第42讲 法拉第电磁感应定律自感和涡流（安徽专用）（教师版）

第42讲法拉第电磁感应定律自感和涡流目录TOC\o"1-2"\h\u01课标达标练 1题型01法拉第电磁感应定律的理解和应用 1题型02导体平动切割磁感线问题 5题型03导体转动切割磁感线问题 8题型04磁感应强度变化的切割 14题型05互感现象 17题型06自感现象 18题型07涡流、电磁阻尼和电磁驱动 2102核心突破练 2403真题溯源练 3201法拉第电磁感应定律的理解和应用1．将一根绝缘均匀硬质导线制成一圆形线圈（如图甲），将该线圈垂直放入足够大的磁场中（图中未标出），磁场的磁感应强度随时间均匀增加，此时线圈内的感应电流大小为；现将该线圈拧成两个半径之比为2∶1的相连圆形线圈（如图乙），再将此线圈垂直放入相同的磁场中，不考虑导线的粗细问题，此时线圈内的感应电流大小为（）A． B． C． D．【答案】C【详解】甲图中感应电动势大小为乙图中感应电动势大小为两次的电阻不变，所以第二次的感应电流为。故选C。2．（24-25高三上·安徽合肥·期末）如图所示，将两根表面涂有绝缘漆的相同硬质细导线分别绕成闭合线圈a、b，两线圈中大圆环半径均为小圆环的3倍，垂直线圈平面方向有一匀强磁场，磁感应强度随时间均匀变化，则a、b两线圈中产生的感应电动势大小之比为（）A． B． C． D．【答案】A【详解】a图中小圆的产生的感应电动势和大圆中产生的感应电动势方向相反，即电动势为b图中小圆的产生的感应电动势和大圆中产生的感应电动势方向相同，即电动势为a、b两线圈中产生的感应电动势大小之比。故选A。3．（24-25高三下·安徽阜阳·期中）某同学以金属戒指为研究对象，探究金属物品在变化磁场中的一些物理效应。如图甲所示，戒指可视为半径为r、横截面积为S、电阻率为ρ的单匝圆形线圈。该同学用绝缘细线将戒指悬挂并置于螺线管正上方（戒指圆面水平，螺线管竖直放置）。调节螺线管中电流的大小和方向，在螺线管正上方戒指处的磁感应强度B随时间t的变化情况如图乙所示，以竖直向上为磁感应强度B的正方向。下列说法正确的是（）A．在0~时间内，从上往下看，戒指中产生逆时针方向的感应电流B．在0~时间内，细线拉力的合力小于戒指的重力C．在0~T时间内，戒指中产生的感应电动势为D．在0~T时间内，戒指中的感应电流为【答案】D【详解】A．由楞次定律得，在0~时间内，从上往下看，戒指中产生顺时针方向的感应电流，A错误；B．在0~时间内，根据安培定则，从上往下看螺线管中的电流也是顺时针方向，根据同向电流相吸可知，细线拉力的合力大于戒指的重力，B错误；C．由法拉第电磁感应定律得，在0~T时间内，戒指中产生的感应电动势为，C错误；D．戒指的电阻为，在0~T时间内，戒指中的感应电流为，D正确。故选D。4．（2025·江苏南京·模拟预测）半径为的金属圆环由两种材料组成，圆弧为圆周，电阻为，圆弧为圆周，电阻为，圆内有垂直环面向里的匀强磁场，磁感应强度随时间均匀增大，变化率，则为（）A． B．C． D．【答案】A【详解】根据题意，由法拉第电磁感应定律可得金属圆环产生的感应电动势为由楞次定律可判断感应电流的方向为逆时针，根据闭合电路欧姆定律可得感应电流为由于圆弧为圆周，电阻为，则圆弧的感应电动势为电流流过圆弧后电势降低，大小为则有故选A。（多选）一种电磁波接收器结构简化后，如图甲所示，螺线管匝数匝，横截面积，螺线管导线电阻，电阻，若磁感应强度的图像如图乙所示（以向右为正方向），则（）A．感应电动势为 B．感应电流为C．电阻两端的电压为 D．内，通过的感应电流方向为从到【答案】BD【详解】A．根据法拉第电磁感应定律，感应电动势故A错误；B．根据闭合电路欧姆定律可知，回路中产生的感应电流为解得故B正确；C．电阻R两端的电压故C错误；D．根据楞次定律可知，内感应电流的方向为从点通过流向点，故D正确。故选BD。02导体平动切割磁感线问题6．（2025·陕西宝鸡·一模）如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置长度为L的金属棒ab从距地面高为h处，以水平初速度抛出。设运动的整个过程中棒的取向不变，且不计空气阻力，已知重力加速度为g，则落地时金属棒a、b两端产生的感应电动势和电势高低，判断正确的是（）A．， B．，C．， D．，【答案】C【详解】金属棒在运动过程中切割磁感线的分速度为水平速度，保持不变，则金属棒a、b两端产生的感应电动势大小为根据左手定则可判断金属棒中电子在洛伦兹力的作用力下向a端移动，所以金属棒b端比a端电势高，即有故选C。7．（2025·辽宁沈阳·模拟预测）《科学》中文版的文章中介绍了一种新技术——航天飞缆，航天飞缆是用柔性缆索将两个物体连接起来在太空飞行的系统。