2026届浙江宁波市高三第二学期高考与选考模拟考试（二模）物理试卷（解析版）

第1页/共1页宁波市2025学年第二学期高考与选考模拟考试物理试卷本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间90分钟。考生须知：1、答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卡规定的位置上。在答题卡上框内答题，并按答题卡上要求答题。2、可能用到的相关参数：若无特别说明，重力加速度g均取。选择题部分一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个选项是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.托尔（Torr）是真空技术领域广泛应用的计量单位，其定义为1毫米汞柱产生的压强，精确值为133.322Pa。现用国际单位制的基本单位表示托尔，下列单位正确的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【详解】压强的定义式为，结合牛顿第二定律可知：力的国际基本单位为，面积的国际基本单位为，因此压强的国际基本单位为。故选A。2.在2026年米兰-科尔蒂纳冬奥会上，中国队斩获5金4银6铜，刷新境外冬奥会参赛最佳战绩。如图为我国部分夺金运动员的比赛现场照片，下列说法正确的是（）A.甲图中，裁判为腾空完成技巧动作的苏翊鸣打分时，可将其视为质点B.乙图中，徐梦桃从跳台斜向上飞出后，先处于超重状态，后处于失重状态C.丙图中，谷爱凌在U形池中滑行时，池对她的支持力大小等于她对池的压力大小D.丁图中，宁忠岩以1分41秒98的成绩打破速度滑冰1500米奥运纪录，其全程平均速度约为14.7m/s【答案】C【解析】【详解】A．裁判为苏翊鸣打分时，需要关注他的动作细节，不能忽略其形状和大小，因此不能将其视为质点，故A错误；B．徐梦桃从跳台斜向上飞出后，整个过程只受重力作用，加速度始终为重力加速度，方向竖直向下，全程处于失重状态，不存在超重阶段，故B错误；C．池对谷爱凌的支持力和谷爱凌对池的压力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律，二者大小始终相等，故C正确；D．先将时间换算为秒，即1分41秒98=101.98秒，是宁忠岩速度滑冰运动的路程，所以平均速率为，由于速度滑冰运动的位移明显小于路程，所以平均速度大小一定小于平均速率，故D错误。故选C。3.如图所示，不倒翁静止在斜面上，接触点为P。下列说法正确的是（）A.不倒翁只受重力与弹力作用 B.不倒翁对斜面的作用力方向竖直向下C.不倒翁的重心可能位于图中的M点 D.斜面对不倒翁的弹力是因为不倒翁发生了形变【答案】B【解析】【详解】A．不倒翁受重力、弹力和摩擦力的作用，A错误；B．由平衡可知斜面对不倒翁的作用力与不倒翁的重力等大反向，可知斜面对不倒翁的作用力竖直向上，由牛顿第三定律可知，不倒翁对斜面的作用力方向竖直向下，B正确；C．不倒翁受过P点垂直斜面向上的支持力、过P点沿斜面向上的摩擦力以及竖直向下的重力作用，因三力为共点力，可知不倒翁的重心不可能位于图中的M点，C错误；D．斜面对不倒翁的弹力是因为斜面发生了形变，D错误。故选B。4.我国计划利用月球土壤中丰富的钛资源建造小型核反应堆，为未来的月球基地提供持续能源。该反应堆中涉及的部分核反应方程如下：①，②，③。下列说法正确的是（）A.方程①中的X是质子 B.比少一个中子C.方程③中的电子来自原子的内层电子 D.月球上的真空及低温环境使钍的半衰期变长【答案】B【解析】【详解】A．核反应遵循电荷数守恒、质量数守恒，方程①中X的电荷数为质量数为，因此X是中子，不是质子，故A错误；B．原子核的中子数=质量数-质子数，的中子数为的中子数为，前者比后者少1个中子，故B正确；C．方程③为β衰变，β衰变释放的电子来自原子核内部，是中子转化为质子时产生的，并非原子的内层电子，故C错误；D．半衰期由原子核内部本身的性质决定，与外界温度、压强、真空环境等无关，因此钍的半衰期不变，故D错误。故选B。5.如图为同一平面内的一簇实线，可能是静电场的等势线，也可能是磁场的磁感线，则（）A.