第1讲 直流电路与交流电路

专题四

ZHUANTlSI电路与电磁感应

•网络构建•

「（电网申、并联）

[£="=，+&卜藉

Y电动机）

T动态电路］

化学

电源

-（，容电路）

----.E=e8磬=BU>

rA6＜理想变压器户

感应

窗次定律«tl»

闭-（远距离输值］一

合

H

'、电能&/

KI

-（安培力•出，K的fit问题）•「（焦耳热（总.支。

感应（感应电路；--（照应电底依）交变电源）

匚｛感应磁场：H动态问题：（路感电压）

第1讲直流电路与交流电路

真题感悟O透析考情

1.（2018•高考全国卷HI）—电阻接到方波交流电源上，在一个周期内产生的热量为。方;

若该电阻接到正弦交流电源上，在一个周期内产生的热量为。正.该电限上电压的峰值均为

C.1：2D.2：1

解析：选D.根据焦耳定律知产生的热量与方波中的也流方向的变化无关，故。方=%丁;

故。工=｝臬7=1野，所以祟=彳,

1

而正弦交流电电压的有效值等于峰值的D正确.

<2KK1

2.（2016•商者全国卷I）一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻Ri、R和自

的限值分别为3Q、1。仲4C,A为埋想交流电流表，U为止弦交流电压源，输出电

压的有效值恒定.当开关S断开时，电流表的示数为/；当S闭合时，电流表的示数为4/.

该变压器原、副线圈匝数比值为（

A.2

C.4D.5

解析：选B.设理想变压器原、副线图匝效比值为3根据题述，当开关S断开时，电流

表示数为I,则由闭合电路欧姆定律得，U=/Ri+S.由变压公式Ui/U2=k及功率关系51

=S，2，可得h!I=k,即副线图输出电,流为h=kl,Ui=h[Ri+Z?s）=kl（R2+/?3）.当开关S

闭合时，电流表示数为4/,机有U=4/Ri+Ui由变压器公式U"U'2=上及功率关系UI・4/

=UF'2,可得%/（4/）=匕=副线圈输出电流为72=4",火=，2/?2=软/&；联立解得A=3,

选项B正确.

3.（2016・扃%•全国卷H）阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如

图所示电路.开关S断开且电流检定时，C所带的甩佝量为@：闭合开关S,甩流再次稳

定后，。所带的电荷量为Q.Q与。2的比值为（）

21

--

A.5B.2

C.TD.Q

JJ

解析：选C.电路中四个电阻阻值相等，开关S断开时，外电路的连接等效为图I,由于

不计电池的内阻，设每个定值电阻的阻值为R,根据串并联电路的特点可知，电容器两端的

1.1

电压为U|=^Xk一E=^E:当开关S闭合后，外电路的连接等效为图2,则电容器两端

3

-

的电压为U2=Q-------E=：E,由Q=CU可知，争=妙5

'R+R-92

-4Z3-W

图1图2

考情分析

第2页，共18页

正弦交变电直的〃效值.交

命题点分析-

变电波的图条.焦耳定律

由疗效值的计秣力宏可毛方

波和正弦文变电波的有效值

思路方法・

大小,再根据他耳塞律计算

出热址大小

考点便授•「交湎电，效他的计算:

学科素养点一[物理现金]

命题研究

从近几年高考试题可以看出以下特点：应用串并联电路规律、闭合电路欧姆定律及部分

电路欧姆定律进行电路动态分析，稳态、动态含电容电路的分析，以及电路故障的判断分析,

交变电流的产生及“四值”，多以选择题形式出现.变压器的原理，电压比、电流比及功率

关系，变压器的动态分析是考查的重点，题型以选择题为主

热考核心O高效突破

考点1直流电路的动态分析

【高分快攻】

1.闭合电路动态变化的原因

(1)当外电路的任何一个电阻增大(或减小)时，电路的总电阻一定增大(或减小).

(2)若开关的通断使串联的用电器增多，总电阻增大：若开关的通断使并联的支路增多,

总电阻减小.

(3)热敏电阻或光敏电阻的阻值变化.