飞缆系统在太空飞行中能为自身提供电能和拖拽力，它还能清理“太空垃圾”等。如图所示为飞缆系统的简化模型示意图，图中两个物体P、Q的质量分别为、，柔性金属缆索长为，外有绝缘层，系统在近地轨道做圆周运动，运动过程中Q距地面高为h，设缆索总保持指向地心，Q更靠近地表，P的速度为，所在处的地磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里。已知地球半径为R，地面的重力加速度g。（）A．缆索P端电势高于Q端B．C．若此时飞缆系统在赤道平面上，为了更好地清理垃圾，缆索的绕行方向应与地球自转方向相反D．若想清理更低轨道上的“太空垃圾”，飞缆系统机械能需要增大【答案】C【详解】A．根据右手定则可知缆索中的电流方向是从P流向Q，缆索相当于电源，在电源内部，电流从低电势流向高电势，所以缆索P端电势低于Q端，故A错误；B．因为缆索总保持指向地心，Q更靠近地表，所以P端和Q端的角速度相等，根据可知，故B错误；C．若此时飞缆系统在赤道平面上，为了更好地清理垃圾，缆索的绕行方向应与地球自转方向相反，这样缆索相对地球的速度较大，故C正确；D．若想清理更低轨道上的“太空垃圾”，飞缆系统需要降低高度，所以飞缆系统需要减速，即系统机械能需要减小，故D错误。故选C。8．（2025·甘肃白银·模拟预测）电磁俘能器可在汽车发动机振动时利用电磁感应发电实现能量回收，结构如图甲所示。两对永磁铁可随发动机一起上下振动，每对永磁铁间有水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小均为。磁场中，边长为的匝正方形线圈竖直固定在减震装置上。某时刻磁场分布与线圈位置如图乙所示，磁场分界线恰好经过线圈的位置处，且此时永磁铁相对线圈运动的速度大小为，永磁铁振动时磁场分界线不会离开线圈。关于图乙中的线圈，下列说法正确的是（）A．此时刻线圈中的感应电动势大小B．若减小永磁铁相对线圈上升的速度，则线圈中感应电动势减小C．若永磁铁相对线圈下降，则线圈中感应电流的方向为逆时针方向D．若永磁铁相对线圈左右振动，则线圈中也能产生感应电流【答案】B【详解】A．根据题意可知，线圈上下两边均切割磁感线，故此时刻线圈中的感应电动势大小故A错误；B．根据法拉第电磁感应定律可知永磁铁相对线圈上升越慢，磁通量变化越慢，线圈中产生的感应电动势越小，故B正确；C．永磁铁相对线圈下降时，根据安培定则可知线圈中感应电流的方向为顺时针方向，故C错误；D．永磁铁相对线圈左右振动时，穿过线圈的磁通量不变，线圈中不能产生感应电动势和感应电流，故D错误。故选B。（多选）浮桶式灯塔模型如图甲，其由带空腔的磁体和一个连着灯泡的N匝圆形线圈组成，线圈半径为R，灯泡电阻r，其他电阻不计，磁体在空腔产生的磁场如图乙所示，在线圈处磁感应强度大小均为B，磁体通过支柱固定在暗礁上，线圈随波浪相对磁体沿竖直方向上下运动，速度最大为v，且始终处于磁场中，则浮桶线圈（）A．海水上下振荡时线圈具有收缩趋势B．海水上下振荡速度越快，灯泡发光越亮C．浮桶线圈中会产生大小为的电动势D．灯泡中电流最大为【答案】BD【详解】A．线圈随海水上下振荡，利用左手定则可知安培力方向也是沿上下方向阻碍线圈运动，并非沿半径向内，故A错误；B．切割磁感线产生的电动势可知，电动势的大小与海水上下振荡速度有关，与振荡幅度无关，v越大，E越大，则灯泡发光越亮，故B正确；CD．切割磁感线的线圈长度l=N∙2πR由于线圈上线运动速度在改变，故有最大电动势2NBπRv灯泡中电流最大为故选项C错误，D正确。故选BD。03导体转动切割磁感线问题10．（2025·河南信阳·模拟预测）如图，一硬质导线折成一个不闭合的五角星形线框，在纸面内绕b点逆时针转动。边界MN上方有垂直纸面向里的匀强磁场，当线框转至图中位置时，a、b、c、d各点的电势大小关系为（）A． B．C． D．【答案】A【详解】在磁场中切割磁感线会产生感应电动势，大小为，方向利用右手定则来分析；在本题中，若线框是闭合的，感应电流应为逆时针方向，所以可知且是最大的；间的等效长度小于间的等效长度，所以，即可推导出，即故选A。11．（2025·陕西西安·模拟预测）如图所示，竖直平面内一半径为r的金属圆盘电阻不计，垂直于磁感应强度为B的匀强磁场，边缘绕有一足够长的细线，线下吊一质量为m的重物。圆盘的圆心和边缘间接一电阻R。释放重物，圆盘绕过圆心的水平轴转动。不计所有摩擦，则重物下落的最大速度为（）A． B． C． D．【答案】C【详解】设重物下落的最大速度为，根据能量守恒可知，此时重物重力功率等于电阻R的热功率；则有又，联立解得故选C。12．