江西上饶市2025-2026学年高一年级上册期末物理试卷（解析版）

高一物理

考试时间：75分钟总分：100分

一、选择题：本题共10小题，共46分。第L7题只有一个选项符合题目要求，每小题4

分；第8-10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对得6分，选对但不全的得3

分，有错选的得0分。

1.某同学周末参与社区公益骑行活动，全程涉及速度、加速度的物理知识，下列说法正确

的是（）

A.该同学以18km/h的速度匀速骑行，可换算为5m/s

B.速度单位“m/s”和加速度单位“m/s?”，均为国际单位制基本单位

C.该同学骑行过程中，某时刻加速度大小为Im/s2,此物理量描述“速度变化快慢”，表示

他每秒内速度增加lm/s

D.该同学刹车时，速度从18km/h减到0用时5s,计算得加速度大小为Im/s2,且加速度

方向与刹车前速度方向相同

【答案】A

【解析】A.单位换算18km/h=5m/s,故A正确；

B.速度单位“m/s”和加送度单位“m/s?”，均为由基本单位导出的导出单位，故B错误；

C.加速度描述速度变化的快慢，若加速度与速度同向，则表示他每秒内速度增加lm/s,

若反向，则表示他每秒内速度减小lm/s,故C错误；

D.该同学刹车时加速度大小为〃=网=11«/$2

A/

但刹车时加速度方向与速度方向相反，故D错误。

故选A。

2.在某中学物理实验室中，师生们正在开展“探究弹簧弹力与形变量关系'’的实验。实验所

用轻质弹簧原长为8.00cm,当弹簧受到8.0N的水平拉力尸（拉力方向与弹簧轴线一致）

时，弹簧稳定后，学生用刻度尺测得其长度变为10.00cm,且整个过程弹簧始终在弹性限

度内。则该弹簧的劲度系数为（）

A.1.ON/mB.4.0N/m

C.100N/mD.400N/m

【答案】D

【解析】根据胡克定律可得/=

其中Ax=10.00cm-8.00cm=2.00cm=0.02m

解得〃=400N/m

故选D。

3.我国最新研制的某型号高空探测气球，从地面由静止开始竖直向上运动，先加速、后减

速，最终悬停于最高处。其加速阶段的前60s可近似视为匀加速直线运动，加速度大小为

O.lm/s2.且经过这60s后，气球恰好上升至最大高度的一半。则该气球能上升的最大高

度约为（）

A.90mB.180mC.360mD.720m

【答案】C

【解析】气球加速上升的电离为/2=L"2=i80m

2

此时气球恰好上升至最大高度的一半，则该气球能上升的最大高度约为“=2/z=360m

故选C。

4.杭州亚运会龙舟比赛为直道竞速项FI,每支队伍由鼓手、舵手及划手组成，龙舟配备了

龙头、龙尾保持传统风格，以龙头最前沿到达终点判定名次。龙舟。、〃在同一水面上做直

线运动，其速度V随时间，变化图像如图所示。在时间内，下列说法正确的是

A.龙舟〃先往正方向运匈，再往负方向运动

B.龙舟〃先做加速度变小的加速运动，再做加速度变大的加速运动

C.龙舟。和龙舟人的平均速度相等

D.龙舟。和龙舟人只有一个时刻加速度相同

【答案】D

【解析】A.在乙~/1时间内，龙舟b的速度一直为正，可知一直往正方向运动，A错误；

B.图像的斜率表示加速度，可知在4~4时间内，龙舟人先做加速度变小的加速运动，再

做加速度变大的减速运动，B错误；

C.图像的面积表示位移可知，在6~4时间内龙舟8的位移大于。的位移，则龙舟。的平