2.直流电路动态分析的三种常用方法

第3页，共18页

D增大_，__战小一

人减小,几R+r增大山内/恒地大

程序法

U外=£-U内/*确定U吏、/女

“串反”：指某一电阻增大（减小）时，与它串联或间接串联的电阻中

的电流、两端电压、电功率都将减小（增大）.

结论法：“串反并同”

“并同”：指某一电阻增大（减小）时，与它并联或间接并联的电阻中

的电流、两端电压、电功率都将增大（减小）

因变显器滑片滑动引起电路变化的问题，可将变阻器的滑片分别滑

极限法

至两人极端，使电阻最大或电阻为零去讨论

【典题例析】

例1（2019・河南洛阳三棋）在如图所示电路中，闭合开关S,当滑动变阻器的滑动触头

P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用人5、S表示.下列

判断正确的是（）

A./减小，Ui增大B./减小，S增大

C./增大，U］增大D./增大，S增大

［解析］闭合开关S,当滑动变阻器的滑动触头。向下滑初时，变阻器接入电路的电阻

增大，外电路总业阻R增大，根据闭合电路欧毋定律分析得知，干路电流1，减小,路端电

压U增大.当两端也压等于路端电压，则流过心的电流入增大.流过电流表的电流/=/*

-h，人减小，人增大，则/减小，R两端电压减小，即电压表Vi的示数S减小.电压表

Y2的示数U?=U—Ui，U增大，U1减小，则s增大.所以，/减小，U|减小，s增大.故

选B.

【答案］B

世突破训练（多选）如图所示，电源内阻不可忽略，尺为电阻箱，足为半导体热敏电阻，

阻值随温度的升高而减小，。为电容器，闭合开关S,电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两

板之间静止不动，电压表为理想电表，则下列判断止确的是（）

A.若R不变，当温度降低时电压表的示数减小

B.若凡不变，当温度降低时油滴向上移动

第4页，共18页

C.若温度不变，当电阻箱R的阻值增大时，电容器C的电荷量减少

D.若2不变，温度不变，当电容器。两极板间的距离增大时油滴向下移动

解析：选BCD.当温度降低时必增大，/?$增大，根据闭合电路欧姆定律知人减小，路

端电压U=£一/gr增大，电压表的读数增大，故选项A错误；电容器的电压Uc=£-/£-

+Ri）增大，场强增大，油滴向上移动，故选项B正确；若环境温度不变，&阻值不变，当

电阻箱4的阻值增大时，Rm漕大，根据闭合电路欧姆定律知屐减小，电容器的电压Uc=/

iR2,Uc减小，电容器C的带电荷量。=Uc。减少，故选项C正确：若R不变，温度不变，

电，容珞C"两极板间的也压不变，当电容器C•两极板间的能离增大时，£=%减小，油滴向下

移动，故选项D正确.

考点2交流电的产生及“四值”的应用

【高分快攻】

1.两个特殊位置的特点

AG

（1）线圈平面与中性面重合时，S1B,⑺最大，—=0,e=0,/=0,电流方向将发生

改变.

A（D

（2）线圈平面与中性面垂直时，S//B,0=0,="最大，e最大，i最大，电流方向不改

变.

2.正弦交流电“四值”的应用

保大值）今［&=nSS3）=>{计算电容器的耐压值

囱幽今。乏…=（计算闪光电器的闪光时间等:

k------'1或&CO85

二电表的读数及计算电热、电,

［有效值）今|E_董「功及保险丝的培斯也流，

二>（计算通过导体的电荷陶:

【典题例析】

IW2：（多达）（2019♦高考天津卷）单匝闭合矩形线框电阻为R,在匀强磁场中绕与磁感线

垂直的轴匀速转动，穿过线框的磁通量S与时间/的关系图象如图所示.下列说法正确的是

（）

第5页，共18页

A.菱时刻线框平面与中性A垂直

B.线框的感应电动势有效值为盅产

C.线框转一周外力所做的功为

D.从，=0至过程中线框的平均感应电动势为噤

［解析］由G一/图象可知，号时穿过线框的磁通量最大，则线框位于中性面，A错误;

线框中产生的感应电动势的最大值应为Em=N8S"）,又①=半，N=l,BS=<Dm，则整理得

,因此感应电动势的有效值为七=茬=亚产，B正确；由功能关系可知线框转

尸22rr2*T

动一周外力所做的功等于线柩中产生的焦耳热，有卬=菅了=一的及，C正确；0〜5的过程

AKI4+

中，线框中产生的平均感应电动势为豆=牛=竿，D错误.