若为等势线，则Q点的电场强度一定大于P点的电场强度B.若为等势线，则同一正电荷在Q点的电势能一定小于在P点的电势能C.若为磁感线，则小磁针静止于Q点和P点时N极的指向一定相同D.若为磁感线，则同一电流元放在Q点时所受安培力一定大于放在P点时所受安培力【答案】A【解析】【详解】A．静电场中，等势线的疏密反映电场强度的大小，等势线越密，电场线也越密，电场强度越大。由图可知Q点的线比P点更密，因此Q点的电场强度一定大于P点，故A正确；B．题目没有给出等势线的电势高低分布，无法判断Q点和P点的电势大小关系，因此无法确定同一正电荷在两点电势能的大小，故B错误；C．磁感线的切线方向就是该点的磁场方向，小磁针静止时N极指向与磁场方向一致。Q点和P点处磁感线的切线方向不同，因此小磁针N极指向不同，故C错误；D．安培力大小为，安培力大小不仅和磁感应强度有关，还和电流元与磁场的夹角有关，若Q点电流元方向与磁场平行，安培力为0，小于P点安培力，因此不是一定更大，故D错误。故选A。6.关于下列四幅插图说法正确的是（）A.图甲时刻线圈的自感电动势正在增大B.图乙中滑动变阻器触头向右移动时，微安表示数一定增大C.图丙两根玻璃管中分别是水和水银，则在左侧玻璃管中的是水银D.图丁为日光灯启动器的双金属片，是利用两种金属的热膨胀系数不同来工作的【答案】D【解析】【详解】A．由图中电流方向可知，此时电容器处于放电过程，电荷量减小，电路中的电流逐渐增大到最大值，根据LC震荡电路电流随时间是正弦式图像的特点可知电流增大时，其变化率​逐渐减小，根据自感电动势公式可知自感电动势逐渐减小，A错误；B．乙是光电效应实验，图中电路加的是正向电压，滑动变阻器触头右移，正向电压增大；若光电流已经达到饱和值，微安表示数不会再增大，因此不是“一定增大”，B错误；C．水对玻璃是浸润现象，液面呈凹形，管壁处液面高、中心低；水银对玻璃是不浸润现象，液面呈凸形，中心高、管壁处低，图丙中左侧液面为凹形，因此左侧是水，C错误；D．启动器的双金属片是由热膨胀系数不同的两种金属压合而成，温度变化时两种金属膨胀程度不同，使双金属片弯曲，实现电路通断，D正确。故选D。7.2026年3月，我国”蓝焱”220吨级液氧甲烷发动机完成长程试车，将助力载人登月等任务。假设搭载”蓝焱”发动机的火箭将一艘飞船先送入圆轨道Ⅰ运行，飞船经多次变轨进入地月转移轨道，如图所示。已知a是圆轨道Ⅰ上的点，b是椭圆轨道Ⅱ上的远地点，c是转移轨道上的点，且a、b两点到地球球心的距离分别为R和3R。忽略飞行过程中飞船质量的变化，则飞船（）A.从轨道Ⅱ进入转移轨道需向前喷出燃气 B.在c点的机械能大于在b点的机械能C.经过a、b两点的速度之比为 D.在轨道Ⅰ、Ⅱ上的周期之比为【答案】B【解析】【详解】A．从轨道Ⅱ进入转移轨道，飞船需做离心运动，即向后喷出燃气，向前喷出燃气会导致减速，故A错误；B．飞船在点从轨道Ⅱ进入转移轨道需点火加速，机械能增加，所以在点的机械能大于在轨道Ⅱ上点的机械能，故B正确；C．如果为轨道Ⅱ的近地点，为远地点，根据开普勒第二定律有解得而实际上a是圆轨道Ⅰ上的点，进入轨道Ⅱ，需要在近地点加速，所以，故C错误；D．轨道Ⅰ半径为，轨道Ⅱ半长轴为根据开普勒第三定律有解得，故D错误。故选B。8.如图所示，一组合棱镜的横截面是边长为1.2L的等边三角形ABC，一细光束从AD边上的P点以角度入射，经折射到达AE边上恰好发生全反射。已知光在上面部分ADE的折射率，在下面部分DBCE的折射率，，，则（）A.光进入棱镜后频率减小 B.光在上、下介质中的波长之比为C.入射角的正弦值为 D.该细光束无法从BC边射出【答案】C【解析】【详解】A．光的频率由光源决定，与介质无关，则光进入棱镜后频率不变，A错误；B．根据可知，光在上、下介质中的波长之比为，B错误；C．光在AE边上恰好发生全反射，则在P点时解得入射角的正弦值为，C正确；D．如图，该光束从Q点发生全反射后射到DE边上的M点，此时光线在M点的入射角等于在P点的折射角，即为，则在M点的折射角满足解得因光线从BC边射出时的临界角为，即，可知该细光束可从BC边射出，D错误。故选C。9.如图所示，在水平地面上有一固定的、内表面光滑的薄壁开口容器，其通过竖直轴的截面轮廓为一抛物线，O点为抛物线顶点。两个相同的小球a、b，分别在容器内和高度处的水平面内做匀速圆周运动，且，则a、b两球（）A.