2025-2026学年湖南衡阳市衡阳县九年级下册五科联赛物理试题（含答案）

/衡阳县2026年初三五科联赛试题物理温馨提示：1.考试时量为60分钟，满分为100分；2.请你将姓名、准考证号等相关信息按要求填涂在答题卡上；3.请你在答题卡上作答，答在本卷上无效。一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分）1.通过两年的物理学习，同学们对生活中一些数据的认知有了长足的进步，下列各物理量的估测，最符合实际的是（）A.家中电饭锅正常煮饭时，通过它的电流约10mAB.重型卡车正常的装载量约为2000tC.初中生立定跳远的成绩约2.50dmD.初中男生肺活量约为2500mL【答案】D【解析】【详解】A．家庭电路电压为220V，家中电饭锅功率约1000W，通过它的电流，故A不符合题意；B．重型卡车正常装载量一般为几十吨，2000t属于大型货运船舶的装载量级，故B不符合题意；C．初中生立定跳远成绩一般在2m（即20dm）左右，故C不符合题意；D．初中男生肺活量的正常范围约为2000~3500mL，故D符合题意。故选D。2.在做“探究凸透镜成像的规律”的实验中，实验器材的位置如图所示，在光屏上恰好观察到烛焰清晰的像（图中未画出），则下列说法正确的是（）A.此时光屏上得到倒立、等大的实像B.照相机是利用此成像原理制成的C.将蜡烛移动到标尺上的10cm处，要在光屏上得到的清晰像，光屏应该向右平移D.蜡烛燃烧变短后像会向上移动，可将凸透镜向下调节，使像回到光屏中央。【答案】D【解析】【详解】A．由图可知，物距u小于像距v，根据凸透镜成像规律，此时光屏上得到的是倒立、放大的实像，而不是倒立、等大的实像，故A错误；B．照相机是利用物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小实像的原理制成的，如图成的是放大实像，故B错误；C．根据凸透镜成实像的情况下成像规律满足“物远像近像变小”可知，将蜡烛移动到标尺上的10cm处，物距增大，像距变小。要在光屏上得到清晰的像，光屏应该向左平移，而不是向右平移，故C错误；D．蜡烛燃烧变短后，烛焰的位置向下移动，像会向上移动。根据通过光心的光线传播方向不变，将凸透镜向下调节，可使像回到光屏中央，故D正确。故选D。3.如图是新推出的一款甜品，因为在下面盛水的大碗里加了干冰，所以盛甜品的小碗的周围冒着大量“白气”。下列说法正确的是（）A.甜品周围的“白气”是甜品升华形成的水蒸气B.甜品周围的“白气”是空气中的水蒸气液化所形成的小水珠C.甜品周围的“白气”是干冰升华成的二氧化碳气体D.“白气”的形成需要吸热【答案】B【解析】【详解】在下面盛水的大碗里加了干冰，干冰升华吸热，空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，形成大量“白气”，液化放热，故B正确，ACD错误。故选B。4.关于比热容，下列说法正确的是（）A.物体的比热容跟物体吸收或放出的热量有关，吸收的热量越多，比热容越大B.物体的比热容跟物体的升高的温度有关，升高的温度越小，比热容越大C.物体的质量越大，它的比热容就越大D.比热容是物质的一种特性，与质量、升高的温度等无关【答案】D【解析】【详解】比热容是物质本身的固有特性，它只与物质的种类和状态有关，和物体的质量、吸收或放出的热量、升高或降低的温度都无关。故ABC错误，D正确。故选D。5.如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平拉力的作用，的大小与时间的关系和物体速度与时间的关系如图乙所示．下列说法正确的是（）A.该物体3～6s内受平衡力作用B.该物体3～6s内在做匀速直线运动C.该物体0～3s受到的摩擦力大于2ND.该物体在第5s受到地面的摩擦力为4N【答案】D【解析】【详解】AB．由v-t图像可知，物体在3~6s时做加速运动，速度一直在增大，说明物体受到非平衡力的作用，故AB错误；C．由v-t图像可知，物体在0~3s静止，说明物体受力平衡，此时物体受到的推力大小与静摩擦力大小相同，由F-t图像可知，此时F为2N，所以静摩擦力大小也为2N，故C错误；D．由图乙v-t图像可知，物体在6~9s做匀速直线运动，此时物体受到的推力大小等于滑动摩擦力大小，由F-t图像可知，此时F为4N，所以滑动摩擦力大小也为4N，物体在第5s时做加速运动，相比于物体做匀速直线运动时，物体与地面的接触面粗糙程度不变，压力不变，所以物体受到地面的滑动摩擦力大小也为4N，故D正确。故选D。6.关于下面三幅图的说法正确的是（