4

I答案］BC

突破训练（多选）如图，M为¥圆形导线框，圆心为OM；N是圆xxxxxxx

心角为直角的扇形导线框，圆心为ON；两导线框在同一竖直面（纸面）*］）*XXnXX

内：两圆弧半径相等：过直线OwO,v的水平面上方有一匀强磁场，磁场Vj1\J/

MN

方向垂直于纸面.现使线框M、N在，=0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过Q”

和ON的轴，以相同的周期7逆时针匀速转动，则（）

A.两导线框中均会产生正弦交流电

B.两导线框中感应电流的周期都等于T

C.在时，两导线框中产生的感应电动势相等

D.两导线框的电阻相等忖，两导线框中感应电流的有效值也相等

解析：选BC.当导线框N完全进入磁场后，通过线框的磁通量将不变，故无感应电流产

生，因此它不会产生正弦交流电，A项错误；导线框每转动一困，产生的感应电,流的变化为

一个周期，B项正确：在时，导线框转过角度为45°,切割磁感线的有效长度相同，

均为绕圆心的转动切割形式，设圆孤半径为R,则感应电动势均为E=3BR2C。，c项正确；

导线框N转动的一个周期内，有半个周期无感应电流产生，

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所以两导线框的感应电动势的有效值并不相同，由闭合电路欧姆定律可知，两导线框的

电阻相等时，感应电流的有效值一定不相同，D项错误.

考点3理想变压器和远距离输电

【高分快攻】

1.理想变压器问题中的两个“弄清”

（1）弄清变量和不变量.如原线圈电压不变，原、副线圈的匝数比不变，其他物理量可

随电路的变化而发生变化.

（2）弄清动态变化过程中的决定美系，如S由S次定，八、八由小、&决定.

2.解决远距离输电问题的一般思路

电路分析远距离输电线路由升压变压器、输电线、降压变压器和负载四部分组成

升压变压器输入电压口是不变的，根据会二非可以确定升压变压器的输出电

电压关系压S，输电线上有一定的电压损失，AU=/R.降压变压器输入端电压5=叨

一AU,降压变压器输出电压由华=中确定

U4m

升压变压器输入功率为P,,输电线卜损失功率为△?=/%,降压变乐器输出

功率关系

功率为巴，则P]=P2+AP=P2+/2R

升压变压器输入电流由/尸合确定，输出电流由纤会确定，/2通过输电线

电流关系

传到降压变压如即人=/2,而铝合

【典题例析】

例3（2018・离考天津卷）教学用发电机能够产生正弦式交变电流.利用该发电机（内阻可

忽略）通过理想变压器向定值电阻R供电，电路如图所示，理想交流电流表A、理想交流电

压表V的读数分别为/、U,R消耗的功率为P.若发电机线圈的转速变为原来的;，则（）

A.R消耗的功率变为gp

B.电压表V的读数变为;U

C.电流表A的读数变为2/

D.通过R的交变电流频率不变

I解析]交流发电机产生的感应电动势最大值£m=N8So>,且有口=2m,

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所以当发叱机线图转速减半后，感应电动势最大值减半，有效值减半，又理想变压器原、

副线图电压有效值之比等于原、副线图匝数比，故电压表示数成为原来的一半，B项正确：

（J2|

由电功率2=》可知，变压器揄出功率即R消耗的功率变为原来的彳，A项错误：由P=U/

1\4

可知，原线图中电流减为原来的一半，C项错误；交流电的频率与发电机线圈转动角速度成

正比，故D项错误.

［答案］B

【题组突破】

角度1理想变压器的原理

1.（多边）如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯

泡a和b,当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发厂工

光.下列说法正确的是（）yIKT1

A.原、副线圈匝数比为9：I

B.原、副线圈更数比为I：9

C.此时a和b的电功率比为9：1

D.此时a和b的电功率比为I：9

解析：选AD.因为两灯泡额定电压相同且均正常发光，且揄入电压为灯泡额定电压的

10倍，所以理想变压器的输入、输出电压比为9：1,由理想变压器变压规律可知，原、副

线图的匝数比为9：1,A项正确，B项错误：由理想变压器变流规律可知，原、副线图的

电流比为1:9,由电功率P=U/可知，a和b的电功率之比为1:9,C项错误，D项正确.

