四川省宜宾市普通高中2023级高考适应性演练（宜宾三诊）物理+答案

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡18N0O225t/sNN018N0O225t/sNN0其中镅-231在衰变过程中，大量原子核数量N随2.高铁涡流制动装置中，车体电磁铁的磁场使铁轨内产生涡流，铁轨对列车的阻尼安培力大小F=kv(k为常量，v为列车速度)，列车在水平面制动过程中关闭动力,忽略其它阻力的影响。则此A.阻尼安培力对列车做正功B.列车做匀减速直线运动3.奥运赛场竞风流，体育强国谱新篇。如图为中国体育健儿参加奥运会的四个经典运动场景，可4.我国计划于2026年下半年发射星网GW_A2首批组网卫星，其核心作用是主导构建低轨卫星互联网星座。该卫星将先进入低圆轨道（半径为r1），经霍曼转移轨道多次变轨后进入高圆工作轨道（半径为r2）。已知卫星质量不变，地球视为均匀球体，忽略稀薄大气的影响。则卫星在变轨完成前后的两个圆轨道上，有关物理量的比值关系正确的是A.动能之比EK1:EK2=r1:r2B.向心加速度之比a1:a2=r:r:T1y甲1Py甲1Px12B.两列波能发生稳定的干涉现象yxyx6.下端封闭，上端开口，内壁光滑的细绝以小球所在初始位置为原点，建立坐标系如图所示。使玻璃管保持竖直沿x轴正方向从静止开始做匀加速运动，重力加速度为yxyxyyxyxCBDACBDx/m27.如图甲，足够长水平面AB与竖直面内的半圆形轨道在B点平滑相接，半圆形轨道的半径为r(大x/m2O甲rBAC形轨道运动，到达最高点C后水平飞出，落在AB所在的水平地面上，落点距B点的水平距离为x。通过调节轨道半径r，得到x与r的关系如图乙，图中包含了小球能通过最高点C的所有情形，不计一O甲rBACC.小球在轨道上B、C两点受到弹力大小的差值D.r一定时，小球在每上升相同高度oBMNA8.如图所示，一束宽为R的平行单色光垂直于OB边射入一个半径为R、圆心角为120°的扇形玻璃砖。已知该单色光在玻璃砖中的折射率为2，OMR,ONR,只考虑第一次射到ABoBMNAA.从M点入射的光经AB弧射出后的偏转角为15°B.从N点入射的光经AB弧射出后的偏转角为15°C.若换成频率小的单色光，玻璃砖AB弧上有光射出的部分比例不变D.若换成频率大的单色光，玻璃砖AB弧上有光射出的部分比例变小9.如图所示，半圆弧BCD为匀强磁场边界的一部分，磁场方向垂直于纸面向外。某带正电的粒子从A点垂直于磁场边界射入，已知圆弧的半径为R，C圆心O与ABD共线，AB=R，粒子的电量为q，质量C为m，初速度为v0，要使带电粒子运动到D点，不计v0·v0·DA.B.ABODPQE+qm-50+5x/cm10.如图所示，在水平向右场强为E的匀强电场中，有一遵循胡克定律的弹性绝缘轻绳，其一端固定于P点，另一端穿过光滑固定小孔Q与带电为+q的滑块（可视为质点）相连。初始时，绳处于竖直状态（滑块位于x=0），滑块恰好能保持静止，此时弹性绳的伸长量为PQE+qm-50+5x/cm画出）保持静止。已知PQ的距离等于弹性绳的原长，滑块的质量m=0.4kg，电场力qE=1N，滑块与绝缘地面的动摩擦因数μ=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。则B.滑块在运动过程中滑动摩擦力始终保持不变C.弹性绳和滑块的组成的系统机械能先不变后减小D.D点的位置坐标x=-2cmA.调节滑轮使细线与轨道平行B.倾斜轨道以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器静止释放D.