高考物理选择题满分练（一）

第三部分

高考题型专练

选择题满分练（一）

（时间:35分钟）

一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符

合题目要求。）

1.（2024.浙江杭州二模）如图1,S为单色光源，M为一水平放置的平面镜。S发出

的光一部分直接照在竖直光屏上，另一部分通过平面镜反射在光屏上，这样在屏

上可以看到明暗相间的条纹。设光源S到平面镜和光屏的距离分别为。和/,相

邻两条亮纹（或暗纹）间距离为与，则光的波长A为（）

图1

2/Ax24Axl\x4Ax

A*aB./C五D-^F

答案B

解析根据题意可知，光源到屏的距离可以看作双缝到屏的距离/,光源5与平

面镜中虚像S的间距看作双缝的间距d,则有d=2m由%，可得2=罕，

故B正确。

2.（2024•山东泰安一模）如图2所示，某运动员在足球场上进行“带球突破”训练。

运动员沿边线将足球向前踢出，足球沿边线运动，为控制足球，又向前追上足球，

下列可能反映此过程的v-t图像和x~t图像是（）

图2

答案c

解析足球沿边线在摩擦力的作用下做匀减速直线运动，速度越来越小；运动员

为了追上足球做加速运动，速度越来越大。r-r图像与坐标轴的面积表示位移，

当运动员追上足球时，运动员和足球的位移相同，。一，图像与坐标轴围成的面积

相同，故A、B错误；x—z图像的斜率表示速度，足球做减速运动，足球的工一』

图像斜率逐渐减小，运动员向前追赶足球，做加速运动，运动员的x-f图像斜率

逐渐增大，当运动员追上足球时，足球和运动员在同一时刻到达同一位置，足球

和运动员的x-f图像交于一点，故C正确，D错误。

3.(2024•河北保定一模)如图3,质量为0.2kg的小球A在水平力厂作用卜一，与四

分之一光滑圆弧形滑块B一起静止在地面上，小球球心跟圆弧圆心连线与竖直方

向夹角6=6()。，g取l()m/s2。则以下说法正确的是()