均速度小于龙舟人的平均速度，C错误；

D.由图像的表示加速度可知，龙舟人的图像上只有一个点切线的斜率与〃相等，则龙舟〃

和龙舟〃只有一个时刻加速度相同，D正确。

故选D。

5.某同学在探究“摩擦力与运动关系”时，设计了如图甲所示装置：水平实验台上固定一个

力传感器，传感器通过轻质细线连接质量为2kg的物块，物块放在粗糙的长木板上。某同

学水平向左拉动长木板，传感器实时记录细线拉力大小，得到的尸-f图像如图乙所示。

下列说法正确的是（）

物块力传感器|

2.5303.54.04.55.05.56.06.57.0t/s

甲乙

A.长木板未拉动时，物块所受摩擦力大小随拉力增大而减小

B.长木板刚开始向左滑动时，物块所受摩擦力大小会突然变小

C.长木板减速向左滑动时，物块所受摩擦力大小大于传感器的拉力大小

D.长木板加速向左滑动时，物块所受摩擦力大小会随木板速度增大而增大

【答案】B

【解析】A.开始阶段水平拉力小于试验台对长木板的最大静摩擦力，物块不受静摩擦力

作用；当水平拉力超过试捻台对长木板的最大静摩擦力时，物块才开始受向左的静摩擦力

作用，随着拉力增大而增大，直到发生相对滑动，故A错误；

B.由乙图可知，长木板刚开始向左滑动时，物块所受摩擦力大小会突然变小，故B正

确；

C.长木板减速向左滑动时，物块处于静止状态，根据平衡条件可得了=/

即物块所受摩擦力大小等于传感器的拉力大小，故C错误；

D.根据6=〃几可知，物块所受摩擦力大小只与动摩擦因数和正压力有关，与速度无

美,故D错误。

故选B。

6.图甲中，某高中开展体能测试。高三学生在单杠区进行双手引体向上项目，体育老师用

高精度压力传感器（仅记录右手受力），实时监测并绘制出一段运动过程中单杠对学生右手

支持力（实际为拉力，传感器统一以“支持力”标识，大小等于拉力）的大小随时间变化的

图像，如图乙所示（取竖直向上为正方向，学生可视为质点，重力G恒定）。则下列说法

正确的是（）

甲乙

A.从传感器的示数可知该同学的体重约为25kg

B.1~2s内，该同学经历了先失重、后超重的状态

C.5〜6s内，该同学经历了先失重、后超重的状态

D.。〜8s内，该同学进行了先拉起身体、后放下身体的动作

【答案】B

【解析】A.从传感器示数可知，单杠对该同学右手支持力的大小为250N,同理单杠对

左手的支持力大小也为2E0N,根据平衡条件可知该同学的重力约为500N,体重约为

m=—=50kg,故A错误；

g

B.ls~2s内，从传感器示数可知，支持力先小于重力，处于失重状态，之后支持力大于重

力，处于超重状态，所以该同学经历了先出现失重现象后出现超重现象，故B正确；

C.5〜6s内，从传感器示数可知，支持力先大于重力，处于超重状态，之后支持力小于重

力，处于失重状态，故C错误；

D.人在进行放下身体的动作过程中，先向下加速运动，此时加速度的方向向下，故人处

于失重状态，最后人处于睁止状态，所以后半段人向下做减速运动，加速度的方向向上，

此过程人处干超重状态，结合图像可以看出，1s时人放卜身体，2s时过程结束。0~8s

内，该同学进行了先放下身体的动作、后拉起身体，故D错误。

故选B。

7.我国自主研发的气动悬浮列车（采用环形翼气动悬浮技术，时速可达500公里）上，车

厢内有一根固定直杆，杆顶连接着一个小球（简化如图所示）。列车先在水平轨道上向右做

匀减速运动，随后以•定速度无动力冲上斜面轨道（不考虑斜面轨道摩擦对列车运动的影