所受弹力之比为 B.所受合力之比为C.周期之比为 D.线速度之比为【答案】D【解析】【详解】A．抛物线方程为；根据数学导数知识，抛物线在某点的斜率与横坐标成正比，即，由于支持力与接触的切面垂直，根据几何可知，切面与水平面的夹角等于支持力与竖直方向的夹角θ，所以因，可知所受弹力之比不等于，A错误；B．合力为因，可知ab所受合力之比为，B错误；C．根据又r=x，所以则周期，k是常数，与两球高度无关，所以容器中两球周期和角速度相等，故C错误。D．线速度，可知线速度之比为，D正确。故选D。10.如图1所示，在竖直平面内有两根相互平行、间距为d的光滑导轨，垂直导轨平面存在磁感应强度为B的匀强磁场，导轨的顶端连接一阻值为R的电阻，一质量为m、电阻可忽略、与导轨垂直且始终接触良好的导体棒从某一位置无初速释放，经时间达到稳定速度。根据条件我们可以算出棒的稳定速度、时间内棒下落的高度以及回路产生的热量等物理量。如图2所示为一电源E、电阻R和电感L构成的回路，忽略电源内阻与线圈的直流电阻，闭合开关S后，经时间达到稳定电流。可将图2情境的方法类比图1情境的方法进行研究，下列说法正确的是（）A.图2中电流i可类比图1中棒的加速度aB.图2中电流i达到稳定之前随时间均匀增大C.图2中经时间流过线圈的电荷量为D.图2中经时间电阻R上产生的热量为【答案】C【解析】【详解】A．图1中导体棒下落，由牛顿第二定律得

可得​

​图2中为RL通电回路，由基尔霍夫电压定律

对比可得，图2中电流i可类比图1中棒的，A错误；B．由

可得故电流增大时，逐渐减小，因此电流不是均匀增大，B错误；C．根据可得全过程累加可得可得全过程通过截面的电荷量而可得，C正确；D．由能量守恒，电源输出总能量其中一部分转化为电阻的热量，另一部分转化为电感储存的磁场能​因此

代入、可​得：，D错误。故选C。二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中，至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11.下列说法正确的是（）A.机械波和电磁波都有多普勒效应B.物体发生共振时，其位移始终最大C.6G（频率高于5G）技术使用的电磁波与5G相比，粒子性更显著D.根据相对论，两事件在一个参考系中是同时的，在另一个参考系中一定也同时【答案】AC【解析】【详解】A．机械波有多普勒效应，电磁波也有多普勒效应，故A正确；B．物体发生共振时，其振幅最大，故B错误；C．6G（频率高于5G）技术使用的电磁波与5G相比，频率变高，波长变短，可知粒子性更显著，故C正确；D．根据相对论，两事件在一个参考系中是同时的，在另一个参考系中不一定也同时，故D错误。故选AC。12.如图1所示，波源分别位于和处的两列简谐横波沿x轴相向传播，波速均为0.2m/s。时刻两波源同时起振，振动图像均如图2所示。下列说法正确的是（）A.两列波的波长均为0.2mB.0~10s内，处质点经过的路程为50cmC.和处质点的速度始终相同D.两列波叠加稳定后，间有9个质点的振幅为10cm【答案】BC【解析】【详解】A．两列波的周期为T=2s，则波长均为，A错误；B．左侧波传到x=0位置的时间，右侧波传到x=0位置的时间，可知0~8s内x=0处的质点振动5s=2.5T，经过的路程为s=2.5×4A=50cm；因x=0的位置到两波源的距离之差为，可知该点振动减弱，振幅为零；则t=8s后，x=0处的质点不振动，则0~10s内，处质点经过的路程为50cm，B正确；C．因左侧波传到点和右侧波传到点的时间相同，即两点同时起振且振动方向相同；而左右两列波又同时传到和处，则和处的质点振动情况总相同，即速度始终相同，C正确；D．两列波叠加稳定后，间振动加强点的坐标满足即，当n=0时x=0.5m；n=1时x=0.7m，x=0.3m；n=2时x=0.9m，x=0.1m；n=3时x=1.1m；n=4时x=1.3m；n=5时x=1.5m；即有8个质点的振幅为10cm，D错误。故选BC。13.如图所示，一束质量均为m、电荷量均为q的带电粒子，从A点以不同速率沿水平方向进入磁感应强度大小为、电场强度大小为E的正交的复合场中。