如图所示，导体AB的长为2R，绕O点以角速度ω匀速转动，OB长为R，且OBA三点在一条直线上，有一磁感应强度为B的匀强磁场充满转动平面，且与转动平面垂直，那么A、B两端的电势差为（）A．BωR2 B．2BωR2C．4BωR2 D．6BωR2【答案】C【详解】导体AB切割磁感线产生的感应电动势大小为E=B∙2Rv因导体AB上各点的角速度相等，由v=ωr知v与r成正比，则平均速度联立可得E=4BR2ωAB两端的电势差大小等于导体AB中感应电动势的大小，即为4BR2ω。故选C。13．（25-26高三上·江苏·开学考试）如图，“”形导线框置于磁感应强度大小为B、水平向右的匀强磁场中。线框相邻两边均互相垂直，各边长均为l。线框绕b、e所在直线以角速度顺时针匀速转动，be与磁场方向垂直。时，abef与水平面平行，则（）A．时，电流方向为abcdefaB．时，感应电动势为2C．时，感应电动势为0D．到过程中，感应电动势平均值为0【答案】A【详解】AB．线框旋转切割磁场产生电动势的两条边为和，时刻边速度与磁场方向平行，不产生电动势，因此此时边切割产生电动势，由右手定则可知电流方向为，电动势为，故A正确，B错误；C．当时，线框旋转180°，此时依旧是边切割磁场产生电动势，感应电动势不为零，故C错误；D．到时，线框的磁通量变化量为零，线框的磁通量变化量为由法拉第电磁感应定律可得平均电动势为，故D错误。故选A。14．（2025·甘肃张掖·模拟预测）（多选）如图所示为我国民众应对高温天气所用的吊扇，此时固定于天花板上的吊扇正在顺时针旋转（仰视），转速为n。已知叶片ab的长度为L，忽略转轴的大小，吊扇所在位置地磁场的磁感应强度竖直向下的分量大小为B，则下列说法正确的是（）A．a、b两端的电势差大小为 B．a、b两端的电势差大小为C．a端的电势高于b端的电势 D．a端的电势低于b端的电势【答案】BC【详解】AB．由法拉第电磁感应定律有根据角速度和转速的关系有又因为可得a、b两端的电势差大小为，A错误，B正确；CD．由右手定则可知，a端的电势高于b端的电势，C正确，D错误。故选BC。15．（2025·宁夏银川·三模）（多选）如图所示，平面内有一外、内直径分别为和的环形区域，以直径AD为分界，左、右半环形区域内分别有垂直平面向里和向外的匀强磁场，磁感应强度大小均为B。直径为、电阻不计的两个半圆形金属框，置于环形区域的外圆处，并在A、D两处分别用长度可忽略的绝缘材料连接。金属框的C、E两点间连有一阻值为R的电阻，一长度为、电阻为r的导体棒ef过圆心O放置于金属框上，并绕过O点的转轴以角速度顺时针匀速转动，转动过程其两端与金属框接触良好。当导体棒转至图中位置时，下列说法正确的是（）A．电阻R中电流方向由a到bB．导体棒切割磁感线产生的感应电动势大小为C．流过R的电流大小为D．导体棒Of段所受安培力大小为【答案】AC【详解】A．根据右手定则，金属棒转动切割磁感线时，点电势高，电阻中电流方向由到，故A正确；B．导体棒切割磁感线产生的感应电动势故B错误；C．流过的电流大小为解得故C正确；D．导体棒段所受安培力大小为结合上述解得故D错误。故选AC。16．（25-26高三上·内蒙古·开学考试）链球运动是一项田径竞远项目，如图甲，运动员两手握着链球上铁链的把手，带动链球旋转，最后使球脱手而出做斜抛运动。链球的质量，如图乙所示，在某次比赛中，链球抛出前做半径的圆周运动，抛出时离地高度，抛出后经落地，水平运动的距离为，重力加速度，不计空气阻力，链球可视为质点。求：(1)链球抛出时的水平速度和竖直速度大小；(2)链球在抛出前瞬间所受向心力大小；(3)若链球上的铁链长，在垂直链球旋转平面的方向上地磁场的磁感应强度大小为，链球离手前的速度为，该瞬间铁链上的感应电动势多大？（用、表示）【答案】(1)，(2)(3)【详解】（1）根据运动学公式，水平方向上可得链球抛出时的水平速度大小为竖直方向上有可得链球抛出时的竖直速度大小为（2）链球在抛出前瞬间所受向心力大小为又联立解得（3）感应电动势为把手处速度则有联立可得04磁感应强度变化的切割如图所示，间距为L的两根平行金属导轨固定在水平桌面上，每根导轨单位长度的电阻为r0，导轨的端点P、Q间用电阻不计的导线相连，垂直导轨平面的匀强磁场的磁感应强度B随时间t均匀变化（B=kt），一电阻也不计的金属杆可在导轨上无摩擦滑动且在滑动过程中始终保持与导轨垂直，在t=0时刻，金属杆紧靠在P、Q端，在外力作用下，杆由静止开始向右做匀加速直线运动，则t时刻金属杆所受安培力为（）A． B． C． D．【答案】C【详解】本题可实现模型等效转换，等效为磁场不变的单棒切割磁感线与面积不变的磁场变化的叠加，为此令金属杆的加速度为a，经时间t，金属杆与初始位置的距离为此时杆的速度v＝at所以回路中的感应电动势而回路的总电阻R＝2xr0所以金属杆所受安培力为t故选C。