角度2理想变压器的动态分析问题

2.如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源匕图中各电表均为理想电表.下列说

法正确的是（）

A,当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，&消耗的功率变大

B.当滑动变阻器的滑动触头。向上滑动时，电压表V示数变大

C.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表Ai示数变大

D.若闭合开关S,则电流表Ai示数变大、A2示数变大

解析：选B.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大,

变压器副线图的总负载的等效电阻增大，R中电流减小，Q两端电压减小，电压表示数变

大,凡消耗的电功率变小，选项A错误，B正确；当滑动变阻器的滑动触头。向上滑动时,

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变压珞副线图输出电•流减小，输出功率减小，根据变压器输入功率等于输出功率，变压

器输入功率减小，电流表Ai示数变小，选项C错误；若闭合开关S,变压器副线图的总负

载的等效电阻减小，则R中电流增大，R两端电压增大，电压表示数减小，电流表A2示数

减小，电流表Ai示数变大，选项D错误.

角度3远距离输电

3.（多堆）（2019・衡水中学信息卷二）图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压

器.升压变压器原副线圈匝数比为1：100,其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电

限为100Q.降压变乐器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中■为一定值电阻.&为用

半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小.电压表V显示加在报警器上的

电压（报警器未画出）.未出现火警时，升压变压器的输入功率为750kW.下列说法正确的有

A.降压变压器副线圈输出的交变电流频率为50Hz

B.远距离输电线路损耗功率为180kW

C.当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变大

D.当传感器R所在处出现火警时，输电线上的电流变大

解析：选AD.由题图乙知交变电流的周期为0.02s,所以版率为50Hz,A正确：由图

乙知升压变压器输入端电,压有效值为250V,根据电压与匝效成正比知副线图电，压为25000

V,所以输电线中的电流为/=君=30A,确电线损失的电压为△U=/R=30X100V=3000

V,输电线路损耗功率为△P=AU/=90kW,B错误：当传感器R?所在处出现火警时，其

限值减小，副线圈两端电压不变，副线图中电流增大，定值电阻的分压增大，所以电压表V

的示数变小，C错误：由C知副线图电流增大，根据电流与皮数成反比知输电线上的电流

变大，D正确.

回园国团

命题角度解决方法易错辨析

能量守恒法、互感原理、通过互感现象得出原、副线图的电

理想变压器的原理考查

自感原理压关系，

第9页，共18页

而电流关系要根据原、副线图功率

相等来求解

原、副线图功率相等，原、

原线圈电压是用供电电压减去原

变压器原线圈接负载问题副线圈两端的电压比为

线图的负载电压后得到的

匝数比

弄清变化量和不变量，确定是负载

程序法，原、副线图电流、电阻不变还是匝数比不变，从而明

理想变压器的动态分析问题

电压的决定关系确研究问题的方向是从原线图到

副线圈，还是从副线图到原线圈

损失只在线路上，求解损用损失功率来计算损失电压是联

远距离输电问题

失电压是关键系原、副线图的纽带

课后演练。强化提能

（建议用时：25分钟）

一'单项选择题

1.（2019•哈尔滨三中二模）如图所示的电路中，当滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动

时，下列说法正确的是（）

A.电压表的读数减小

B.R消耗的功率增大

C.电源的输出功率增大

D.电容器。所带电荷量增多

解析：选D.根据电路图可知，心、&串联后接在电源两端，电容器C并联在R两端，

电压表V测路端电压.当滑动触头P向下滑动时，&连入电路的电阻变大，则外电路总电

E

阻R变大，由/=布知也流/减小，由知路端也压增大，则电压表示数变大,

电源的输出功率/'=（//无法判断.由分|=/%1知，R消耗的功率变小.由（/形=七一（心

+“知电容器两端电压变大，则电容器所带电荷量增多.综上所述，A、B、C错误，D正

确.

