2026年高考化学4月模拟试卷必刷题-有机物的结构与性质

第1页（共1页）2026年高考化学4月模拟试卷必刷题——有机物的结构与性质一．选择题（共25小题）1．（2026•乌兰察布二模）有机物乙是用作分散染料常用的中间体之一，利用甲合成乙的反应如图：下列说法错误的是（）A．甲生成乙的反应为取代反应 B．甲、乙均能发生水解反应 C．乙能发生消去反应 D．乙能使酸性高锰酸钾溶液褪色2．（2026•门头沟区一模）制备生物基醇酸树脂（P）的反应如图所示（—R为烃基，不含手性碳原子）。下列说法不正确的是（）A．B可水解生成丙三醇 B．P与A可以进一步交联形成网状结构 C．生物基醇酸树脂（P）的重复单元中含有3种含氧官能团 D．上述反应中高级脂肪酸的化学计量数x＝2n﹣13．（2026•海淀区一模）来那度胺是一种抗肿瘤药物，结构简式如图。下列关于该物质的说法不正确的是（）A．分子中碳原子的杂化方式有两种 B．分子中不含手性碳原子 C．一定条件下可发生加成、取代反应 D．在碱性条件下水解，反应前后有机分子中的碳原子数不变4．（2026•东城区一模）下列有关多巴胺（）的说法不正确的是（）A．分子式为C8H12O2N B．可与盐酸反应 C．可与氢氧化钠反应 D．可与浓溴水反应5．（2026•保定一模）托洛尔片主要用于治疗高血压、心绞痛、心肌梗死等，其主要化学成分结构简式如图。下列说法正确的是（）A．分子式为C15H26NO3 B．只能发生消去、酯化反应 C．含有1个手性碳原子 D．含有4种官能团6．（2026•洛阳校级模拟）茜草是一种草药，其活性提取物中含有茜草素X、异茜草素Y，其结构简式如图。下列说法错误的是（）A．X、Y均含有两种官能团 B．X中碳原子均为sp2杂化 C．1molX最多能与6molH2加成 D．X、Y互为同分异构体7．（2026•重庆模拟）有机物M是一种新型药物的合成中间体，其结构简式如图所示。下列有关M的说法错误的是（）A．分子式为C18H20O4 B．碳原子的杂化方式有sp2和sp3杂化 C．与H2完全加成后的分子中含有7个手性碳原子 D．1mol有机物M与足量热NaOH溶液反应，可消耗2molNaOH8．（2026•济南一模）植物提取物莪术二醇具有抗菌活性，其结构简式如图所示。下列关于莪术二醇的说法正确的是（）A．分子中含有5个手性碳原子 B．能发生还原反应 C．可与Na2CO3溶液发生反应 D．在铜的催化作用下，可与氧气反应生成酮类物质9．（2026•合肥模拟）近日，武汉某大学课题组从桂花浓郁香味的挥发物中检测到了如图结构的有机物。关于该有机物的叙述，正确的是（）A．易溶于水 B．其同分异构体可能是芳香醛 C．含有手性碳原子 D．与Br2发生加成反应的产物至少有3种10．（2026•鞍山模拟）奥司他韦是一种有效的抗病毒药物，其结构如图。下列有关奥司他韦的说法不正确的是（）A．分子式为C16H28N2O4 B．能形成分子内氢键 C．1mol该分子能与3molNaOH反应 D．该分子能发生氧化反应、还原反应、取代反应11．（2026•中山市模拟）2025年诺贝尔化学奖授予研究金属有机框架材料（MOFs）的科学家。如图化合物是MOFs研究中的一种有机分子。关于该化合物的说法不正确的是（）A．仅含有官能团酰胺基 B．能发生取代和氧化反应 C．存在两种杂化方式的碳原子 D．与NaOH溶液反应可生成两种盐12．（2026•黑龙江校级模拟）化合物G可由E、F反应制得。下列有关说法不正确的是（）A．可以用碳酸氢钠溶液来鉴别E和F B．F分子中有2个手性碳原子 C．1molE最多可与3molNaOH反应 D．G可发生取代、加成、消去和氧化反应13．（2026•池州模拟）扑尔敏，主要用于治疗过敏性鼻炎和荨麻疹，其结构简式如图。下列有关该物质的说法，正确的是（）A．具有两性 B．分子式为C20H21ClN2O4 C．含有3个手性碳原子 D．1mol该物质最多能和9molH2发生加成反应14．（2026•贵州模拟）岩白菜素可用于治疗中枢性咳嗽，其生物合成过程中某中间体结构简式如图。下列说法正确的是（）A．该分子所有原子共平面 B．该分子中含有2个手性碳原子 C．1mol该物质可与3molNaOH溶液发生反应 D．该物质可发生取代、加成、氧化、水解等反应15．（2026•桂林一模）高分子材料聚芳醚腈（PEN）被广泛应用于航空航天、汽车等领域。聚芳醚腈（PEN）的合成反应如图（未配平）。下列有关说法错误的是（）A．中所有原子一定共平面 B．1mol最多可消耗2molNaHCO3 C．将水移出体系有利于提高PEN产率 D．PEN不能在酸性环境中使用16．（2026•哈尔滨一模）由γ﹣羟基丁酸（HOCH2CH2CH2COOH）可制得一种高极性有机溶剂γ﹣丁内酯（），下列说法正确的是（）A．