响）。列车在水平面上向右运动过程和沿斜面上滑过程中，直杆对小球作用力的方向可能

（）

A.先沿04方向，再沿。。方向B.先沿OC方向，再沿03方向

C.先沿。4方向，再沿。4方向D.先沿。。方向，再沿04方向

【答案】C

【解析】当列车在水平轨道上向右匀减速运动时，列车的加速度水平向左，小球与列车具

有相同的加速度，则小球受到合外力的方向水平向左，由于小球受到的重力竖直向下，因

此直杆对小球的弹力可能沿CM方向；当列车以一定的速度无动力冲上斜面轨道时，列车

的加速度沿斜面轨道向下，同理小球具有与列车相同的加速度，则此时小球受到合外力的

方向沿斜面向下，而重力的方向竖直向下，根据力的合成定则可知，直杆对小球的弹力可

能沿OB方向。

故选C。

8.如图所示，我国自主研制的歼-10战斗机在陆地跑道训练时，需通过“阻拦网+弹性阻拦

绳”组合装置减速。阻拦绳两端固定在跑道两侧支架上，初始时阻拦绳呈水平松弛状态，歼

一10着陆滑跑至跑道正中央时，机身挂钩钩住阻拦绳中点，钩住瞬间阻拦绳即绷紧。忽略

战机机身姿态变化、空气阻力及阻拦网的形变影响，仅分析阻拦绳对战机的作用力与战机

受力情况。下列说法正确为是()

A.歼-1()钩住阻拦绳继续向前滑跑的过程中，阻拦绳对战机的弹力在变大

B.歼-10钩住阻拦绳继续向前滑跑的过程中，战机所受摩擦力一直在变大

C.当阻拦绳被拉至夹角。为60。时，设阻拦绳张力为耳，则阻拦绳对战机的拉力大小为

片

D.当阻拦绳被拉至夹角6为120。时，设阻拦绳张力为尸2,则阻拦绳对战机的拉力大小为

【答案】AD

【解析】A.歼一10钩住阻拦绳继续向前运动的过程中，阻拦绳形变量逐渐增大，故阻拦

绳对战机的弹力在变大，放A正确；

B.歼-10钩住阻拦绳继续向前运动的过程中，根据/=

可知跑道对歼-10的支持力不变，歼一10所受摩擦力不变，故B错误；

C.当阻拦绳被拉至夹角。为60。时，设阻拦绳张力为6,根据力的合成可知阻拦绳对战

机的拉力大小为弓,二百6,故c错误；

D.当阻拦绳被拉至夹角6为120。时，设阻拦绳张力为外，根据力的合成可知阻拦绳对战

机的拉力大小为尸2,故D正确。

故选ADo

9.跳水运动员在国家游泳馆进行10米跳台测试训练时，从跳台边缘将一颗小球竖直向上

抛出。从小球脱离手掌的瞬间开始计时，该小球全程可视为质点，其u—/图像如图所示。

不计空气阻力，在小球入水前，加速度始终为重力加速度g,g取lOm/s?，运动轨迹视为

直线，取竖直向下为正方向。下列说法正确的是()

A.小球从最高点到入水时经历的时间为1.7s

B.小球入水时的速度大小为15m/s

C.在1.7s至ij3.5s阶段，小球的平均速度大小小于7.5m/s

D.在前1.7s内，小球的位移大小为14.45m

【答案】BC

【解析】A.由图可知小球开始时先向上做匀减速直线运动，到最高点，后向下做匀加速

直线运动，再1.7s入水做减速运动，故小球从最高点到入水时经历的时间小于1.7s,故A

错误；

R.小球入水时的速度为4二(-%)+gi=[(-2)+10xl.7]m/s=15m/s,故R正确：

C.如果小球在1.7s到3.5s做匀减速直线运动，速度从15m/s减为零的平均速度为

-2j2jo_75m/s

12

由u-f可知小球实际做的是加速度逐渐减小的变加速直线运动，在相同时间内的位移小于

匀减速直线运动的位移，则有即小球在1.7s到3.5s的平均速度大小小于7.5Ws,

故c正确;