）A.如甲图，实验中玻璃管上方若有一个小孔，水银会从小孔向上喷出B.如甲图，仅将竖直玻璃管倾斜，玻璃管内水银柱的长度也会变长C.如乙图，把自制气压计从山底移到山顶，细管内的水柱下降D.如丙图，盆景中的水位能保持一定高度，是利用了连通器原理【答案】B【解析】【详解】A．托里拆利实验中，玻璃管上方若有一个小孔，则玻璃管内外都与大气压相通，构成了连通器，则管内的水银面将下降，最终与管外液面相平，故A错误；B．若甲图竖直玻璃管倾斜，由于大气压强不变，因此水银柱的高度不变，但水银柱的长度变长，故B正确；C．把自制气压计从山下移到山顶，由于大气压随海拔高度的增加而降低，细管内外的压强差变大，所以，细管内的水柱上升，故C错误；D．丙图中，盆景中的水位能保持一定高度，不是利用了连通器原理，而是利用大气压强，因为连通器是上端开口下部相连通的容器，由图可知，盆景中的瓶子上端不开口，是封闭的，故D错误。故选B。7.重为100N的甲物体静止在水平地面上时，对地面的压强为，现将甲物体用细绳挂在轻质杠杆的端，并在杠杆的端悬挂乙物体，乙物体的质量为，杠杆在水平位置平衡时，如图所示，已知，取，下列说法正确的是（）A.要使甲物体恰好被细绳拉离地面，则甲物体对地面的压力只需减少20NB.甲物体的底面积为C.要使甲物体恰好被细绳拉离地面，则杠杆端所挂物体的质量应增加至D.要使甲物体恰好被细绳拉离地面，则可以移动支点的位置，使【答案】C【解析】【详解】A．当时，杠杆B端受到的拉力由杠杆平衡条件可得则杠杆A端受到的拉力则甲受到的拉力此时甲物体对地面的压力要使甲物体恰好被细绳拉离地面，甲物体对地面的压力只需减少25N，故A错误；B．重为的甲物体静止在水平地面上时，对地面的压力，由可得，甲物体的底面积，故B错误；C．当时，且甲物体恰好被细绳拉离地面时，A端受到细绳的拉力由杠杆平衡条件可得，则杠杆B端受到的拉力因杠杆B端受到的拉力等于物体乙的重力，所以，由可得，物体乙的质量则杠杆B端所挂物体的质量应增加至，故C正确；D．移动支点的位置，设甲物体恰好被细绳拉离地面时，由杠杆的平衡条件可得，，即解得，即，故D错误。故选C。8.如图所示是小球在地面弹跳的频闪照片，下列说法中正确的是（）A.小球弹起的高度越来越小，说明在此过程中能量不守恒B.在此过程中小球的机械能总量是保持不变的C.小球运动到相同的高度，具有相同的动能D.实验前小球的初温t1低于实验后小球的末温t2【答案】D【解析】【详解】AB．由图可知，小球运动过程中弹起的高度越来越小，说明重力势能越来越小，同时速度越来越小，则动能越来越小，所以小球的机械能减少；机械能减少的原因是克服空气摩擦做功，与地面撞击做功，能量的总量保持不变，故AB错误；C．小球运动到相同的高度，质量不变，速度不同，动能不同，重力势能相同，故C错误；D．在小球的运动中，与空气摩擦做功或与地面撞击做功，有一部分机械能转化成了内能，则内能变大，温度升高，即实验前小球的初温t1低于实验后小球的末温t2，故D正确。故选D。9.如图甲所示，是一种对驾驶员进行检测的呼气式酒精测试仪，其简化电路如图乙所示，测试仪里面装有气敏电阻R，其阻值R随酒精气体浓度K变化的图像如图丙所示。已知电源电压为12V，是阻值为20Ω的定值电阻，设血液酒精浓度呼出酒精气体浓度，当血液酒精浓度时，属于饮酒驾驶。下列说法正确的是（）A.图甲中的检测器相当于一个电压表B.气敏电阻R的阻值随酒精气体浓度的增大而增大C.酒精气体浓度越大，检测器的指针偏转角度越大D.