（多选）如图甲所示，足够长的光滑金属导轨内有垂直于导轨平面向里方向不变的匀强磁场，其磁感应强度B随时间t的变化图像如图乙所示。导轨左端接有一个电阻值恒为R的灯泡。从0时刻开始，垂直于导轨的导体在水平外力F的作用下从导轨的左端沿导轨以速度v水平向右匀速运动。导体棒的长度为l，导体棒运动过程中与导轨接触良好，导体棒与导轨的电阻均不计。在导体棒向右运动的过程中，下列说法正确的是（）A．灯泡亮度不变B．灯泡逐渐变亮C．在运动后的时刻，D．在运动后的时刻，【答案】BC【详解】AB．由图乙可知，在t时刻磁感应强度的大小为所以在t时刻回路中由于导体运动产生的动生电动势为在t时刻回路中由于磁感应强度变化产生的感生电动势为根据右手定则和楞次定律可知，这两个电动势是同方向的，所以回路中的总电动势为因此回路中的总电动势随时间增大，所以灯泡逐渐变亮，故A错误，B正确；CD．ab棒在运动后的t0时刻，回路中的总电动势为回路中的电流为ab棒受到的安培力为由于ab棒匀速运动，所以ab棒受力平衡，因此水平外力为故C正确，D错误。故选BC。19．（2025·安徽六安·模拟预测）如图甲所示，斜面顶部线圈的横截面积，匝数匝，内有水平向左均匀增加的磁场，磁感应强度随时间的变化图像如图乙所示。线圈与间距为的光滑平行金属导轨相连，导轨固定在倾角的绝缘斜面上。图示虚线下方存在磁感应强度的匀强磁场，磁场方向垂直于斜面向上。质量的导体棒垂直导轨放置，其有效电阻，从无磁场区域由静止释放，导体棒沿斜面下滑一段距离后刚好进入磁场中并匀速下滑。在运动中导体棒与导轨始终保持良好接触，导轨足够长，线圈和导轨电阻均不计。重力加速度取，，，求：(1)导体棒进入磁场前流过导体棒的感应电流大小和方向；(2)导体棒刚好进入磁场时的速度大小。【答案】(1)0.4A，电流方向到(2)8m/s【详解】（1）由法拉第电磁感应定律，斜面顶部线圈产生的感应电动势为产生的感应电流为代入数据可得根据楞次定律可得电流方向到。（2）导体棒沿斜面下滑一段距离后进入磁场中匀速下滑，由平衡条件可得导体棒在中切割磁感线产生的感应电流方向为到，回路中的感应电动势为，由闭合电路欧姆定律可得感应电动势大小为解得05互感现象20.如图甲为手机正在进行无线充电，无线充电的原理图如图乙所示，充电器和手机各有一个线圈，充电器端的叫发射线圈（匝数为n1），手机端的叫接收线圈（匝数为n2），两线圈面积均为S，在△t内发射线圈产生磁场的磁感应强度增加量为△B。磁场可视为垂直穿过线圈。下列说法正确的是（）A．手机端的接收线圈b点的电势低于a点B．手机端的接收线圈a和b间的电势差值为C．接收线圈和发射线圈是通过自感实现能量传递D．增加c、d间电流的变化率，接收线圈a和b间的电势差始终不变【答案】B【详解】A．由楞次定律得，手机端的接收线圈b点的电势高于a点，A错误；B．由法拉第电磁感应定律得：手机端的接收线圈a和b间的电势差值为B正确；C．接收线圈和发射线圈是通过互感实现能量传递的，C错误；D．增加c、d间电流的变化率，将会使磁场的变化率增加，则接收线圈a和b间的电势差变大，D错误。故选B。21.无线充电是近年发展起来的新技术，它让手机摆脱了充电线的牵制。如图为某品牌的无线充电手机利用电磁感应的方式充电的原理简化图。当充电基座上的送电线圈通入交流电后，就会在邻近的受电线圈中产生感应电流，从而为手机电池充电。下列关于无线充电的说法正确的是（）A．将送电线圈接到稳恒直流电源上也可为手机电池充电B．受电线圈与送电线圈中交变电流的频率相同C．送电线圈和受电线圈之间通过自感现象实现能量的传递D．手机和充电基座没有通过充电线连接，故充电过程中没有能量损失【答案】B【详解】A．如果无线充电基座用稳恒直流电源供电，则接收线圈的磁通量不变，不能产生感应电流，无法对手机充电，A错误；B．无线充电中发射线圈由于接交流电会产生变化的磁场，接收线圈上会因为变化的磁场产生感应电流进行充电，利用了电磁感应原理，不改变电流频率，B正确；C．无线充电过程主要利用互感现象来实现能量传递的，C错误；D．充电时线圈中有电流，根据电流的热效应，可知线圈会发热，故存在能量损失，D错误。故选B。06自感现象22．（2025·宁夏银川·二模）如图所示，S闭合后，流过线圈L的电流恒为，流过灯泡A的电流恒为，且。在时刻将S迅速断开，在较短一段时间内流过灯泡的电流随时间变化的图像是（）A． B．C． D．【答案】D【详解】S闭合后，流过线圈L的电流恒为，流过灯泡A的电流恒为，且。在时刻将S迅速断开，由于线圈产生自感电动势阻碍的减小，且线圈与灯泡A构成回路，所以通过灯泡A的电流从逐渐减小，且通过灯泡A的电流方向与原来的方向相反。故选D。在课堂中，三位同学合作完成了一个惊奇小实验：他们手拉手与一节电动势为1.5V的干电池、若干导线、一个开关、一个有铁芯且匝数较多的线圈按图示方式连接，实验过程中人会有触电的感觉。下列说法正确的是（