其中一粒子从O点以水平速度离开复合场区域后进入一云室，云室内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，此后粒子一直在云室内运动，并始终受到与速度方向相反的阻力作用，直至速度减为0。以O点为原点建立xOy直角坐标系，不计粒子重力，且电荷量保持不变，则（）A.该粒子一定带正电B.可能大于C.若，则该粒子在云室内的总路程为D.若，则该粒子在云室内的位移为【答案】BD【解析】【详解】AB．一粒子从O点以水平速度离开复合场区域后进入一云室，对粒子电性没有要求，若粒子做匀速直线运动，有可知无论粒子带正电还是负电，都可以匀速穿过。当然可能大于，此时有粒子做一般曲线运动，但是速度方向有可能水平穿过复合场区域，故A错误，B正确；C．若，根据动能定理有可得该粒子在云室内的总路程为，故C错误；D．若，设运动中速度的水平分量为，速度的竖直分量为，水平方向有可得竖直方向有可得可得该粒子在云室内的位移为，故D正确。故选BD。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分）14.实验小组设计了两种方案来测量弹簧的劲度系数。（1）方案1：先测得弹簧沿竖直方向自由悬挂时指针所指位置的读数为11.90cm，再悬挂一质量为100g的重物后，指针位置如图1所示，其读数为_______cm，可得该弹簧的劲度系数________N/m（结果保留两位有效数字，重力加速度）。（2）方案2：通过测量沿竖直方向做简谐运动的弹簧振子的周期，再根据周期公式（式中m为振子质量，k为弹簧劲度系数）来求劲度系数。仍用同一根弹簧悬挂相同的重物，在重物的正下方放置位移传感器，如图2所示。现将重物向下拉开一段距离后释放，使其沿竖直方向做简谐运动，位移传感器记录重物的图像如图3所示，由图可知重物振动的周期为________s，则由该方案得到的劲度系数________（选填”大于”或”小于”）；（3）用方案1、方案2进行多次实验，发现用两种方案得到的劲度系数始终存在一定的差异，你认为造成差异的主要因素是________。A.空气阻力的影响 B.弹簧自身质量的影响【答案】（1）①.32.50②.4.8（2）①.0.937②.小于（3）B【解析】【小问1详解】[1]由图可知其读数为32.50cm；[2]可得该弹簧的劲度系数【小问2详解】由图可知重物振动的周期为根据可得则由该方案得到的劲度系数小于；【小问3详解】在方案1中，阻力和弹簧本身的重力对实验均无影响；方案2中空气阻力只影响简谐振动的振幅，但不影响周期，但弹簧本身的重力会影响振动周期，故选B。15.某组同学在做”观察电容器的充、放电现象”实验中，把一节干电池（1.5V）、电阻箱、微安表（量程）、电容器C、单刀双掷开关S组装成如图1所示的实验电路。（1）S接1后，由实验数据得到电流随时间变化的图线如图2所示，图线与坐标轴围成的面积大小为。稳定后，电容器两极板间的电势差为________V，则电容C的大小为________；（2）上述S接1后的过程中，观察到某时刻微安表的指针位置如图3所示，再将S接2，电容器放电，观察到微安表指针偏转情况为________；A.迅速向左偏转到某一刻度后逐渐减小到0B.迅速向右偏转到某一刻度后逐渐减小到0C.迅速向左偏转到某一刻度后保持不变D.迅速向右偏转到某一刻度后保持不变（3）实验中发现充、放电过程均比较缓慢，可能的原因是________（多选）。A.R较大 B.R较小 C.C较大 D.C较小【答案】（1）①.1.5②.3100（2）A（3）AC【解析】【小问1详解】[1]稳定后，电容器两极板间的电势差等于电源电动势，即1.5V；[2]电流-时间图线与坐标轴围成的面积表示电容器的带电量根据电容的定义式，代入数据。【小问2详解】S接1充电时，某时刻微安表指针向右偏转（电流从正接线柱流入），说明此时电容器上极板带正电。当S接2放电时，电流从电容器上极板经电阻箱、微安表（从负接线柱流入，正接线柱流出），所以微安表指针会迅速向左偏转到某一刻度后逐渐减小到0。故选A。【小问3详解】充放电过程比较缓慢，主要因为电路中的电阻阻值较大，或者电容器的电容较大。故选AC。16.”