A.B对A的支持力大小为2小N

B.水平地面对B的摩擦力方向水平向右

C.增大夹角"若A、B依然保持静止，尸减小

D.增大夹角0,若A、B依然保持静止，地面对B的支持力减小

答案B

解析对A受力分析，如图所示，根据平衡条件，B对A的支持力尸N=；^%=4

N,故A错误；对A、B整体受力分析，在水平方向，根据平衡条件，摩擦力与

水平力尸等大反向，即摩擦力水平向右，故B正确；对A受力分析，则F=mglan

仇增大夹角仇若A、B依然保持静止，F增大,故C错误；对A、B整体受力

分析，在竖直方向，根据平衡条件，支持力与A、B的重力二力平衡，大小相等，

即地面对B的支持力不变，故D错误。

4.（2024.山东临沂一模）1905年，爱因斯坦获苏黎世大学物理学博士学位，并提出

光子假设,成功解释了光电效应，因此获得1921年诺贝尔物理学奖。如图4所示，

金属极板M受到紫外线照射会逸出光电子，最大速率为。m。正对M放置一金属

网N,在M、N之间加恒定电压U。已知M、N间距为d（远小于板长），电子的

质量为〃7,电荷量为e,则（）

A.M、N间距离增大时电子到达N的动能也增大

B.只有沿x方向逸出的电子到达N时才有最大动能区加

C.电子从M到N过程中y方向最大位移为

D.M、N之间的遏止电压等于喏

答案C

解析M、N间距离增大时，由于M、N间的电压不变，电场力对电子做功不变,

则电子到达N的动能并不会随着距离的增大而增大，故A错误；电子从M到N

运动过程，根据动能定理可得凉m—多加缸可知无论从哪个方向逸出的电

子到达N时的最大动能均为少〃加琢+eU,故B错误；当电子从M板沿y

方向逸出，且速度最大时，电子从M到N过程中）方向位移最大，则有），m=lW,

沿x方向有〃=*，联立可得加=如（八「夕，故C正确；设M、N之

/1•v<C-Ly

12

间的遏止电压为Uc,根据动能定理可得一cUc=0-：〃2%,解得d=喏，故D

错误。

5.（2024・沏南长沙模拟）人类发现并记录的首颗周期彗星——哈雷彗星在2023年

12月初抵达远日点后开始掉头，踏上归途。已知哈雷彗星大约每76年环绕太阳

一周，如图5所示为地球、哈雷彗星绕太阳运动的示意图，哈雷彗星轨道是一个

很扁的椭圆，在近日点与太阳中心的距离为内，在远日点与太阳中心的距离为m

若地球的公转轨道可视为半径为R的圆轨道，则下列说法正确的是（）

地受嚼嬴星…

、、、、---------

图5

A.哈雷彗星在近日点与远日点的速度大小之比为。

B.哈雷彗星在近日点与远日点的加速度大小之比为。

C.哈雷彗星大约将在2071年左右再次离太阳最近

D.哈雷彗星的轨道参数与地球轨道参数间满足笠'七18

答案B

解析根据开普勒第二定律，取时间微元N,结合扇形面积公式可得斗小

。2加2解得*今A错误；由牛顿第二定律可得，在近日点时，平=〃依，

在远日点时，笔蛆=〃也2,联立解得意=♦，B正确；由题中信息可知，哈雷彗星

将在2023+（76:2）=2061年左右回到近日点，C错误；根据开普勒第三定律了=

k,喏岑,则有。=仍不RF8R,又半长轴。="々则”^36,D错误。

6.（2024.天津和平二模）一实验小组使用如图6所示的装置探究力和运动的关系，P

是位于光滑水平轨道上的滑块，用跨过光滑轻质定滑轮的轻绳将P与钩码Q相连，

Q的质量为机，开始时用手托住Q,绳子处于拉直状态，释放Q后两物体由静止

开始运动的过程中（P未与滑轮相碰），P与滑轮间的绳子是水平的，以下对实验规

律描述中正确的是（）

图6

A.P受到轻绳的拉力大小等于Q的重力mg

B.Q减小的重力势能等于P增加的动能

C.若P与滑轮间的绳子不水平，P也能做匀变速直线运动

D.某段时间内，Q的重力冲量大小大于P的动量增加量

答案D

解析P、Q整体做匀加速直线运动，设珞绳拉力为厂加速度为〃，对Q有，”

—T=ma,则可见P受到轻绳的拉力大小小于Q的重力mg,故A

错误；根据能量守恒定律可知Q减小的重力势能等于P增加的动能与Q增加的

动能之和，故B错误；若P与滑轮间的绳子不水平，因运动过程绳子与水平方向

夹角不断变化，所以P不能做匀变速直线运动，故C错误；某段时间，内，对Q,

由动量定理有机/-77=，如，对P,Tt=nipv,联立得〃侬=〃%+〃边，可见Q的

重力冲量大小大于P的动量增加量，故D正确。

7.（2024.广东广州高三期末）阿尔法磁谱仪是目前在太空运行的一种粒子探测器，

其关键的永磁体系统是由中国研制的。如图7,探测器内边长为L的正方形abed

区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为&当宇宙中带电荷量为

+q的粒子从ab中点。沿纸面垂直ab边射入磁场区域时，磁谱仪记录到粒子从

ad边射出，则这些粒子进入磁场时的动量p满足（)

图7

A.qBLWp/q：LB^^SpWqBL

--qBL-、5qBL

c华TD.pW%或卢七

答案c

解析粒子从Qd边射出的临界轨迹如图所示

带电荷量为+q的粒子进入磁场，洛伦兹力提供向心力qvB=亍,解得—=滤=

治，粒子从〃点射出时，由几何关系可得最小半径为门=5粒子从d点射出时，

由几何关系可得〃+[—§=加，解得最大半径为门=牛，粒子从4d边射出的

半径满足亨W-W苧，故粒子进入磁场时的动量〃满足华W〃W号，故C正确。

8.如图8所示，在磁感应强度大小为0.2T、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，金

属杆MN在宽度为().2m的平行金属导轨上以5m/s的速度沿导轨向右匀速滑动,

电阻R的阻值为2C,其他电阻不计。金属杆始终与导轨垂直且接触良好，下列

说法正确的是()

A.通过电阻R的电流方向为c-。

B.通过电阻R的电流为0.2A

C.ls内，电阻R产生的热量为4X10、j

D.若磁感应强度为0.4T,其他条件不变，MN中产生的感应电动势变为0.4V

答案D

解析根据右手定则，通过电阻R的电流方向为。一c,故A错误；金属杆产生

E02

的电动势为E=8LD=0.2X0.2X5V=0.2V,通过电阻R的电流为/=方=；A

=0.1A,故B错误；1s内，电阻R产生的热量为。=产放=0.12X2X1J=0.02J,

故C错误；MN中产生的感应电动势变为£=H5=0.4X0.2X5V=0.4V,故D

正确。

二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合

题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得()分。)