）A．闭合开关瞬间，人有触电的感觉 B．电路稳定时，流过人体的电流大于线圈的电流C．断开开关瞬间，流过人的电流方向为 D．断开开关瞬间，线圈两端的电压突然增大【答案】D【详解】A．闭合开关瞬间，人两端的电压等于电源两端的电压，为1.5V，不足以产生触电感觉，A错误；B．电路稳定时，因为人体的电阻远大于线圈的电阻，所以通过人体的电流小于线圈中的电流，B错误；C．断开开关瞬间，线圈产生的电动势要阻碍线圈中的电流变小，因此产生的感应电流方向与原方向相同，自左向右，断开开关时线圈与人组成新的闭合回路，因此流过人体的电流由，C错误；D．断开开关瞬间，由于电流变化太快，导致线圈产生的感应电动势非常大，所以线圈两端电压会变大，D正确。故选D。24．（2025·江苏盐城·模拟预测）演示自感现象的实验电路如图所示，A1、A2为两个完全相同的灯泡，调节变阻器R，使电路稳定时两个灯泡的亮度相同，然后断开开关，则（）A．灯泡A1立即熄灭 B．灯泡A1慢慢熄灭C．灯泡A2立即熄灭 D．灯泡A2先闪亮一下再慢慢熄灭【答案】B【详解】断开开关时，由于电感线圈存在断电自感，电感线圈相当于电源，因为断电之前，两支路的电流一样大，故断开开关，A1、A2同时慢慢熄灭。故选B。25．（2025·陕西榆林·二模）如图所示的甲、乙两个电路，电感线圈的自感系数足够大，直流电阻为；两白炽灯泡和定值电阻的阻值也均为。先闭合开关，待电路达到稳定后，灯泡均能发光，再将开关断开，最终两灯都熄灭。对于开关闭合、断开后灯泡亮度变化情况，下列说法中正确的是（）A．同时闭合开关，甲、乙电路中的灯泡同时亮起B．同时闭合开关，甲电路中灯泡先闪亮一下再稳定发光C．断开开关，甲、乙两电路中灯泡都先闪亮一下再延迟熄灭D．断开开关，甲电路中灯泡延迟熄灭、乙电路中灯泡先闪亮一下再延迟熄灭【答案】D【详解】AB．甲电路闭合开关，由于线圈的自感现象，灯泡缓慢变亮，乙电路闭合开关，灯泡瞬间变亮，AB均错误。CD．甲电路在开关闭合稳定后，通过灯泡的电流与通过电感线圈的电流相等，再断开开关，由于线圈的自感作用，灯泡延迟熄灭；乙电路在开关闭合稳定后，通过的电流大于通过灯泡的电流，再断开开关，将阻碍电流变化，通过的电流将流经灯泡，使得断开后瞬间，通过灯泡的电流变大，所以灯泡先闪亮再延迟熄灭，C错误，D正确。故选D。26．（2025·江苏宿迁·模拟预测）如图所示电路中，电阻阻值相同，电源电动势为E，内阻不计，电容为C，电感线圈直流电阻为零。闭合开关S（）A．电路稳定后，R1和R2中的电流一样大B．电路稳定后，电容器带电量为CEC．断开S瞬间，R1和R2中电流方向相同D．断开S瞬间，R1中的电流较大【答案】B【详解】A．电路稳定后，被短路，流过的电流为0，可知R1和R2中的电流不一样大，故A错误；B．电路稳定后，电容器电压为路端电压，由于电源内阻不计，可知路端电压为E，则电容器带电量为故B正确；C．断开S瞬间，电容器与构成回路，电容器放电，电流从左向右流过；断开S瞬间，电感线圈与构成回路，在自感作用下，电流从左向右流过电感线圈，即电流从右向左流过，故C错误；D．断开S前，流过和电感的电流相同，断开S瞬间电感电流从原电流减小，而两端电压等于电容电压等于电动势，则电流大小不变，两者电流大小相等，故D错误。故选B。07涡流、电磁阻尼和电磁驱动27．（2025·黑龙江·模拟预测）安检门是一个用于安全检查的“门”，“门”框内有线圈，线圈里通有交变电流，电流在“门”内产生磁场，当有金属物品通过“门”时，在金属内部产生涡流，涡流的磁场又反过来影响线圈中的电流，从而报警。安检门工作时利用了（）A．电磁感应原理 B．电磁驱动原理 C．电磁阻尼原理 D．电流的热效应【答案】A【详解】安检门利用涡流探测人身上携带的金属物品，当线圈中通以交变电流时，产生变化的磁场，在磁场内的金属物品产生交变的感应电流，而金属物品中感应电流产生的交变磁场会在线圈中产生感应电流，引起线圈中交变电流的变化，从而被探测到，主要是利用电磁感应原理。故选A。28．（2025·北京·一模）电磁驱动是21世纪初问世的新概念，该技术被视为将带来交通工具大革命。在日常生活中，摩托车和汽车上装有的磁性转速表就是利用了电磁驱动原理。如图所示是磁性转速表及其原理图，永久磁铁随车轮系统的转轴转动，铝盘固定在指针轴上，与永久磁铁不固定。关于磁性式转速表的电磁驱动原理，下列说法正确的是（