γ﹣羟基丁酸可发生缩聚反应 B．γ﹣羟基丁酸中碳原子均为sp3杂化 C．γ﹣丁内酯有两种官能团 D．γ﹣丁内酯不溶于水17．（2026•乌鲁木齐模拟）聚丙烯酰胺（PAM）是人形机器人电子皮肤常用的柔性基底材料，可用如下反应制备。下列说法错误的是（）A．该反应属于加聚反应 B．AM中碳原子均发生sp2杂化 C．AM分子中σ键与π键个数之比为9：1 D．PAM在酸或碱存在并加热的条件下可以发生水解反应18．（2026•武威校级模拟）研究表明，茉莉酸能促进西红柿中毒素转化成无毒物质，茉莉酸的结构简式如图所示。下列说法错误的是（）A．茉莉酸存在顺、反异构体 B．茉莉酸存在芳香族化合物的同分异构体 C．茉莉酸分子中不含有手性碳原子 D．1mol茉莉酸最多能与2molH2发生加成反应19．（2026•哈尔滨一模）肉桂酸乙酯的工业生产流程如图所示，下列说法正确的是（）A．Ⅰ中所有原子可以共平面 B．1molⅡ最多能与1molNaOH反应 C．Ⅲ能发生取代、加成和消去反应 D．Ⅳ的核磁共振氢谱有6组峰20．（2026•海淀区一模）一种高性能聚碳硅烷材料P的合成路线如图。下列说法正确的是（）A．X→Y中，a处和b处的碳碳双键均参与二聚反应 B．Y和Z的不饱和度相同 C．Z→聚合物P的反应类型为缩聚反应 D．用核磁共振氢谱或红外光谱有可能鉴别Z和Z的水解产物21．（2026•顺义区一模）二氢嘧啶酮类化合物具有抗肿瘤、抗病毒、抗菌等药理作用。一种二氢嘧啶酮类化合物（L）的合成方法如下。下列说法不正确的是（）A．苯甲醛的核磁共振氢谱有四组峰 B．反应物K的结构简式是 C．生成物L分子中存在2个手性碳原子 D．乙酰乙酸乙酯中α碳上的C—H键极性强，易断裂22．（2026•常德模拟）甲壳质是一种多糖，其在碱溶液中可转化为壳聚糖。下列说法不正确的是（）A．甲壳质是一种高分子化合物 B．1mol甲壳质分子中含5mol手性碳原子 C．壳聚糖在酸中的溶解性比在水中的强 D．壳聚糖与Ag+配位后的产物有抑菌作用23．（2026•仁寿县校级一模）D﹣2﹣脱氧核糖是生物遗传物质的主要成分，可发生如图转化。下列说法错误的是（）A．D﹣2﹣脱氧核糖可发生取代、消去、氧化反应 B．D﹣2﹣脱氧核糖转化为β﹣D﹣2﹣脱氧核糖的过程是一个取代反应 C．D﹣2﹣脱氧核糖与β﹣D﹣2﹣脱氧核糖互为同分异构体 D．D﹣2﹣脱氧核糖转化为β﹣D﹣2﹣脱氧核糖后，碳原子的杂化方式发生了改变24．（2026•柳州模拟）以2﹣甲基丙醛（M）为原料制备化合物P的合成路线如图，下列说法正确的是（）A．N的分子式为C5H10O2，为手性分子 B．若M+X→N为加成反应，X为甲醛 C．M中所有的碳原子可位于同一个平面 D．1molP最多能与2molH2发生加成反应25．（2026•茂名校级模拟）某有机物（如图）是合成抗肿瘤药氨柔比星的关键中间体。下列关于该有机物分子的说法正确的是（）A．含有手性碳原子 B．含有16个σ键 C．能形成分子内氢键 D．能发生还原反应和取代反应

2026年高考化学4月模拟试卷必刷题——一．选择题（共25小题）1．（2026•乌兰察布二模）有机物乙是用作分散染料常用的中间体之一，利用甲合成乙的反应如图：下列说法错误的是（）A．甲生成乙的反应为取代反应 B．甲、乙均能发生水解反应 C．乙能发生消去反应 D．乙能使酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】A【分析】A．该反应中，三元环打开和甲发生开环加成反应；B．酰胺基、氯原子都能发生水解反应；C．连接氯原子或羟基的碳原子相邻碳原子上含有氢原子的结构都能发生消去反应；D．—CH（OH）﹣能被酸性高锰酸钾溶液氧化。【解答】解：A．该反应中，三元环打开和甲发生开环加成反应，所以该反应不是取代反应，故A错误；B．甲中酰胺基、乙中酰胺基和氯原子都能发生水解反应，故B正确；C．乙中连接氯原子或羟基的碳原子相邻碳原子上都含有氢原子，所以一定条件下，羟基、氯原子都能发生消去反应，故C正确；D．乙中与羟基相连的碳原子上存在氢原子，可被酸性高锰酸钾氧化，从而使溶液褪色，故D正确；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。2．（2026•门头沟区一模）制备生物基醇酸树脂（P）的反应如图所示（—R为烃基，不含手性碳原子）。下列说法不正确的是（）A．B可水解生成丙三醇 B．P与A可以进一步交联形成网状结构 C．生物基醇酸树脂（P）的重复单元中含有3种含氧官能团 D．上述反应中高级脂肪酸的化学计量数x＝2n﹣1【答案】C【分析】A．B是丙三醇与3分子高级脂肪酸形成的三酯；B．A是二元羧酸，含有两个羧基，生物基醇酸树脂P中存在可与羧基反应的羟基位点，A可以连接不同的P链；C．