9.(2024-河南新乡二模加图9所示，理想变压器原线圈接电压“=12V2sin(l00nZ)V

的交流电源，原、副线圈的匝数比“：〃2=2：1,副线圈上接一定值电阻R)与电

动机，电动机的内阻定值电阻Ro=2Q。下列说法正确的是()

A.电动机消耗的最大功率为4.5W

B.原线圈上电流为3A时，电动机消耗功率最大

C.若把电动机换成滑动变阻器(0-5Q),滑动变阻器消耗的最大功率也为4.5W

D.若把电动机换成滑动变阻器(0〜5Q),当Ro与滑动变阻器阻值相等时，Ro的功

率最大

答案AC

解析副线圈两端电压为将m：“2=2：1和S=12V代入上式解得

S=6V,电动机消耗的功率PM=S/2—近Ro,当/2=M=1.5A时电动机消耗的

ZA0

功率最大，即PM=蛊=4.5W,由于是理想变压器，所以三音，电动机消耗功

率最大时，原线圈上电流为人=0.75A,故A正确，B错误；把电动机换成滑动

变阻器，滑动变阻器消耗的功率为P=S/2—AR),滑动变阻器消耗的最大功率跟

电动机消耗的最大功率相同，故C正确；Ro上的功率为P=RRO,当电流最大时，

定值电阻Ro的功率最大，即滑动变阻器的阻值为零时，Ro上的功率最大，故D

错误。

10.(2024・福建卷，7)如图10甲所示，物体置于足够长光滑斜面上并锁定，7=0时

刻解除锁定，并对物体沿斜面施加如图乙所示变化的力F,以沿斜面向下为正方

向，下列说法中正确的是()

F

2nigsinf)

图10

A.O~4fo,物体一直沿斜面向下运动

B.0〜4/o,合外力的总冲量为0

CJo时动量是2fo时的一半

D.2fo〜3fo过程物体的位移小于3fo〜4fo过程的位移

答案AD

解析沿斜面方向，物体受到重力沿斜面向下的分力mgsinO和F,分阶段分析,

由牛顿第二定律可知，在。〜io和2/0〜3/0阶段，物体的加速度大小为3g*in。，方

向沿斜面向下，在m〜2/o和3/o~4/o阶段，物体的加速度大小为gsin仇方向沿斜

面向上，可以画出物体运动的。一，图像如图所示，

5g/osin8

4g/osin3

3g/osin8

2g/osin0

°h,2/„3/ot

由。一/图像可知，物体先沿斜面向下加速后沿斜面向下减速，再沿斜面向下加速

后沿斜面向下减速，物体一直沿斜面向下运动，A正确；全过程中，对物体由动

量定理结合。一f图像得合外力的总冲量大小为4加gfosin&B错误；由o—/图像

可知fo时的动量为2m时的1.5倍，C错误；由。一，图像与f轴围成的面积表示位

移可知，2fo〜3加过程比3fo〜4fo过程的位移小，D正确。

11.（2024•山东押题卷）一列简谐横波沿x轴传播“=2s时的波形图如图11®所示,

在波的传播方向上有两质点P、Q，平衡位置的横坐标分别为XP=2m、XQ=5m,

P的振动图像如图（b）所示。下列说法正确的是（）

(a)(b)

图11

A.该波的波速为4m/s

B.波沿x轴负方向传播

0=5s时质点Q位于平衡位置且向下振动

D.1〜5.5s内质点P经过的路程为(50—56)cm

答案BD

解析由题图(a)可知波长2=4m,由题图(b)可知周期7=4s,可得波速。=彳=

lm/s,A错误；由题图(b)可知，=2s时质点P的振动方向向下，由波的传播方向

与质点振动方向的关系可知波沿x轴负方向传播，B正确；由题图(a)可知/=2s

时，质点Q位于波峰，，=5s时质点。位于平衡位置且向上振动，C错误；1-5

s内，质点尸经过的路程为si=4A=40cm,，=5s时质点尸位于波峰，根据图(b)

可知，=5.5s时质点P的位移为x=5gcm,则1〜5.5s内质点P经过的路程为

s=si+4—x=(50—5隹)cm,D正确。

12.(2024•重庆模拟预测)质量为m的钢板与直立轻弹簧的上端连接，弹簧下端固定

在地上，钢板处于平衡状态。一质量也为，〃的物块从钢板正上方高为力的A处由

静止释放，落在钢板上并与钢板一起向下运动回后到达最低点从已知重力加速

度为g,空气阻力不计.则