）A．铝盘接通电源，通有电流的铝盘在磁场作用下带动指针转动B．永久磁体随转轴转动产生运动的磁场，在铝盘中产生感应电流，感应电流使铝盘受磁场力而转动C．铝盘转动的方向与永久磁体转动方向相反D．由于铝盘和永久磁体被同转轴带动，所以两者转动是完全同步的【答案】B【详解】AB．当永久磁铁随转轴转动时，产生转动的磁场，在铝盘中会产生感应电流，这时永久磁铁的磁场会对铝盘上的感应电流有力的作用，而产生一个转动的力矩，使指针转动，由于弹簧游丝的反力矩，会使指针稳定指在某一刻度上，故A错误，B正确；C．该转速表运用了电磁感应原理，由楞次定律知，铝盘磁场总是阻碍永久磁铁转动，要使减小穿过铝盘磁通量的变化，永久磁铁转动方向与铝盘转动方向相同，故C错误；D．永久磁铁固定在转轴上，铝盘固定在指针轴上，铝盘和永久磁铁不是同转轴带动，所以两者转动不是同步的，故D错误。故选B。29．（2025·江苏徐州·二模）台风“贝碧嘉”登陆上海，中国自主研发的千吨阻尼器——“上海慧眼”（如图所示）摆动明显，保障了上海中心大厦的安全。“上海慧眼”采用了电涡流阻尼技术，永磁体形成的磁场与质量块一起摆动时，与其下方固定的导体板产生相对运动，从而在导体板中产生电涡流。关于该阻尼器，下列说法正确的是（）A．阻尼器的电涡流阻尼技术原理是电流的磁效应B．振动稳定时，阻尼器的振动频率小于大厦的振动频率C．阻尼器将机械能最终转化为内能D．若将阻尼器下方的导体板换成木地板，对使用效果没有影响【答案】C【详解】B．阻尼器受迫振动，稳定时阻尼器的振动频率与大厦的振动频率相等，故B错误；ACD．根据电磁感应原理可知，永磁体通过导体板上方时会在导体板中产生电涡流，阻碍永磁体相对导体板的运动，将机械能最终转化为内能，若将阻尼器下方的导体板换成绝缘的木地板，将不会产生电涡流，影响使用效果，故AD错误，C正确。故选C。30．（2025·甘肃定西·模拟预测）台风“贝碧嘉”的中心于2024年9月16日7点30分前后在上海浦东临港新城登陆。由中国自行设计、安装在上海中心大厦125层的千吨“慧眼”——电涡流调谐质量阻尼器开始晃动，守护大楼抵抗强风。如图所示为电涡流调谐质量阻尼器的模型图，简称电涡流TMD。当结构振动时，固定在质量块上的永磁体与其下方固定的导体产生相对运动，从而在固定的导体上产生抑制质量块相对运动的电涡流，起到减振保护大楼的作用。下列说法错误的是（）A．上海中心大厦在台风作用下的振动是受迫振动B．电涡流TMD通过改变大厦的固有频率来减小大厦的振动C．电涡流TMD通过电涡流将振动能量转化成热能，从而达到减振的效果D．永磁体与导体之间发生相对运动时，二者均会受到与相对运动方向相反的阻力，从而起到减振的作用【答案】B【详解】A．上海中心大厦在台风作用下的振动是受到外力作用下的振动，属于受迫振动，故A正确，不符合题意；B．物体的固有频率只跟物体本身有关，大厦振动时，电涡流TMD并没有改变大厦的质量和结构等因素，也没有改变大厦的固有频率，故B错误，符合题意；CD．当结构振动时，固定在质量块上的永磁体与其下方固定的导体产生相对运动，从而在固定的导体上产生抑制质量块相对运动的电涡流，电涡流切割磁感线时会产生与相对运动方向相反的阻力，而导体的电阻通过热效应消耗掉振动的能量，从而起到减振耗能的作用，故CD正确，不符合题意。本题选错误的，故选B。31．（2025·江苏常州·二模）关于教材中的四张图，下列说法中不正确的是（）A．甲图，真空炉内待冶炼的金属中产生涡流，使金属自身融化B．乙图，转动蹄形磁体，会观察到放在下方的铝框同向转动C．丙图，强磁铁从有竖直裂缝的铝管中下落，铝管内不会产生感应电动势D．丁图，磁铁向右平移，桌面上静止的金属圆环有向右运动的趋势【答案】C【详解】A．甲图，真空炉内通入高频电流后，则待冶炼的金属中产生涡流，使金属自身融化，选项A正确，不符合题意；B．乙图，转动蹄形磁体，根据电磁驱动可知，会观察到放在下方的铝框同向转动，选项B正确，不符合题意；C．丙图，强磁铁从有竖直裂缝的铝管中下落，磁通量发生变化，铝管内也会产生感应电动势，选项C错误，符合题意；D．丁图，根据“来拒去留”，则磁铁向右平移，桌面上静止的金属圆环有向右运动的趋势，选项D正确，不符合题意。故选C。32．（2025·北京朝阳·一模）如图所示，两个灯泡A1和A2的规格相同，闭合开关，稳定后两个灯泡正常发光且亮度相同。下列说法正确的是（）A．闭合开关瞬间，A1、A2亮度相同B．闭合开关瞬间，M点电势低于N点电势C．电路稳定后断开S，A2闪亮一下再熄灭D．电路稳定后断开S瞬间，M点电势低于N点电势【答案】D【详解】AB．闭合开关瞬间，由于自感线圈有自感电动势产生，阻碍电流增大，所以A1逐渐变亮，而A2立即变亮，A1所在电路的电流方向为从M到N，所以M点电势高于N点电势，故AB错误；C．