2.如图甲所示，在匀强磁场中，两个匝数相同的正方形金属线圈分别以不同的转速，

绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交流电动势e随时间/变化的图象如图乙中曲线〃、b

所示，则（）

第10页，共18页

第10页，共18页

A.1=0时刻，两线圈均处于更直于中性面的位置

B.a、〃对应的线圈转速之比为2：3

C.〃、〃对应的两线圈面积之比为1:I

D.若只改变两线圈的形状（匝数不变），则两线圈电动势他有效值之比一定不变

解析：选Cj=0时刻，两线图感应电动势均为零，故两线图均处于中性面的位正，选

项A错误；由图线可知，两线图的周期之比7；：7）,=2：3;故根据〃=*可知〃、〃对应的

3&53

--则

7)元,=&

线图转速之比为3:2,选项B错误；根据Em=NB（oS,2O-2-

=；,选项C正确：若只改变两线图的形状（臣数不变），则两线圈的面积要变化，故感应也

动势的最大值要变化，电动势的有效值之比一定变化，选项D错误.

3.（2017・高考北京卷）如图所示，理想变压器的原线圈接在〃=226/人访100MV）的交流

电源上，副线圈接有R=55C的负我电阻，原、副线圈匝数之比为2：1,电流表、电压表

均为理想电表.下列说法正确的是（）

A.原线圈的输入功率为22岫W

B.电流表的读数为1A

C.电压表的读数为112V

D.副线圈输出交流电的周期为50s

解析：选B.由交流电压的表达式可知，原线图两端所加的也压最大值为22O\EV,故

有效值为Ui=220V,由今=",故副线围位压的有效值为S=I1OV,故输出功率2=今

=220W,再由输入功率等于输出功率知，PI=P2=220W,A项错误；根据欧姆定律知，上

=V=2A,7=-,得A=1A,故电流表读数为1A,所以B项正确；电压表的读数为有

A11

效值，即S=110V,C项错误；由交流电压的表达式可知，w=10（ht（rad/s）,又丁=普，解

得7=0.02s,所以D项错误.

4.一自耦变压器如图所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其

接在〃、。间作为原线圈.通过滑动触头取该线圈的•部分，接在c、

d间作为副线圈.在“、〃间输入电压为S的交变电流时，c、d间的

输出电压为S.在将滑动触头从M点顺时针旋转到N

第11页，共18页

点的过程中（）

A.U»U\,3降低B.S>Ui，5升高

C.S<Ui，S降低D.U1<Ui，S升高

解析：选C.由变压器的变压公式整=?可知，由于原线圈匝效由大于副线图匝数〃2,

U2〃2

因此有U|>S，当滑动触头从M点顺时针旋转到N点的过程中，也减小，因此S降低，C

项正确.

5.（2019・山西质检）如图所示，电源电动势为E,内阻为匚电路中的心、当分别为总阻

值一定的滑动变阻器，Ro为定值电阻，R为光敏电阻（其阳值随光照强度增大而减小）.当开

关S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态，则下列说法中正确的是（）

A.只逐渐增大凡的光照强度，电阻Ro消耗的电功率变大，R3中有向上的电流

B.只将&的滑片2向上移动时，电源消耗的功率变大，当中有向上的电流

C.只将&的滑片Pi向下移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动

D.若断开开关S,电容器所带电荷量变大，带电微粒向上运动

解析：选A.只逐渐增大凡的光照强度，尺的阻值减小，电流变大，氏消耗的也功率变

大,电容器的电压增大，电容器充电，R中有向上的电流，A选项正确；由于/?3与电容器

相连，而电容器隔直流，所以只调节R3的阻值对电路中的电流和电压没有影响，电源消耗

的功率不变，R中没有向上的电流，B选项错误；只将R2的滑片Pi向下移动时，电路中的

也流不变，因此也容器两潴的电•压5增大，带电微拈受到的电■场力F=gE=，/^变大，微抬

将向上运动，C选项错误：若断开开关S,电容器将通过当、凡放电，电容器所带电荷量减

少，带电微粒向下运动，D选项错误.