D.根据u-/图像可知，小球先做竖直上抛运动，加速度为g=10m/s2,在/=1.7s速度

达到最大，此后入水做减速运动，取竖直向下为正方向，则小球前L7s的位移为

1,1

%=（一%）/+—-[（-2）x1.7+—xl0xl.79-]m=ll.05m,故D错误。

22

故选BC

10.某矿山起吊装置简化为如图模型：竖直杆AC固定于地面，C处装有质量及摩擦均可

忽略的定滑轮。轻杆A3通过较链连接于A点（可自由转动），8端用•轻绳悬挂一•重为G

的矿用零件（视为质点），B端还系有一绕过定滑轮。的轻绳，工人用水平力尸缓慢拉绳

以控制起吊。初始状态N84C>90。，随着工人缓慢拉绳，N84C逐渐减小，直至A3

杆接近竖直杆AC。设整个过程为动态平衡，杆与绳质量均不计。关于此过程，下列判断

正确的是（）

A拉力厂逐渐减小

B.拉力尸大小不变

C.轻杆8端所受轻绳的作用力大小不变

D.轻杆4端所受轻绳的代用力先减小后增大

【答案】AC

【解析】对B端进行受力分析如图

竖直向下的绳的拉力瑞二G,8c绳的拉力厂*.及沿杆方向的弹力F^,此三力组成的矢

量三角形与VA3c相似，满足?二2="

ACBCAB

在轻绳8。方向缓慢变化过程中，因AC、A8、G不变，但BC减小，所以拉力及「逐

渐减小，EAB不变：又因为轻杆3端所受轻绳的作用力（两段绳作用力的合力）与所受杆

的弹力等大反向，故轻杆4端所受轻绳的作用力大小不变。

故选ACo

二、非选择题：本题共5小题，共54分

11.在用打点计时器、小车、轨道等装置完成“探究小车速度随时间变化的规律”、“探究加

速度与力、质量的关系”两个实验时：

（1）在下列实验器材中，两个实验都要用到的是_____________（填选项前的字母）；

（2）在某次实验中，获得如图所示记录小车运动情况的一条纸带。图中A、B、C、/）、E

为依次相邻的计数点，相邻计数点之间还有4个计时点没有标出，电源的频率为50Hz。

根据测量数据计算可得，小车经。点的速度大小为％=m/s（结果保留三

（3）由纸带测得的数据可知小车此次运动的加速度大小为nVs2（结果保留

三位有效数字）。

【答案】(l)c(2)0.567(3)1.48

【解析】

【小问1解析】

“探究小车速度随时间变化的规律”实验不需要用天平，两个实验都不需要弹簧测力计、秒

表。都需要用到刻度尺测量纸带。

故选C。

【小问2解析】

电源的频率为50Hz,且相邻计数点之间还有4个计时点没有标出，则相邻计数点间的时间

间隔为7二措=0.1s

小车经C点的速度大小为v=«0.567m/s

c2T

【小问3解析】

根据逐差法可知，小车此次运动的加速度大小为a==1.48m/s2

12.某同学利用如图甲所示的装置和频闪摄影来探究平摘运动的特点。“频闪摄影”是摄像

机每隔相等的时间就对运动物体拍摄一次，因此拍摄到物体的图像是不连续的，但从这些

不连续的图像中也可以发现物体运动的规律。

o.........

必

O……十

%

乙丙

(1)关于实验，下列做法正确的是_____________(填选项前的字母);

A.选择体积小、质量大的小球

B.先敲击弹片抛出小球，再打开频闪仪

C.敲击弹片，使小球水平抛出

(2)实验中，A球沿水平方向抛出，同时B球自由落下，图乙为某次实验的频闪照片,

分析该照片，可得出的实验结论是;

A.仅可判断A球在竖直方向做自由落体运动

B.仅可判断A球在水平方向做匀速直线运动

C.可判断A球在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动

(3)若A球从距实验台高度为0.8m处水平飞出，重力加速度g取lOm/s?,则A球下落

到实验台的时间为；

(4)测得乙图中A球连续3个位置的距离如图丙所示，已知物体的实际大小与照片上物

体影像大小的比值为%重力加速度为g,则A球平抛的初速度表达式%=

。(%用〃、)'、乃、/、g表示)

【答案】(I)AC(2)C(3)0.4s(4)2”