先释放小车再连续打出的点，已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，则打点2时对应小车的速度大小001234cm(2)该同学选用原线圈n1=200匝、副线圈n2=400匝进行实验，调节低压交流电源输出的电/V/VA.表格中U1与n1对应，U2与n2对应，则略大于B.表格中U1与n1对应，U2与n2对应，则略小于C.若改用低压直流电源，闭合开关瞬间，副线圈无感应电动势D.测量原、副线圈电压时，多用电表应调至交流电压挡，且量程大于最大测量电压器显示的电压波形如图4所示时，则下层线圈中磁通量变化情况可能为（选填）。图4ABC如图所示，一根长L=100cm、内部横截面积S=2cm2且粗细均匀的导热玻璃管，上端封闭且带有进气阀门，下端开口。玻璃管竖直倒立放置，管内有一段高为h1=25cm的水银柱，封闭着长L1=30cm的理想气体。初始环境温度T0=300K，外界大（1）若关闭阀门不充气，将管内气体缓慢加热此时水银柱下端到玻璃管开口处的距离d1；（2）若保持环境温度T0不变，通过进气阀门缓慢充入压强为p0的气体，当水银柱下端刚好到达管口时，求充入压强为p0的气体体某趣味游戏简化模型如图所示，A点下方有一弹簧发射装置，AB和CD是半径为R的圆弧竖直轨道，轨道BC段水平，F为BC中点，在C点静置一小球Q。游戏中，游戏者压缩弹簧到某一位置静止释放，将小球P从A点弹出。若小球P与Q发生碰撞且最终停在BF段获一等奖，若小球P与Q发生碰撞且最终停在FC之间获二等奖，若小球P未与Q碰撞就静止在BC段获三等奖，其他情况均不能获奖。已知，小球P的质量mP=3m，小球Q的质量mQ=m，轨道BC段粗糙且BC=2R，其余部分光滑，小球P在BC段运动时受到阻力为重力的k倍（k），不计小球Q在BC段运动时受到的阻力，在小球P与Q碰撞均为弹性正碰，重力加速度为g，不计发射装置本身的尺电磁感应中的动态耦合与能量转化是当前工程物理领域的前沿热点。某研究电磁感应实验的简化装置如图所示，间距为L的平行光滑金属导轨水平固定，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B。质量均为m的金属杆ab和cd垂直导轨放置，两杆有一定的电阻，但阻值未知，导轨左端连接一个电容为C的电容器。初始时电容器未带电，cd杆静止，ab杆获得水平向右的初速度v0，两金属杆在运动过程中始终与导轨接触良好。设过程中t时刻ab杆的速度为v1，cd杆的速度为v2（v2<v1)，此时电容器的带电荷量为q。求：关系，并证明：v1+v2=v②有同学认为，增大电容C，可以提高该装置将初动能转化为电容器电场能的效率，请用0123456789ACBDCDB【解析】原子核衰变中，剩余原子核数量公式为N=N,已知t=225s,N(t)=N0，可解得【解析】阻尼安培力阻碍列车前行，做负功，故A错。由F=kv=ma得，加速度与速度方向相反，v减小时，a减小，故B错。由P=Fv=kv2得，v减小时，P减小，故C正确。由Ft=△P得， F=kv,v减小时，减小，故D错。【解析】由牛顿第三定律可知作用力与反作用力等大反向共线，故球拍对乒乓球的冲量与乒乓球对球拍的冲量大小相等，故A错。运动员入水过程水的阻力做负功，运动员的机械能减少，减少的机械能转化为水的内能，故水的内能增加，故B正确。运动员刚接触蹦床时，蹦床形变量小，弹力小于运动员的重力，往下过程，形变量逐渐增大，弹力逐渐增大到等于重力，再增大到大于重力，故C错。地面对苏炳添有静摩擦力时，在力的方向上没有位移，故不做功，故D错。【解析】由卫星在圆轨道上运动时有：mω2r=mr=ma，又有EKmv2,可【解析】由机械波在同种均匀介质中传播时速度相等，故A错。由v=λf，λ甲<λ乙，得f甲>f乙，故两列波不能发生稳定的干涉现象，故B错。