电路稳定后断开S，A1、A2与L、R构成回路，L相当于电源，因原来两支路电流相等，所以不会出现A2闪亮一下再熄灭的现象，A1、A2都会逐渐熄灭，故C错误；D．电路稳定后断开S瞬间，A1所在电路的电流方向为从N→A1→A2→R→M，所以M点电势低于N点电势，故D正确。故选D。33．如图甲所示，光滑金属导轨abc和deO电阻不计，abed为边长为d的正方形，bc段为圆弧，O为圆弧的圆心，bOe=45°，ad间连接电阻为R的灯泡。0时刻开始电阻为R的导体棒绕O点沿圆弧转动，转动的角速度为，经2t0由b转到c。扇形区域内磁场恒定，方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B0，正方形区域内磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小随时间变化的图像如图乙所示。下列说法正确的是（）A．若要使t0-2t0灯泡不发光，乙图中B的变化率为B．0-t0灯泡发光且电流方向由a→dC．0-t0灯泡两端电压为D．0-t0通过导体棒的电荷量为【答案】A【详解】B．0-t0导体棒切割磁感线产生感应电动势，导体棒与灯泡构成闭合回路，灯泡发光，根据右手定则可知，电流方向由d→a，故B错误；C．0-t0导体棒切割磁感线产生感应电动势为0-t0感应电流为0-t0灯泡两端电压为故C错误；D．0-t0通过导体棒的电荷量为故D错误；A．若要使t0-2t0灯泡不发光，则说明回路中的感应电动势为零，则根据法拉第电磁感应定律可得解得乙图中B的变化率为故A正确。故选A。34．（2025·安徽六安·模拟预测）感应电动势是由回路中磁通量的变化引起的，根据磁通量变化的原因不同，可分为感生电动势和动生电动势。由磁场变化引起磁通量变化而产生的感应电动势称为感生电动势。变化的磁场在其周围空间会激发出感应电场（称为涡旋电场），这种电场迫使导体内的电荷做定向移动而产生感生电动势，如图甲所示；导体切割磁感线产生的电动势称为动生电动势。导体切割磁感线时，导体中的自由电子由于和导体一起运动，因而受到洛伦兹力的作用，使导体两端产生电动势，如图乙所示。下列说法不正确的是（）A．对甲图，当如图所示的磁感应强度增加时，导体中电子将受到如图所示的涡旋电场力B．对甲图，电荷定向移动对应的电能来自于让磁通量变化所需的能量C．对乙图，当电子沿着导体棒运动时，会产生另一个洛伦兹力分量，但总洛伦兹力不做功D．对乙图，电荷定向移动所增加的电势能来源于外力移动导体棒时所提供给系统的能量【答案】A【详解】A．对甲图，当如图所示的磁感应强度增加时，根据楞次定律，感应电流的磁场向里，由右手定则可知，感应电场方向为顺时针方向，则导体中电子将受到与如图所示的方向相反的涡旋电场力，选项A错误，符合题意；B．由能量关系可知，对甲图，电荷定向移动对应的电能来自于让磁通量变化所需的能量，选项B正确，不符合题意；C．对乙图，当电子随导体棒向右运动时受到向上的洛伦兹力作用，该洛伦兹力对电子做正功；另一方向当电子沿着导体棒运动时，电子有沿导体棒向上运动的速度，受到向左的洛伦兹力作用，该洛伦兹力做负功，则电子受到的合洛伦兹力不做功，选项C正确，不符合题意；D．由能量关系可知，对乙图，电荷定向移动所增加的电势能来源于外力移动导体棒时所提供给系统的能量，选项D正确，不符合题意。故选A。35．（2025·海南省直辖县级单位·模拟预测）如图所示，将电阻R、电容器C和一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，S极朝下。现使磁铁开始自由下落，在S极接近线圈上端的过程中，下列说法正确的是（）A．电阻R中的感应电流方向为从a到bB．电容器C的下极板将带正电C．磁铁的加速度始终等于重力加速度gD．线圈与条形磁铁之间产生了相互吸引的作用力【答案】B【详解】AB．磁铁S极接近线圈，线圈磁通量向上增大，根据楞次定律，感应电流磁场向下，由右手定则，线圈中感应电流由上到下，电阻R中电流从b到a，电容器C的下极板带正电，A错误，B正确；C．感应电流产生的磁场阻碍磁铁下落，磁铁加速度小于g，C错误；D．楞次定律“来拒去留”，磁铁靠近线圈时，线圈对磁铁有斥力，二者相互排斥，D错误。故选B。36．（2025·北京大兴·三模）北京某中学的教室有一朝南的合金窗，教室所处地磁场的磁感应强度水平分量大小为，方向垂直于窗户平面且指向室内。窗的窗扇竖直边长为，水平边长为，一学生在教室内将封闭的窗扇向外推开的过程用时为。对该过程判断正确的是（）A．通过窗扇的磁通量大小在不断增大B．窗扇的平均感应电动势大小为C．从学生视角，窗扇产生顺时针方向的电流D．推窗过程中电能转化成机械能【答案】B【详解】A．