电流表示数为0.12A时，属于饮洒驾驶【答案】C【解析】【详解】A．由电路图可知，检测器是串联接入电路中的，电流表才是串联接入电路，所以检测器相当于一个电流表，故A错误；B．由图丙可知，气敏电阻R的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，故B错误；C．酒精气体浓度越大，气敏电阻R的阻值越小，整个电路总电阻越小，由可得，电路总电流越大，检测器指针偏转角度越大，故C正确；D．电流表示数为0.12A时，由可得，此时电路的总电阻为气敏电阻R的阻值为由图丙可知，此时的呼出气体酒精浓度为4×10−5mg/mL，此时的血液酒精浓度为此时血液酒精浓度小于0.2mg/mL，此时没有酒驾，故D错误。故选C。10.现有两盏白炽灯，甲灯标有“6V3W”，乙灯标有“6V6W”，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列分析正确的是（）A.两灯串联，为保护两灯，电源电压最多允许为12VB.两灯串联在同一电路中，乙灯亮一些C.两灯并联，为保护两灯，干路电流最大允许为0.5AD.两灯并联在同一电路中，乙灯亮一些【答案】D【解析】【分析】本题关键是能通过两灯规格比较出两灯电阻的大小关系，可以利用两灯的规格分别计算出额定电流、电阻，然后再根据选项中的问题，利用相应的规律、公式即可解答。【详解】甲灯的额定电流甲灯的电阻乙灯的额定电流乙灯的电阻A．当两灯串联时，为保护两灯，电路中的最大电流此时电路中的总电阻此时电路中的最大电压，故A错误；B．两灯串联在同一电路中，电流I相等，因为，根据可知，甲灯的实际功率更大，甲灯更亮，故B错误；C．两灯并联时，为保护两灯，电源最大电压此时甲、乙两灯均正常发光，干路的最大电流，故C错误；D．两灯并联在同一电路中，电压U相等，因为，根据可知，乙灯的实际功率更大，乙灯更亮一些，故D正确。故选D。11.如图，将底面积相同甲、乙两容器置于水平面上，分别往两容器中倒入质量相等的不同液体，现将完全相同的正方体A、B分别放入两容器中，当A、B都静止时，两容器液面相平，则下列说法正确的是（）A.物体A底部受到液体的压力大于物体B底部受到液体的压力B.物体A底部受到液体的压强等于物体B底部受到液体的压强C.甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力D.甲容器底部受到液体的压强等于乙容器底部受到液体的压强【答案】B【解析】【详解】AB．A、B是相同正方体，在液体中都漂浮，浮力等于重力，即又因为浮力等于上下表面压力差，物体上表面压力为0，所以物体底部受到的压力等于浮力，即，，因此物体底部压强，因为A、B底面积S相同，压力相等，所以压强也相等。故A错误，B正确；CD．由图可知，由于A、B受到的浮力相同，根据阿基米德原理可知甲容器液体的密度小于乙容器液体的密度，且放入物块后液面相平，根据可知，两液体对容器底的压强关系为，由可知，甲容器底部受到液体的压力小于乙容器底部受到液体的压力，故CD错误。故选B。12.如图甲所示，电源电压保持不变，为定值电阻，为变阻器，闭合开关，将变阻器的滑片从一端滑到另一端，绘制出变阻器的电功率随电流变化的图像如图乙所示，下列分析正确的（）A.滑动变阻器的最大阻值是10Ω B.电源电压是10VC.的阻值为20Ω D.