生物基醇酸树脂（P）的重复单元中含有的含氧官能团有酯基、醚键；D．根据R基团守恒：1分子B含3个RCO—，n分子B共含3n个RCO—，产物P中，每个重复单元含1个侧链RCO—，加上链末端1个RCO—，P中共含n+1个RCO—。【解答】解：A．B是丙三醇与3分子高级脂肪酸形成的三酯，根据B的结构简式知，B可以水解生成丙三醇，故A正确；B．A是二元羧酸，含有2个羧基；生物基醇酸树脂P中存在可与羧基反应的羟基位点，A可以连接不同的P链，从而进一步发生酯化交联形成网状结构，故B正确；C．生物基醇酸树脂（P）的重复单元中含有的含氧官能团有酯基、醚键，所以含有两种含氧官能团，故C错误；D．根据R基团守恒：1分子B含3个RCO—，n分子B共含3n个RCO—，产物P中，每个重复单元含1个侧链RCO—，加上链末端1个RCO—，P中共含n+1个RCO—，因此生成高级脂肪酸的数目x＝3n﹣（n+1）＝2n﹣1，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，D选项为解答易错点。3．（2026•海淀区一模）来那度胺是一种抗肿瘤药物，结构简式如图。下列关于该物质的说法不正确的是（）A．分子中碳原子的杂化方式有两种 B．分子中不含手性碳原子 C．一定条件下可发生加成、取代反应 D．在碱性条件下水解，反应前后有机分子中的碳原子数不变【答案】B【分析】A．饱和碳原子采用sp3杂化，连接双键的碳原子及苯环上的碳原子都采用sp2杂化；B．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；C．具有苯、胺、酰胺的性质；D．在碱性条件下水解，生成的有机物中为羧酸盐。【解答】解：A．分子中饱和碳原子采用sp3杂化，连接双键的碳原子及苯环上的碳原子都采用sp2杂化，所以碳原子有两种杂化类型，故A正确；B．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，右侧六元环在含有1个手性碳原子，故B错误；C．具有苯、胺、酰胺的性质，苯环能发生加成反应，酰胺基、氨基能发生取代反应，故C正确；D．在碱性条件下水解，生成的有机物中为羧酸盐，则反应前后有机分子中的碳原子数不变，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。4．（2026•东城区一模）下列有关多巴胺（）的说法不正确的是（）A．分子式为C8H12O2N B．可与盐酸反应 C．可与氢氧化钠反应 D．可与浓溴水反应【答案】A【分析】A．分子中C、H、O、N原子个数依次是8、11、2、1；B．氨基具有碱性；C．酚羟基具有酸性；D．苯环上酚羟基的邻位或对位氢原子能和浓溴水发生取代反应。【解答】解：A．分子中C、H、O、N原子个数依次是8、11、2、1，分子式为C8H11O2N，故A错误；B．分子中氨基具有碱性，所以能和盐酸反应，故B正确；C．分子中酚羟基具有酸性，能和NaOH反应，故C正确；D．该分子中苯环上酚羟基的邻位或对位氢原子能和浓溴水发生取代反应，故D正确；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。5．（2026•保定一模）托洛尔片主要用于治疗高血压、心绞痛、心肌梗死等，其主要化学成分结构简式如图。下列说法正确的是（）A．分子式为C15H26NO3 B．只能发生消去、酯化反应 C．含有1个手性碳原子 D．含有4种官能团【答案】C【分析】A．分子中C、H、N、O原子个数依次是15、25、1、3；B．具有醚、苯、醇和胺的性质；C．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；D．含有的官能团有醚键、羟基、氨基。【解答】解：A．分子中C、H、N、O原子个数依次是15、25、1、3，分子式应为C15H25NO3，故A错误；B．该有机物中苯环能发生加成反应，该物质能燃烧而发生氧化反应，故B错误；C．手性碳原子是指连接4种不同基团的饱和碳原子，根据知，只有1个手性碳原子，故C正确；D．含有的官能团有醚键、羟基、氨基，共3种官能团，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。6．（2026•洛阳校级模拟）茜草是一种草药，其活性提取物中含有茜草素X、异茜草素Y，其结构简式如图。下列说法错误的是（）A．X、Y均含有两种官能团 B．X中碳原子均为sp2杂化 C．1molX最多能与6molH2加成 D．X、Y互为同分异构体【答案】C【分析】A．X、Y中含有的官能团都是羰基、羟基；B．苯环及连接双键的碳原子都采用sp2杂化；C．苯环和氢气以1：3发生加成反应、羰基和氢气以1：1发生加成反应；D．