通过窗扇的磁通量大小在不断减小，选项A错误；B．窗扇的平均感应电动势大小为，选项B正确；C．根据楞次定律可知，从学生视角，窗扇产生逆时针方向的电流，选项C错误；D．推窗过程中机械能转化成电能，选项D错误。故选B。37．（2025·安徽合肥·模拟预测）（多选）某同学利用如图所示的电路演示电容器的充、放电过程，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出不同阶段电流随时间变化的图像。时刻让开关与端相连，稳定后把开关掷向端，以初始充电电流方向为电流正方向，下列图像可能正确的是（）A． B．C． D．【答案】BC【详解】AB．如题图所示，开关置于1时，闭合电路对电容器进行充电，时刻电容器两端的电压为零，此时充电电流比较大，随着电容器的电量增加，根据可知，电容器两端的电压升高，充电电阻R两端的电势差减小，充电电流减小，A错误，B正确；CD．将开关置于2时，闭合电路组成振荡电路，由于线圈的自感作用，振荡电流逐渐增大，电容器中的电场能全部转化为线圈中的磁场能，电流增加至最大；随之线圈将磁场能转化为电场能，由于线圈的自感作用，电流并不会立即减小为0，而要保持原来的方向继续流动，并逐渐减小，C正确，D错误。故选BC。38．（2025·浙江·模拟预测）（多选）绝缘细圆环总质量为m，半径为R，电荷量为Q的正电荷均匀分布在圆环上。用外力使圆环从静止开始绕通过环心且垂直于环面的轴线加速转动，如图所示。角速度ω随时间t均匀增加，即ω=λt（λ为已知量）。圆环转动形成等效电流，该电流产生的磁场通过圆环的磁通量与该电流成正比，比例系数为k（k为已知量），不计圆环上的电荷作加速运动时所产生的电磁辐射。以下说法正确的是（）A．圆环转动形成等效电流的大小为B．圆环中会产生大小为的感应电动势C．圆环每转一圈动能增加D．圆环每转一圈外力做功【答案】AC【详解】A．在圆环上任取一小段Δx，则其电荷量为Δq，则有经Δt时间形成的等效电流为结合题意可知，联立解得，故A正确；B．根据法拉第电磁感应定律可得圆环中产生的电动势大小为，故B错误；C．设圆环转动一周的初、末角速度分别为ω0、ωt，则有故转动一周圆环动能的增加量，故C正确；D．圆环每转动一周外力所做的功，一部分增加圆环的动能，一部分增加圆环的电能，根据功能关系则有，故D错误。故选AC。39．（2025·河北秦皇岛·模拟预测）（多选）如图所示，半径为、粗细均匀的单匝圆形金属线圈内有一半径为的圆形区域存在匀强磁场，磁感应强度方向垂直于线圈平面向外，磁感应强度B随时间t的变化关系为，、k为正的常量，线圈电阻为R，则磁感应强度从增大到2时间内（）A．线圈中电子沿逆时针方向定向移动 B．线圈面积有缩小的趋势C．线圈中产生的焦耳热为 D．通过导线横截面的电荷量为【答案】AC【详解】A．根据楞次定律和右手定则可知，线圈中感应电流为顺时针方向，因此电子运动方向为逆时针，故A正确；B．线圈不在磁场中，不受安培力，无收缩扩张的趋势，故B错误；C．线圈中磁通量变化率为，线圈中的感应电动势为，变化过程中产生的焦耳热为，由于，联立解得，故C正确；D．通过导线的电荷量为，解得，故D错误。故选AC。40．（2023·北京·高考真题）如图所示，L是自感系数很大、电阻很小的线圈，P、Q是两个相同的小灯泡，开始时，开关S处于闭合状态，P灯微亮，Q灯正常发光，断开开关（

）

A．P与Q同时熄灭 B．P比Q先熄灭C．Q闪亮后再熄灭 D．P闪亮后再熄灭【答案】D【详解】由题知，开始时，开关S闭合时，由于L的电阻很小，Q灯正常发光，P灯微亮，断开开关前通过Q灯的电流远大于通过P灯的电流，断开开关时，Q所在电路未闭合，立即熄灭，由于自感，L中产生感应电动势，与P组成闭合回路，故P灯闪亮后再熄灭。故选D。41．（2024·甘肃·高考真题）工业上常利用感应电炉冶炼合金，装置如图所示。当线圈中通有交变电流时，下列说法正确的是（）A．金属中产生恒定感应电流 B．金属中产生交变感应电流C．若线圈匝数增加，则金属中感应电流减小 D．若线圈匝数增加，则金属中感应电流不变【答案】B【详解】AB．当线圈中通有交变电流时，感应电炉金属内的磁通量也不断随之变化，金属中产生交变感应电流，A错误，B正确；CD．若线圈匝数增加，根据电磁感应定律可知，感应电动势增大，则金属中感应电流变大，CD错误。故选B。42．（2025·甘肃·高考真题）闭合金属框放置在磁场中，金属框平面始终与磁感线垂直。如图，磁感应强度B随时间t按正弦规律变化。为穿过金属框的磁通量，E为金属框中的感应电动势，下列说法正确的是（

）A．t在内，和E均随时间增大 B．当与时，E大小相等，方向相同C．当时，最大，E为零 D．当时，和E均为零【答案】C【