。由图可知，滑动变阻器滑片移到B端时，接入电路的电阻丝最长，阻值最大，所以应移到B端。[2]闭合开关后，电流表示数几乎为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压且几乎不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，所以与电压表并联的断路。【小问4详解】由图丙可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其示数为0.5A。已知电压表示数，电流，则【小问5详解】[1]闭合开关S和S1时，被短路，电路中只有，电流表测电路中的电流，示数为，则电源电压为[2]闭合开关S、断开开关S1时，与串联，电流表测电路中的电流，示数为，根据串联电路电压的规律因为电源电压不变，所以解得四、综合应用题（