消耗的最大功率为3.6W【答案】D【解析】【分析】由图甲可知，变阻器R1和电阻R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压，变阻器连入电路的电阻最大，电路的总电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知最小电流和对应的电功率，根据电功率的公式得到变阻器的最大阻值；由图乙可知，电路中的电流和对应的电功率，根据电功率的公式得到变阻器的阻值，由欧姆定律和串联电路电压的规律列出关系式可以得到R0的阻值和电源电压；根据得到消耗的最大功率。【详解】ABC．由图甲可知，变阻器R1和电阻R0串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压，变阻器的滑片在最左端时，变阻器连入电路的电阻最大，电路的总电阻最大，由欧姆定律可知电路中的电流最小，由图乙可知电路中的最小电流是0.2A，变阻器的电功率是2.0W，变阻器的最大阻值电源电压为①由图乙可知电路中的电流是0.4A，变阻器的电功率是3.2W，变阻器的阻值电源电压为②由①②得到，，故ABC错误；D．消耗的功率当时，R1功率最大，R1的最大功率故D正确。故选D。二、填空题（每空2分，共18分）13.雪后“万籁俱静”，是因为蓬松的雪能_____（选填“增强”或“减弱”）声音的反射，要想听到回声，回声到达人耳的时间要比原声晚0.1s以上，已知声音在空气中传播的速度，一个人对着高墙喊话，要想听到回声，人离高墙的距离要大于_____m。【答案】①.减弱②.17【解析】【详解】[1]蓬松的雪存在大量疏松多孔的结构，声音进入空隙后会发生多次反射，能量逐步被消耗，以此减弱声音的反射。[2]已知声音传播速度和回声滞后原声的最小时间，先计算声音从人到高墙再返回的总路程：由于人到高墙的距离是总路程的一半，因此计算得即人离高墙的距离需大于17m。14.“杯弓蛇影”是我国古代的经典成语，讲述了有人在酒杯中看到“蛇”而心生恐惧，从物理学角度分析，杯中的“蛇影”实质是墙上弓箭的_____（选填“实像”或“虚像”），其形成原理是光的_____（选填“直线传播”、“反射”或“折射”）。【答案】①.虚像②.反射【解析】【详解】[1]酒杯的酒面可看作平面镜，平面镜成像时，像由反射光线的反向延长线会聚形成，无法用光屏承接，这类像属于虚像范畴。[2]墙上弓箭的光经酒面反射后，反射光线进入人眼，人眼逆着反射光线感知到对应的像，这一成像过程的原理是光的反射。15.老鼠离开洞穴沿直线前进，它的速度与到洞穴的距离成反比，当它行进到离洞穴为10cm的甲处时速度为10cm/s，则行进到离洞穴为40cm的乙处时，速度是__cm/s，从甲处到乙处需时__s．【答案】①.2.5②.7.5【解析】【详解】因为老鼠速度v大小与其离洞口的距离d成反比，即有d1v1=d2v2，所以v2＝d1v1/d2=10×10/40＝2.5cm/s作出1/v-d图象，则曲线与横轴所围“面积”的数值正是老鼠从A到B所需的时间，即t＝（）（）/2=7.5s．16.如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个重为8N、边长为10cm的立方体物块，与容器底部不密合。以的恒定水流向容器内注水，容器中水的深度随时间的变化关系如图乙所示。由图中信息可知，容器的底面积为_____，图乙中的值是_____cm，当时，水对容器底部的压强大小是_____Pa。【答案】①.125②.8③.1040##【解析】【详解】[1][2]已知物块重，当时，物块刚好漂浮，浮力等于重力