因为甲波向右传，乙波向左传，均刚好传到P点，都使得P点向-y方向起振，故C正确。甲波向右平移，乙波向左平移，在P点不会出现两列波峰峰相遇，也不会出现谷谷相遇，所以两列波在P【解析】玻璃管带着小球在x轴正方向作初速度为零的匀加速运动，根据左手定则可判断正电小球所受洛伦兹力f洛竖直向上，f洛=qvB,开始v比较小，f洛<G，小球竖直方向不动。随着v增大，当f洛>G时，小球竖直方向开始运动，运动中小球合加速度与合速度不共线，故小球的合运动轨【解析】由图像信息可知r=1m,x=vt=2m,hgt2=2r=2m,再根据B到C能量守恒得：mvmv2+mg2r,解之得v0=52m/离x=vt可求得xMax=2.5m，故B正确。对小球在B点和C点受力分析，由牛顿第二定律得：FB-mg=mFC+mg=mmv mv+mg2r;可解得：FB-FC=6mg，故C错。当轨道半径r一定时，小球每上升相同的高度∆h,在这两个位置受力分析，由牛顿第二定律和能量守恒得：mgcosβ=mF1-mgcosα=m mvmvmg∆h;rcosβ-rcosα=∆h；可解得小球受到的弹力大小的差值∆F=F2-F1=mg(cosβ-cos故D错。【解析】A.sin得θ=45°,而sinC得C=45°,即刚好发生全反射，故A错误；B.sin得α=30°,而n得β=45°,偏转角β-α=15°,故B正确；oBMθα120°oBMθα120°βAN故答案为BD。【解析】如图所示：当带电粒子射入磁场偏转半个周期刚好从D点射出磁场，由几何关系得：2r1=3R,解得能到达D点的粒子的最大半径r,由qv0B1=m,解得：B。故C正确，当带电粒子从圆弧BCD某点E离开磁场后延直线运动到D点，如图所示，则此时粒子做圆周运动的圆心位于B点，有几何关系得：r2=R,由qv0B2=m,解得：B。故B正确，D错误。故正确答案选BC。10.【答案】ACPQθΔlE+qm-50+5x/cm【解析】A.由滑块在O点恰好能平衡：μPQθΔlE+qm-50+5x/cm=μ(mg-kΔl)，摩擦力f不变,设滑块在位置坐标为x时，滑块受到的合力F=-0.5x，说明滑块开始向右做简谐运动，由简谐运动对称性，当滑块运动到x=6cm处时速度减为0，但不能保持静止。当滑块向左继续运动时，摩擦力f大小不C.滑块向右运动时,f=μ(mg-kΔl)=qE，研究系统机械能先不变，但滑块向左运动时，摩擦力和D.设滑块向左运动在x0处时合外力为零，由kΔltanθ=qE+f得x=Δltanθ=4cm，合外力Fx=-kΔltanθ+qE+f=-k,(x-x0),由简谐运动对称性，故滑块向左运动最左边为x=2cm处速度减为0，此后kΔltanθ=qE=1N,f=0，然后静止不动，故D的坐标为x=+2cm，故D错误。故答案为AC。(2)（6分）①BD，②1.96，线圈存在电阻产生焦耳热；装置存在漏磁损失磁场能；铁芯上产生涡R【解析】(Rp1=p0-h1=50cmHg根据盖-吕萨克定律(或理想气体状态方程)有：代入数据得：L2=45cmd1=L-L2-h1=30cm(2)当水银柱下端刚好到达玻璃管开口处时，水银并未溢出，管内气体的压强保持不变，即：pc=p1=50cmHg=(L-h1)S=150cm3=L1S=60cm3整个充气过程等温，设充入压强为pin的气体p1V1+p0V=pcVc代入数据解得：V=60cm3【解析】(1)小球P恰好通过B点时的速度vB满足解得x=RR<BC假设成立，故游戏者的获三等奖（或者运用动力学公式：P在BC段上运动的加速度和aP=kg，xR<BC)(2)P在A点射出后的动能等于弹性势能Ep，从小球射出到C碰撞前的过程列动能定理mPvC=mPvP+mQvQ解得