X、Y的分子式相同，结构不同。【解答】解：A．X、Y中含有的官能团都是羰基、羟基，都含有两种官能团，故A正确；B．X中苯环及连接双键的碳原子都采用sp2杂化，所以X中所有碳原子都采用sp2杂化，故B正确；C．苯环和氢气以1：3发生加成反应、羰基和氢气以1：1发生加成反应，X分子中含有两个苯环、两个羰基，所以1molX最多消耗8mol氢气，故C错误；D．X、Y的分子式相同，结构不同，二者互为同分异构体，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。7．（2026•重庆模拟）有机物M是一种新型药物的合成中间体，其结构简式如图所示。下列有关M的说法错误的是（）A．分子式为C18H20O4 B．碳原子的杂化方式有sp2和sp3杂化 C．与H2完全加成后的分子中含有7个手性碳原子 D．1mol有机物M与足量热NaOH溶液反应，可消耗2molNaOH【答案】C【分析】A．分子中C、H、O原子个数依次是18、20、4；B．连接双键和苯环上的碳原子都采用sp2杂化，饱和碳原子采用sp3杂化；C．连接4个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子；D．酚羟基、酯基水解生成的羧基都能和NaOH以1：1反应。【解答】解：A．分子中C、H、O原子个数依次是18、20、4，分子式为C18H20O4，故A正确；B．分子中连接双键和苯环上的碳原子都采用sp2杂化，饱和碳原子采用sp3杂化，所以碳原子有两种杂化类型，故B正确；C．连接4个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，与氢气完全加成后的分子如图，有5个手性碳原子，故C错误；D．酚羟基、酯基水解生成的羧基都能和NaOH以1：1反应，该分子中含有1个酚羟基、1个酯基，所以1mol该物质最多消耗2molNaOH，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。8．（2026•济南一模）植物提取物莪术二醇具有抗菌活性，其结构简式如图所示。下列关于莪术二醇的说法正确的是（）A．分子中含有5个手性碳原子 B．能发生还原反应 C．可与Na2CO3溶液发生反应 D．在铜的催化作用下，可与氧气反应生成酮类物质【答案】B【分析】A．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；B．具有醇、烯烃的性质；C．酚羟基、羧基能和Na2CO3溶液反应；D．—CH（OH）﹣能被催化氧化生成酮羰基。【解答】解：A．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，如图，有4个手性碳原子，故A错误；B．具有醇、烯烃的性质，碳碳双键能发生还原反应，故B正确；C．酚羟基、羧基能和Na2CO3溶液反应，分子中没有酚羟基和羧基，所以不能和Na2CO3溶液反应，故C错误；D．—CH（OH）﹣能被催化氧化生成酮羰基，分子中连接羟基的碳原子上没有氢原子，所以醇羟基不能发生催化氧化反应生成酮，故D错误；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。9．（2026•合肥模拟）近日，武汉某大学课题组从桂花浓郁香味的挥发物中检测到了如图结构的有机物。关于该有机物的叙述，正确的是（）A．易溶于水 B．其同分异构体可能是芳香醛 C．含有手性碳原子 D．与Br2发生加成反应的产物至少有3种【答案】D【分析】A．该有机物仅含羰基这一种弱亲水基团，疏水的烃基部分碳原子数较多；B．该有机物不饱和度为4，芳香醛含苯环（不饱和度为4）和醛基（不饱和度为1）；C．手性碳原子需要连接4种不同的基团；D．该有机物含有2个共轭碳碳双键，分别与Br2按1：1加成得到3种产物（1，2加成2种，1，4加成1种）。【解答】解：A．该有机物仅含羰基这一种弱亲水基团，疏水的烃基部分碳原子数较多，因此难溶于水，故A错误；B．该有机物不饱和度为4，芳香醛含苯环和醛基，总不饱和度为5，二者不饱和度不同，分子式不可能相同，无法互为同分异构体，故B错误；C．手性碳原子需要连接4种不同的基团，该有机物中饱和碳原子均连有相同的甲基或氢原子，不存在手性碳原子，故C错误；D．该有机物含有2个共轭碳碳双键，分别与Br2按1：1加成得到3种产物，2个双键均Br2按1：2加成得到1种产物，因此加成产物至少有3种，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构和性质等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。