根据阿基米德原理，得排开水的体积

物块底面积此时水的深度等于物块浸入深度

时，注入水的总体积

注入水的体积为

代入数据得解得容器的底面积为

。[3]时，经过，注入水体积漂浮后水深增加量

总水深

水对容器底的压强三、作图与实验探究题（第17小题2分，其余每空2分，共28分）17.如图所示，一束光线从空气射向一块玻璃三棱镜，这束光进入三棱镜会发生一次折射，离开三棱镜进入空气中也会发生一次折射，请完成折射光路图。【答案】【解析】【详解】当光从空气斜射入玻璃时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光从玻璃斜射入空气时，折射光线远离法线，折射角大于入射角。如图所示：18.学校科技小组进行了“测量小石块密度”的实验；（1）用天平测小石块的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和标尺上游码的位置如图甲所示，则小石块的质量为_____g，用量筒、细线和水测得小石块的体积为，则小石块的密度为_____；（2）利用浮力知识，科技小组的同学又用另一种方法测出了小石块的密度；①如图乙，将长方体物块放入柱形盛水容器中，物块漂浮，测出物块浸入水中的长度；②如图丙，将小石块放在物块上，测得物块浸入水中长度与图乙相比增加了．此时物块受到的浮力与图乙相比_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）；③如图丁，将小石块用细线（细线体积和质量均忽略不计）系在物块下，测得物块浸入水中的长度与图乙相比增加了。④根据以上信息可得，小石块密度的表达式为_____（用、、表示）。【答案】（1）①.54②.（2）①.变大②.【解析】【小问1详解】[1]砝码质量为50g，标尺分度值为0.2g，游码对应刻度为4g，所以小石块的质量[2]小石块的密度为【小问2详解】[1]当小石块放在物块上时，物块和石块的总重力增大。由于物块始终漂浮，浮力等于总重力，因此浮力变大。[2]图丙中，增加的浮力等于石块的重力则图丁中，增加的浮力等于石块排开水的重力解得石块密度19.小科同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，阻值分别为10Ω，20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω1A”字样。（1）小科连接好电路，闭合开关前，滑片应移至最_____端（选填“左”或“右”）；（2）闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是_____；（3）故障排除后，小科先把10Ω的电阻接入电路，移动滑片，使电压表示数为某一预设值，根据图丙可知该预设值为_____V；（4）读出电流表示数后，断开开关，他保持滑动变阻器的滑片不变，把定值电阻换成20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图乙所示，接下来他向_____（填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片，直至电压表示数恢复原来的示数；（5）当小科改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动、滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值，造成该现象的原因是滑动变阻器_____。【答案】（1）右（2）短路（3）2（4）右（5）最大阻值太小【解析】【小问1详解】为了保护电路元件，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于其阻值最大的位置，如图甲，滑动变阻器应移至最右端。【小问2详解】电流表指针正常偏转，说明电路是通路。电压表示数为零，说明与电压表并联的定值电阻R两端没有电压。这种情况最可能的原因是定值电阻R发生了短路。【小问3详解】由图丙可知，当时，

，则电压

【小问4详解】将10Ω的电阻换成20Ω的电阻后，根据串联分压原理，定值电阻分得的电压会增大。从图乙可以看出，电压表的示数为2.4V，高于预设的2V。为了使电压表示数恢复到2V，需要减小定值电阻两端的电压，即增大滑动变阻器两端的电压。根据串联分压原理，需要增大滑动变阻器接入电路的电阻。因此，应将滑片向右调节，直到电压表示数回到2V。【小问5详解】实验要求保持定值电阻两端的电压为