2口-乂

【解析】

【小问1解析】

A.实验中选择体积小、质量大的小球，可以减小空气阻力的影响，故A正确；

B.实验中应先打开频闪仪，再敲击弹片抛出小球，这样才能完整记录小球的运动过程，

故B错误；

C.敲击弹片的目的就是让小球水平抛出，保证初速度水平，故C正确。

故选ACo

【小问2解析】

实验中，A球沿水平方向抛出，同时B球自由落下，图乙为某次实验的频闪照片，从照片

中可以看出两球在竖直方向具有相同的运动情景，故可判断A球竖直方向做自由落体运

动；从照片中还可以看出A球在相同时间内通过的水平位移相等，所以还可以判断A球水

平方向做匀速直线运动。

故选C。

【小问3解析】

平抛运动竖直方向为自由落体运动，则根据自由落体运动的位移公式有〃二gg/

解得A球下落到实验台的时间为/=^=0.4s

【小问4解析】

由于平抛运动竖直方向为自由落体运动，则根据匀变速直线运动的推论有

2

Ay=n(y2-y.)=gT

联立解得频闪仪的频闪周期为T=

又因为平抛运动水平方向为匀速直线运动，则一=%7

所以A球平抛的初速度为%=登=2」〃*

2T2\y2-y\

13.舰载机电磁弹射是目前航母最先进的弹射技术。我国第一艘电磁弹射航母福建舰入列

授旗仪式于2025年11月5日在海南三亚某军港举行，主席在福建舰亲自按下电磁弹射按

钮，甲板上空载的动子如离弦之箭弹向舰储。航母福建舰在静止状态下某次实际弹射总质

量为30t的舰载机时，动子推动舰载机在2秒时间内使舰载机获得288km/h的水平起6速

度。假设弹射过程做匀加速直线运动，舰载机弹离后，空载的动子立即做匀减速直线运动

至速度减为零，加速度大小是加速阶段加速度大小的2倍。求：

(1)舰载机弹射过程的加速度大小及动子做匀减速直线运动的时间;

(2)动子从静止开始弹射至速度减为零的过程中发生的位移大小。

2

【答案】(1)ax=40m/s；f=ls(2)120m

【解析】

【小问1解析】

由题可知u=288km/h=80m/s,舰载机弹射过程的加速度大小为

AV=V-0=80IWS2=40IWS

Arz2

空载的动子加速度大小为生=2q=80m/s2

则动子做匀减速直线运动时间为〃=上=k

生

【小问2解析】

加速阶段X=；/=曰x2m=80m

减速阶段9=］，'=三x1m=40m

故动子从静止开始弹射至速度减为零的过程中发生的位移大小x=R=120m

14.传送带被广泛地应用于车站、码头、工厂等。如图是某工厂流水线生产工作中利用传

送带传送装有货物的箱子示意图。其中固定斜面的倾角8=37。，底端由一小段光滑圆弧

与水平传送带平滑连接，箱子(视为质点)质量，〃=1kg。某次从斜面上高〃=2.4m处由

静止释放1个箱子，箱子与斜面间的动摩擦因数为4=。.5,与传送带间的动摩擦因数为

〃2=。-4,长度为L=6m的传送带以速度u=2m/s顺时针匀速转动，重力加速度g取

(1)箱子刚滑到斜面底端时的速度大小；

(2)箱子在传送带上减速过程中发生的位移大小。

【答案】(1)8nVs(2)7.5m

【解析】

【小问1解析】

h1、

由动能定理有mgh-cos0——=-WVQ

sinO2

解得箱子刚滑到斜面底端时的速度大小为%=4m/s

【小问2解析】

因%＞叭箱子相对传送带向右运动，受向左的摩擦力

由牛顿第二定律有F{=g=ma?

解得生=-4m/s?(取向右为正方向)

2

箱子在传送带上减速过程中由2a2x=v-vj

解得箱子在传送带上减速过程中发生的位移大小x=1.5m

15.如图所示，木板43静止于固定斜面上（人端与斜面顶端重合），水平平台上有一弹射

器，某次弹射过程中，弹射器将质量〃2=O.8kg的滑块P（可视为质点）从水平平台。点

水平向右弹出。滑块P恰好无碰撞地从木板上端4滑上木板，随后从木板下端B滑离，继

续沿斜面运动至底端C,不考虑木板厚度对滑块运动的影响。已知斜面倾角1=30。，木

板质量M=lkg,长为£=2.75m,木板下表面与斜面间、滑块与斜面间动摩擦因数均为

同二乎，滑块与木板上表面间动摩擦因数上=