10．（2026•鞍山模拟）奥司他韦是一种有效的抗病毒药物，其结构如图。下列有关奥司他韦的说法不正确的是（）A．分子式为C16H28N2O4 B．能形成分子内氢键 C．1mol该分子能与3molNaOH反应 D．该分子能发生氧化反应、还原反应、取代反应【答案】C【分析】A．根据奥司他韦的结构简式分析；B．已知与电负性较大的N、O、F原子结合的H原子与其他N、O、F原子之间能够形成氢键；C．由结构简式可知，奥司他韦含有的酯基和酰胺基能与氢氧化钠溶液反应；D．奥司他韦含有的氨基、碳碳双键能发生氧化反应和还原反应，含有的氨基、酰胺基、酯基能发生取代反应。【解答】解：A．由结构简式可知，奥司他韦的分子式为C16H28N2O4，故A正确；B．已知与电负性较大的N、O、F原子结合的H原子与其他N、O、F原子之间能够形成氢键，由结构简式可知，奥司他韦含有的氨基和邻位上的酰胺基可以形成分子内氢键，故B正确；C．奥司他韦含有的酯基和酰胺基能与氢氧化钠溶液反应，则1mol奥司他韦分子能与2mol氢氧化钠反应，故C错误；D．由结构简式可知，奥司他韦含有的氨基、碳碳双键能发生氧化反应和还原反应，含有的氨基、酰胺基、酯基能发生取代反应，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。11．（2026•中山市模拟）2025年诺贝尔化学奖授予研究金属有机框架材料（MOFs）的科学家。如图化合物是MOFs研究中的一种有机分子。关于该化合物的说法不正确的是（）A．仅含有官能团酰胺基 B．能发生取代和氧化反应 C．存在两种杂化方式的碳原子 D．与NaOH溶液反应可生成两种盐【答案】D【分析】A．根据该化合物结构可知，仅含一种官能团，即酰胺基；B．该分子中苯环上的氢原子和烷基的氢原子都可以被取代，苯环上的甲基可被酸性高锰酸钾氧化；C．苯环上的碳、酰胺基的碳均为sp2杂化，其他饱和碳原子均为sp3杂化；D．该化合物含有酰胺基，在NaOH溶液中加热能发生水解反应：+NaOH→ΔHN(C【解答】解：A．根据该化合物结构可知，仅含一种官能团，即酰胺基，故A正确；B．该分子中苯环上的H原子和烷基的氢原子都可以被取代，发生取代反应；苯环上的甲基可被酸性KMnO4氧化，因此能发生取代反应和氧化反应，故B正确；C．苯环上的碳、酰胺基的碳均为sp2杂化，其他饱和碳原子均为sp3杂化，即存在两种杂化方式的碳原子，故C正确；D．该化合物含有酰胺基，在氢氧化钠溶液中加热能发生水解反应：+NaOH→ΔHN(CH2CH3)2+，产物HN（CH2故选：D。【点评】本题考查有机物的结构和性质等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。12．（2026•黑龙江校级模拟）化合物G可由E、F反应制得。下列有关说法不正确的是（）A．可以用碳酸氢钠溶液来鉴别E和F B．F分子中有2个手性碳原子 C．1molE最多可与3molNaOH反应 D．G可发生取代、加成、消去和氧化反应【答案】B【分析】A．E中含有羧基（—COOH），可与NaHCO3反应生成CO2气体；F中不含羧基，不与NaHCO3反应；B．手性碳原子是指连有四个不同原子或基团的饱和碳原子；C．1molE中，羧基（—COOH）消耗1molNaOH，苯环上的氯原子（—Cl）水解消耗2molNaOH；D．G中含有苯环和羟基，苯环可发生加成反应，羟基可发生取代、消去、氧化反应。【解答】解：A．E中含有羧基，可与NaHCO3反应生成CO2气体；F中不含羧基，不与NaHCO3反应，因此可以用碳酸氢钠溶液鉴别E和F，故A正确；B．手性碳原子是指连有四个不同原子或基团的饱和碳原子。在F分子中，有1个手性碳原子（与酯基相连的环上碳原子），故B错误；C．1molE中，羧基消耗1molNaOH，苯环上的氯原子水解消耗2molNaOH（水解生成酚羟基，再与NaOH反应），总共最多可与3molNaOH反应，故C正确；D．G中含有苯环和羟基，苯环可发生加成反应，羟基可发生取代、消去、氧化反应，因此可发生取代、加成、消去和氧化反应，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构和性质等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。13．（2026•池州模拟）扑尔敏，主要用于治疗过敏性鼻炎和荨麻疹，其结构简式如图。下列有关该物质的说法，正确的是（）A．具有两性 B．分子式为C20H21ClN2O4 C．含有3个手性碳原子 D．1mol该物质最多能和9molH2发生加成反应【答案】A【分析】A．该分子中（叔）氨基和另一个氮原子均有孤电子对，可以结合氢离子，显碱性；羧基电离出氢离子显酸性；B．