用双缝干涉测量光的波长”的实验装置如图1所示，（1）将各元件按图1方式安装在光具座上，图中________（选填“A”、“B”或“C”）位置是安装双缝的位置；（2）某次实验分别采用双缝间距和的双缝获得绿光干涉条纹如图2所示，其中对应的是图________（选填”A”或”B”）。【答案】（1）C（2）B【解析】【小问1详解】双缝干涉实验的元件安装顺序为：光源、滤光片（A）、单缝（B）、双缝（C）、遮光筒、毛玻璃屏。因此，图中C位置是安装双缝的位置【小问2详解】根据可知，d越小条纹间距越稀疏，由图2可知图B的条纹间距更稀疏且，因此对应的是B。17.如图1所示，一质量为m、横截面积为S的活塞将一部分气体封闭在导热圆柱形容器内，活塞能无摩擦地滑动。开始时封闭气体的温度为（低于环境温度），活塞与容器底部的距离为h。当气体从外界吸收热量后，活塞缓慢上升高度d后再次平衡。大气压恒为，环境温度保持不变，重力加速度为g。（1）求环境温度T；（2）如图2所示，在推力F的作用下，活塞缓慢下移至初始位置，此过程气体向外界放出热量Q，求此过程推力F对活塞所做的功W。（3）如图所示，下列热机工作过程的能流分配正确，且能自发进行的是________。A. B.C. D.【答案】（1）（2）（3）B【解析】【小问1详解】根据盖-吕萨克定律有解得【小问2详解】此过程为等温变化，气体内能变化，由热力学第一定律，可得解得【小问3详解】根据热力学第二定律，热机工作时从高温热库吸热，对外做功，向低温热库放热，且该过程能自发进行。A．放热，违反能量守恒，故A错误；B．从高温热库吸热，对外做功，向低温热库放热，符合热力学第二定律，故B正确；C．从低温热库吸热，无法自发进行，故C错误；D．向高温热库放热，违背自发过程的方向性，故D错误。故选B。18.当原子处于激发态时会自发地放出光子跃迁到基态，而处于基态的原子在被其他粒子撞击时又会从基态跃迁到激发态。已知氢原子基态能量，第n能级的能量，质子与氢原子的质量接近均为，元电荷，光速，不计粒子重力，不考虑相对论效应。（1）处于第一激发态（）的氢原子向基态跃迁时辐射出光子的能量是多少，并指出该光子是属于紫外线还是红外线频段；（2）一个处于第一激发态的氢原子（视为静止）辐射出光子后，求该氢原子获得的速度大小（结果保留一位有效数字）；（3）如图所示，质子在匀强磁场中做匀速圆周运动的过程中撞击到一静止的氢原子，使氢原子从基态跃迁到第一激发态，同时质子做圆周运动的半径变为原来的，求撞击前质子的动能。【答案】（1），紫外线（2）（3）【解析】【详解】（1）第一激发态的氢原子能量故辐射出光子的能量该光子是属于紫外线频段。（2）光子动量因为辐射出光子过程动量守恒，氢原子与光子的动量等大反向，故氢原子获得的速度大小解得（3）根据可得质子做圆周运动的半径变为原来的，则撞击后质子做圆周运动的速度变为原来的，根据动量守恒有碰撞后氢原子的速度变为碰撞过程中损失的动能等于基态到第一激发态所需的能量可得解得19.如图所示，在竖直平面内一长为l（l未知）的不可伸长的轻绳一端系于O点，另一端系一质量m=0.1kg小物块P，初始时把P拉到图示位置，轻绳恰好伸直且与水平方向夹角为30°。长L=4.25m的水平传送带AB以v传=6m/s的速度顺时针转动，传送带右侧平滑连接足够长的光滑水平面，水平面上依次放置3个质量均为M=0.3kg的小物块，小物块1紧靠传送带右端B点，物块间距均为d=0.8m。现静止释放P，P到达最低点时轻绳断裂，之后P无碰撞地滑上传送带，到达传送带右端时以vB=8m/s的速度与物块1发生碰撞。已知物块与传送带间的动摩擦因数µ=0.2，不计空气阻力，所有物块均可看成质点，物块之间的碰撞均为弹性碰撞，求：（1）物块P第一次从A滑到B的过程中，①P滑上传送带的初速度vA的大小；②P与传送带间由于摩擦而产生的热量Q；（2）轻绳断裂前瞬间的拉力大小FT；（3）从P第一次与物块1碰撞到最后一次与物块1碰撞间隔的时间t。【答案】（1）①9m/s；②0.25J（2）3.5N（3）7.4s【解析】【小问1详解】①由于物块P运动到B点时速度大于传送带速度可知，物块从A运动到B一直做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律可得，解得②物块P做匀减速运动的时间为物块P相对于传送带运动的位移大小为所以【小问2详解】物块P运动到最低点时，根据牛顿第二定律可得物块P由初始位置开始先做自由落体运动，