。电源电压为。根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端的电压应为

当使用的电阻时，根据串联电路分压原理，滑动变阻器需要接入的电阻应满足​即由于所用滑动变阻器的最大阻值为20Ω，小于所需的25Ω，所以无法通过调节滑片使50Ω电阻两端的电压达到2V。因此，造成该现象的原因是滑动变阻器最大阻值太小。20.小明在测量滑轮组机械效率的实验中，所用装置如图所示，实验中每个钩码重力为2N，测得的数据如表所示。实验次数钩码重钩码上升的高度测力计的示数测力计移动的距离机械效率140.11.80.3260.12.40.383%340.11.40.557%440.21.41.057%（1）第1次实验测得的机械效率为_____（保留整数）；（2）分析表中数据可知第4次实验是用图_____（选填“甲”“乙”或“丙”）做的；（3）分析第1、2次实验数据可知：使用同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越_____；（4）分析第1、3次实验数据可知：使用不同的滑轮组，提升相同的重物，动滑轮个数越多。（即动滑轮总重越重），滑轮组的机械效率_____（选填“越高”或“越低”）。【答案】（1）74%（2）丙（3）高（4）越低【解析】小问1详解】第一次实验的机械效率为【小问2详解】第4次实验所用滑轮组的绳子段数为，而图丙为5段绳子，所以是用图丙做的。【小问3详解】第1、2次使用同一滑轮组，第1次提升物重，机械效率；第2次提升物重，机械效率，因此可得：使用同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越高。【小问4详解】第1、3次提升相同重物，第1次动滑轮总重更小，机械效率；第3次动滑轮总重更大，机械效率，因此可得：使用不同滑轮组提升相同重物，动滑轮总重越重，滑轮组的机械效率越低。四、综合应用题（第21小题8分，第22小题10分，共18分）21.如图甲所示装置由杠杆PQ、圆柱形物体a、b以及水箱、滑轮等组成。杠杆PQ只能绕O点在竖直平面内转动，PO:OQ=1:3；P端通过竖直绳连接a，a通过竖直轻杆固定在地面上；b浸没在水中，通过细绳、滑轮与杠杆Q端相连。开始时PQ水平，打开出水口阀门，轻杆对a的作用力F的大小随水面下降高度x变化的规律如图乙所示。已知a、b质量分别为ma=1.5kg、mb=1.08kg，滑轮、杠杆和绳的重力均忽略不计，忽略所有摩擦，g=10N/kg，水的密度。求：（1）打开阀门前b受到的浮力；（2）b的密度；（3）当b受到的拉力大小为8.4N时，b下表面处的液体压强。【答案】（1）4N（2）2.7×103kg/m3（3）2.4×103Pa【解析】【小问1详解】由图乙可知，当水面下降高度x小于10cm时，轻杆对a的作用力F不变，则P端绳对a的拉力不变，Q端绳的拉力不变，绳对b的拉力不变，b受到的浮力不变，此时b完全浸没在水中；当水面下降高度x在10cm至50cm之间时，轻杆对a的作用力F方向先向上，大小逐渐减小，直至减小为零，之后F方向变为向下，大小逐渐增大，此时P端绳对a的拉力逐渐增大，Q端绳的拉力也逐渐增大，绳对b的拉力也逐渐增大，b受到的浮力逐渐减小，此过程为b上表面刚露出水面到b下表面刚露出水面的过程；当水面下降高度x大于50cm时，轻杆对a的作用力F不变，则P端绳对a的拉力不变，Q端绳的拉力不变，绳对b的拉力不变，b受到的浮力不变，此时b完全露出水面。打开阀门前轻杆对a的作用力F=4.8N，物体a处于静止状态，竖直方向受力平衡，则打开阀门前P端绳对a的拉力为FP拉=Ga-F=mag-F=1.5kg×10N/kg-4.8N=10.2N由PO:OQ=1:3可知，打开阀门前Q端绳的拉力为图中承重绳子股数n=2，滑轮、杠杆和绳的重力均忽略不计，此时绳子对b的拉力为Fb=2FQ拉=2×3.4N=6.8N此时，物体b处于静止状态，竖直方向受力平衡，则打开阀门前b受到的浮力为Fb浮=Gb-Fb=mbg-6.8N=1.08kg×10N/kg-6.8N=4N【小问2详解】由得，b的体积为b的密度为【小问3详解】当b浸没时，受到的拉力为6.8N，b的重力不变，当b受到的拉力大小为8.4N时，浮力需减小，则此时b上表面露出水面，由得，，即b下表面处的液体压力等于浮力，当b受到的拉力大小为8.4N时，b下表面处的液体压力为由图乙可知，当水面下降高度x小于10cm时，轻杆对a的作用力F不变，则P端绳对a的拉力不变，Q端绳的拉力不变，绳对b的拉力不变，b受到的浮力不变，此时b完全浸没在水中；当水面下