该分子中含有C、H、O、N、Cl四种元素；C．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；D．该分子可与H2加成的有苯环、吡啶环、碳碳双键。【解答】解：A．该分子中（叔）氨基和另一个氮原子均有孤电子对，可以结合氢离子，显碱性；羧基电离出氢离子显酸性，故该分子具有两性，故A正确；B．该分子中含有C、H、O、N、Cl四种元素，故其分子式为C20H23ClN2O4，故B错误；C．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，该分子中含有1个手性碳原子，即与两个芳环直接相连的碳原子，故C错误；D．该分子可与氢气加成的有苯环、吡啶环、碳碳双键，故1mol该物质最多能和7molH2发生加成反应，故D错误；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构和性质等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。14．（2026•贵州模拟）岩白菜素可用于治疗中枢性咳嗽，其生物合成过程中某中间体结构简式如图。下列说法正确的是（）A．该分子所有原子共平面 B．该分子中含有2个手性碳原子 C．1mol该物质可与3molNaOH溶液发生反应 D．该物质可发生取代、加成、氧化、水解等反应【答案】B【分析】A．该分子中，与羟基相连的两个C原子以sp3方式杂化，呈四面体构型；B．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；C．该分子中，能与NaOH反应的基团为羧基，每个分子中含有1个羧基；D．该分子中不含酯基，无法发生水解反应。【解答】解：A．该分子中，与羟基相连的两个C原子以sp3方式杂化，呈四面体构型，因此该分子的所有原子不可能共平面，故A错误；B．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，如图，分子中的1号和2号碳原子均连接了四个不同的基团和原子，是手性碳原子，故B正确；C．该分子中，能与NaOH反应的基团为羧基，每个分子中含有1个羧基，因此，1mol该物质可与1molNaOH溶液发生反应，故C错误；D．该分子中，含有羟基、羰基和碳碳双键，其中，羟基可以发生取代和氧化反应，碳碳双键和羰基可以发生加成反应，但该分子中不含酯基，无法发生水解反应，故D错误；故选：B。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。15．（2026•桂林一模）高分子材料聚芳醚腈（PEN）被广泛应用于航空航天、汽车等领域。聚芳醚腈（PEN）的合成反应如图（未配平）。下列有关说法错误的是（）A．中所有原子一定共平面 B．1mol最多可消耗2molNaHCO3 C．将水移出体系有利于提高PEN产率 D．PEN不能在酸性环境中使用【答案】B【分析】A．苯环为平面结构、—CN为直线结构；B．酚羟基不与NaHCO3反应；C．将水移出体系，则平衡正向移动；D．PEN中的—CN在酸性条件下会反应转化成—COOH。【解答】解：A．苯环为平面结构、—CN为直线结构，因此所有原子共平面，故A正确；B．只含有酚羟基，酚羟基不与碳酸氢钠反应，故B错误；C．将水移出体系，则平衡正向移动，有利于提高合成PEN的产率，故C正确；D．PEN中的—CN在酸性条件下会反应转化成—COOH，故D正确；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构和性质等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。16．（2026•哈尔滨一模）由γ﹣羟基丁酸（HOCH2CH2CH2COOH）可制得一种高极性有机溶剂γ﹣丁内酯（），下列说法正确的是（）A．γ﹣羟基丁酸可发生缩聚反应 B．γ﹣羟基丁酸中碳原子均为sp3杂化 C．γ﹣丁内酯有两种官能团 D．γ﹣丁内酯不溶于水【答案】A【分析】A．根据γ﹣羟基丁酸分子中同时含有羟基和羧基，分析其是否具备发生缩聚反应生成高分子的结构条件；B．根据γ﹣羟基丁酸的结构简式，分析分子中羧基碳原子和烷基碳原子的成键情况及杂化方式；C．根据γ﹣丁内酯的化学结构，分析其分子中含有的官能团种类及数量；D．根据酯类物质的一般物理性质及γ﹣丁内酯作为高极性溶剂的特性，分析其在水中的溶解性。【解答】解：A．γ﹣羟基丁酸分子中同时含有羟基（—OH）和羧基（—COOH），属于羟基酸，分子间可以发生酯化反应（缩聚反应）生成聚酯，故A正确；B．