6.如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电，।------,--------1

n

如果将原、副线圈减少相同匝数，其他条件不变，则（）-3L2$

A.小灯泡变亮I----------于

B.小灯泡变暗

C.原、副线圈两端电压的比值不变

D.通过原、副线圈电流的比值不变

解析：选B.由#=j"得①

Uiri2«i

第12页，共18页

,U\川―,nz—△nk

由京彷②

喘得U'2（〃2-△〃：〃1〃2〃1一△，〃“因为〃2V川，所以贵VI,即U'VS，故

。2（〃］一△〃）〃2〃2〃1一△〃"2’

小灯泡变暗，B正确，A错误；由以上分析过程可以看出，C错误；由?=忠和?=这二字可

见，D错误.

7.如图所示，接在理想变压器回路中的四个规格相同的灯泡都正常发光，那么，理想

变压锯的匝数比〃।：小：小为（）

C.6：2：1D.2：2：I

解析：选B.灯泡正常发光，可得U,\=UB=UC=UD，所以&=25，由理想变压器的电

压关系得靠=将=/可得〃2=2小.灯泡都正常发光，则功率相等，即PA=PB=PC=PD.由P

=FR得/A=/B=/C=/D>即/|=，2=/3.

由理想变压器的功率关系得Ulh=U2I2+U3I3,即〃[/产附上+小〃，可得“I=，12+〃3=2〃3

+〃3=3〃3.所以m-«2:小=3：2：I.

8.如图I所示，M为一电动机，当滑动变阻器的触头从一端滑到另一端的过程中，两

电压表的读数随电流表读数的变化情况如图2所示，已知电流表读数在0.2A以下时，电动

机没有发生转动，不考虑电表对电路的影响，以卜.判断不正确的是（）

A.电路中的电源甩动势为3.9V

B.电动机的电阻为4Q

C.此电路中，电动机的最大输出功率为0.9\V

D.变阻器的最大限值为32c

解析：选C.由电■路图I知，也压表V2测量路端也压，也流增大时，内电压增大，路端

电压减小，所以最上面的图线表示V2的电压与电流的关系，

第13页，共18页

此图线的斜率大小等于电源的内阻，为「=n?C=3当电流/=0.1A时，U=

U・4

3.6V,则电源的电动势£：=：/+"=3.6丫+0.1乂3V=3.9V,故A正确；由图可知，电动机

的电阻巾=若产。=4。，故B正确；当/=0.3A时，U=3.0V,电动机的输入功率最

大，最大输入功率为P=U/=3X0.3W=0.9W,电动机的热功率为。阳=产4=0.32X4W=

0.36W,则最大的榆出功率为2*=0.9W—0.36W=0.54W,故C错误：当/=0.1A时，电

路中电流最小，变阻器的电阻为最大值，所以及=彳一/,一4=（悬一3—4）Q=32Q,故D

正确.

9.（2019•根川段等）在如图所示的电路中，已知电阻Ri的任值小于滑动变阻器R的最大

阻值.闭合开关S,在滑动变阻器的滑片。由左端向右端滑动的过程中，四个电表Vi、V2、

AHA?的示数及变化量分别用口、S、h、h、AS、AS、A/HA/?表示，下列说法中

正确的是（）

A.Ui先变大后变小，人不变

B.S先变小后变大，/i变小

的绝对值先变大后变小，的绝对值不变

D.S先变小后变大，上先变小后变大

解析：选D.滑片尸由滑动变阻器的左端向右端滑动的过程中，滑动变阻器A的左半部

分与Ri串联然后与R的右半部分并联，并联电阻先变大后变小，所以电路总电阻先变大后

变小，根据闭合电路欧姆定律，/2光变小后变大，S光变大后变小，由极限法可得当滑片P

滑到滑动变阻器右端时，电流表Ai把昭所在支路短路，此时/最大，所以八一直增大，A、

B错误：对于C项，当口的绝对值等于电源的内阻，保持不变：舞的绝对值等于&,保

4匕△12

持不变，C错误；电阻R2不变，电压表V?的示数S=/2R2，3先变小后变大，D正确.

10.如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器的变压比为小，降压变压器的变压比

为〃，输电线的电阻为上升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电机输出的电压恒

为U,若由于用户的负载变化，使电压表V2的示数减小了△U,则下列判断正确的是（）

第14页，共18页

_发

_

_

_电

_

用

_

_厂

_

户

_

_一

L

压器

压变

器降