γ﹣羟基丁酸（HOCH2CH2CH2COOH）分子中，虽然亚甲基上的碳原子采取sp3杂化，但羧基（—COOH）中的碳原子形成碳氧双键，采取的是sp2杂化，故B错误；C．γ﹣丁内酯是由分子内酯化形成的环状酯，其分子结构中只含有酯基（—COO—）这一种官能团，故C错误；D．虽然大多数酯类难溶于水，但γ﹣丁内酯是一种高极性有机溶剂，且碳原子数较少，能与水混溶（易溶于水），故D错误；故选：A。【点评】本题主要考查有机物的结构与性质，涉及官能团的识别、原子杂化方式的判断、缩聚反应的条件以及有机物的溶解性等知识点，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。17．（2026•乌鲁木齐模拟）聚丙烯酰胺（PAM）是人形机器人电子皮肤常用的柔性基底材料，可用如下反应制备。下列说法错误的是（）A．该反应属于加聚反应 B．AM中碳原子均发生sp2杂化 C．AM分子中σ键与π键个数之比为9：1 D．PAM在酸或碱存在并加热的条件下可以发生水解反应【答案】C【分析】A．该反应是丙烯酰胺的碳碳双键打开聚合，无小分子副产物生成；B．丙烯酰胺（AM）共3个碳原子：碳碳双键的两个碳原子、羰基中的碳原子，所有碳原子都形成3个σ，无孤电子对；C．单键均为σ键，每个双键含1个σ键+1个π键；D．聚丙烯酰胺（PAM）结构中含有酰胺键，酰胺键在酸/碱存在、加热条件下可以发生水解，酸性水解生成羧酸和铵盐，碱性水解生成羧酸盐和氨气。【解答】解：A．该反应是丙烯酰胺的碳碳双键打开聚合，无小分子副产物生成，属于加聚反应，故A正确；B．丙烯酰胺共3个碳原子：碳碳双键的两个碳原子、羰基中的碳原子，所有碳原子都形成3个σ，无孤电子对，杂化方式均为sp2杂化，故B正确；C．单键均为σ键，每个双键含1个σ键+1个π键，AM结构为CH2＝CHCONH2，可计数得：σ键共9个，π键共2个（碳碳双键1个π、碳氧双键1个π），因此σ键与π键个数比为9：2，不是9：1，故C错误；D．聚丙烯酰胺（PAM）结构中含有酰胺键，酰胺键在酸/碱存在、加热条件下可以发生水解，酸性水解生成羧酸和铵盐，碱性水解生成羧酸盐和氨气，故D正确；故选：C。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。18．（2026•武威校级模拟）研究表明，茉莉酸能促进西红柿中毒素转化成无毒物质，茉莉酸的结构简式如图所示。下列说法错误的是（）A．茉莉酸存在顺、反异构体 B．茉莉酸存在芳香族化合物的同分异构体 C．茉莉酸分子中不含有手性碳原子 D．1mol茉莉酸最多能与2molH2发生加成反应【答案】C【分析】A．分子中含碳碳双键；B．茉莉酸分子中含有1个碳碳双键、1个羰基、1个羧基和1个五元环，不饱和度为4；C．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；D．碳碳双键、酮羰基能与H2发生加成反应，而羧基不能与H2发生加成反应。【解答】解：A．分子中含碳碳双键，且符合顺、反异构体的条件，故A正确；B．茉莉酸分子中含有1个碳碳双键、1个羰基、1个羧基和1个五元环，不饱和度为4，由于苯环有4个不饱和度，因此存在芳香族化合物的同分异构体，故B正确；C．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，分子中含有2个手性碳原子：，故C错误；D．碳碳双键、酮羰基能与H2发生加成反应，而羧基不能与H2发生加成反应，故D正确；故选：C。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。19．（2026•哈尔滨一模）肉桂酸乙酯的工业生产流程如图所示，下列说法正确的是（）A．Ⅰ中所有原子可以共平面 B．1molⅡ最多能与1molNaOH反应 C．Ⅲ能发生取代、加成和消去反应 D．Ⅳ的核磁共振氢谱有6组峰【答案】A【分析】A．根据分子结构，Ⅰ（苯乙醛）分子中醛基的碳原子为sp2杂化，呈平面体构型，单键可以旋转；B．根据官能团性质，Ⅱ分子中含有两个酯基，酯基在碱性条件下会发生水解反应；C．该分子中没有醇羟基或卤素原子等能发生消去反应的官能团；D．根据核磁共振氢谱原理，Ⅳ（肉桂酸乙酯）分子中存在7种不同化学环境的氢原子。【解答】解：A．根据分子结构，Ⅰ（苯乙醛）分子中醛基的碳原子为sp2杂化，呈平面体构型，单键可以旋转，苯环和醛基所在的平面可以重合，因此分子中所有原子可能共平面，故A正确；B．根据官能团性质，Ⅱ分子中含有两个酯基，酯基在碱性条件下会发生水解反应，1个酯基消耗1个NaOH，因此，1molⅡ最多能与2molNaOH反应，故B错误；C．根据官能团性质，Ⅲ（肉桂酸）分子中含有苯环、碳碳双键和羧基，苯环和碳碳双键可以发生加成反应，苯环和羧基可以发生取代反应，但分子中没有醇羟基或卤素原子等能发生消去反应的官能团，故C错误；D．根据核磁共振氢谱原理，Ⅳ（肉桂酸乙酯）分子中存在7种不同化学环境的氢原子：苯环上有3种（邻、间、对位），碳碳双键上有2种，乙酯基（—OCH2CH3）上有2种，因此，其核磁共振氢谱应有7组峰，故D错误；故选：A。【点评】本题主要考查有机物的结构与性质，包括分子共面性、官能团的化学反应（水解、加成、取代、消去）以及核磁共振氢谱的分析。解题时需仔细分析每个分子的结构，明确其所含官能团及其性质。20．（2026•海淀区一模）一种高性能聚碳硅烷材料P的合成路线如图。下列说法正确的是（）A．X→Y中，a处和b处的碳碳双键均参与二聚反应 B．Y和Z的不饱和度相同 C．Z→聚合物P的反应类型为缩聚反应 D．用核磁共振氢谱或红外光谱有可能鉴别Z和Z的水解产物【答案】D【分析】A．X→Y中只有b处的碳碳双键参与二聚反应；B．Y的结构简式为；C．Z→聚合物P过程中只生成高聚物，没有小分子物质生成；D．Z和Z的水解产物含有的等效氢数不同、含有的官能团种类也不相同。【解答】解：A．对比结构可知，X→Y中只有b处的碳碳双键参与二聚反应，故A错误；B．对比结构可知，Y的结构简式为，Y与Z的不饱和度不相同，故B错误；C．Z→聚合物P过程中只生成高聚物，没有小分子物质生成，该反应类型为加聚反应，故C错误；D．Z含有酯基，而Z的水解产物含有羧基，它们的等效氢数不同、含有的官能团种类也不相同，用核磁共振氢谱或红外光谱有可能鉴别Z和Z的水解产物，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，熟练掌握官能团结构、性质与转化，题目侧重考查学生分析能力、知识迁移运用能力。21．（2026•顺义区一模）二氢嘧啶酮类化合物具有抗肿瘤、抗病毒、抗菌等药理作用。一种二氢嘧啶酮类化合物（L）的合成方法如下。下列说法不正确的是（）A．苯甲醛的核磁共振氢谱有四组峰 B．反应物K的结构简式是 C．生成物L分子中存在2个手性碳原子 D．乙酰乙酸乙酯中α碳上的C—H键极性强，易断裂【答案】C【分析】A．苯甲醛中有4种不同化学环境的氢原子；B．结合L的结构及原子守恒判断；C．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子；D．羰基为强吸电子基团，乙酰乙酸乙酯中α碳上H活泼。【解答】解：A．苯甲醛中有4种不同化学环境的氢原子，即核磁共振氢谱有四组峰，故A正确；B．苯甲醛（C7H6O）、乙酰乙酸乙酯（C6H10O3）、K反应生成L（C14H16O2N2S）和2分子水，根据原子守恒，K的分子式为CH4N2S，对比L的结构简式可推出K的结构简式为，故B正确；C．连接4个不同基团的碳原子为手性碳原子，L中手性碳原子的位置标星号，如图，则L分子中存在1个手性碳原子，故C错误；D．上述反应可知，乙酰乙酸乙酯的α碳上的C—H发生断裂，因羰基为强吸电子基团，使得α碳上的电子偏向羰基上的碳原子，使α碳上的C—H键极性增强，容易断裂，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的难点，题目难度不大。22．（2026•常德模拟）甲壳质是一种多糖，其在碱溶液中可转化为壳聚糖。下列说法不正确的是（）A．甲壳质是一种高分子化合物 B．1mol甲壳质分子中含5mol手性碳原子 C．壳聚糖在酸中的溶解性比在水中的强 D．壳聚糖与Ag+配位后的产物有抑菌作用【答案】B【分析】A．甲壳质是一种多糖，多糖是由许多单糖分子通过糖苷键连接而成的高分子化合物；B．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；C．壳聚糖结构中含有氨基能与酸反应生成盐；D．分子中氨基氮原子含孤对电子，Ag+存在空轨道。【解答】解：A．甲壳质是一种多糖，多糖是由许多单糖分子通过糖苷键连接而成的高分子化合物，所以甲壳质是一种高分子化合物，故A正确；B．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，甲壳质分子一个链节中含5个手性碳，则分子中手性碳原子数目为5n个，1mol甲壳质分子中含5nmol手性碳原子，故B错误；C．壳聚糖结构中含有氨基能与酸反应生成盐，则壳聚糖在酸中的溶解性比在水中的强，故C正确；D．分子中氨基氮原子含孤对电子，Ag+存在空轨道，两者可形成配位键，而Ag+具有杀菌消毒能力，故D正确；故选：B。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。23．（2026•仁寿县校级一模）D﹣2﹣脱氧核糖是生物遗传物质的主要成分，可发生如图转化。下列说法错误的是（）A．D﹣2﹣脱氧核糖可发生取代、消去、氧