重庆市南川区2026届高三物理下学期适应性模拟考试试卷含解析

注意事项：

1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2.请将答案正确填写在答题卡上

一、选择题：共43分

（一）单项选择题：共7题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

符合题目要求的。

1.空军航空开放活动和长春航空展于2025年9月在吉林省长春市举办，歼-20等飞机进行了飞行表演。图

示为国产战斗机大仰角加速向上爬升过程的飞行轨迹，轨迹为曲线。下列说法正确的是（）

A.研究战斗机姿态调整时可以把战斗机看成质点

B.战斗机的路程等于位移大小

C.战斗机所受合力沿轨迹的切线方向

D.飞行员处于超重状态

【答案】D

【解析】

【详解】A．研究战斗机姿态调整时，战斗机的形状大小不能忽略，不可以把战斗机看成质点，A错误；

B．战斗机做曲线运动，则路程大于位移大小，B错误；

C．战斗机所受合力指向轨迹的凹向，C错误；

D．因加速度有向上的分量，可知飞行员处于超重状态，D正确。

故选D。

2.某同学观察到教室内使用的直管荧光灯有如下甲、乙两种悬挂方式，甲图两根细绳竖直，乙图两根细绳

均与灯管成角，假设两灯的质量均为m，下列说法正确的是（）

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A.甲图中灯受到的合力比乙图中的小

B.甲图中每根细绳张力比乙中的大

C.乙图中每根细绳张力均为

D.减小角，乙图中每根细绳张力变大

【答案】D

【解析】

【详解】A．由平衡可知，两灯所受合力均为0，A错误；

BCD．甲图绳张力为

乙图中

可得，则甲图中每根细绳张力比乙中的小；减小角，乙图中每根细绳张力变大，BC错误，D

正确。

故选D。

3.某轿车以12.5m/s的速度匀速行驶，距离路口还有20m处时红灯亮起，司机立即刹车，此后轿车做匀减

速直线运动直至停止，已知第一秒内运动了10m，则下列说法正确的是（）

A.轿车的加速度大小为2.5m/s2

B.轿车第2s内运动了5m

C.轿车第3s内运动了0m

D.轿车停止时距离路口还有5m

【答案】B

【解析】

【详解】A．已知第一秒内运动了10m，根据运动学公式可得

代入数据解得加速度大小为，故A错误；

BC．轿车从开始刹车到停下所用时间为

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可知轿车第3s内运动了的距离不是0m；轿车在前2s后通过的位

移为

则轿车第2s内运动的距离为，故B正确，C错误；

D．轿车从开始刹车到停下通过的位移大小为

则轿车停止时距离路口还有，故D错误。

故选B。

4.美国spacex公司计划在2026年对其发射的星链卫星进行降轨操作，降轨后的星链卫星，对我国天宫号

空间站的安全造成很大的威胁。如图所示，假设某颗星链卫星降轨后的轨道为椭圆，天宫空间站轨道为圆

形，两轨道在同一平面内，A、B是两轨道的交点。已知它们的周期相同，下列说法正确的是（）

A.星链卫星在近地点的速度一定大于空间站的速度

B.空间站在A、B两点处的加速度相同

C.星链卫星与空间站在A处的速度有可能相同

D.由于轨道有交点，经过一段时间后，它们一定会相遇

【答案】A

【解析】

【详解】A．若以星链卫星的近地点为半径做圆周运动的轨道，利用万有引力公式

可知在该轨道上运动的物体速度大于空间站的速度，而从近地点的圆周轨道变轨到星链卫星所在的椭圆轨

道，需要在近地点点火加速，则星链卫星在近地点的速度一定大于近地点的圆周轨道速度，大于空间站的

速度，故A正确；

B．加速度是矢量，空间站在A、B两点处的加速度大小相同，方向不同，故B错误；

C．速度是矢量，做曲线运动的物体速度沿轨迹切线方向，星链卫星与空间站在A处的速度方向不同，故C

错误；

D．因空间站与星链卫星的周期相同，两者不一定相遇，例如两者均逆时针旋转，当空间站位于A点时，星

链卫星处于近地点，星链卫星从近地点运动到B点所需时间由开普勒第二定律可知小于，此时空间站旋

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转角度小于，两者无相遇可能；星链卫星从近地点运动到A点所需时间由开普勒第二定律可知大于

且小于，此时空间站旋转角度小于，综上两者可能存在不会相遇的情况，故D错误。

故选A。

5.国庆假期的南昌水族馆之旅中，小王同学偶然关注到电鲶，随即对这种生物产生了浓厚兴趣。如图（a）。

所示，他查阅资料发现电鲶遇到危险时，可产生数百伏的电压，若将电鲶放电时形成的电场等效为等量异

种点电荷的电场，如图（b）所示，其中正电荷集中在头部，负电荷集中在尾部，O为电鲶身体的中点，

且AB为鱼身长的一半，下列说法正确的是（）

A.从头到尾O点的电场强度最大

B.A点电势高于B点电势

C.若将一负电荷放入电鲶体内，则它在A点具有电势能小于它在B点具有电势能

D.若电鲶头尾部间产生380V的电压时，AB间的电压小于190V

【答案】D

【解析】

【详解】A．将电鲶放电时形成的电场等效为等量异种点电荷的电场，两点电荷连线的中点O点，电场强

度最小，故A错误；

BC．沿电场线的方向是电势降低的方向，故A点电势低于B点电势，负电荷在电势高的地方具有的电势能

小，因此若将一负电荷放入电鲶体内，则它在A点具有电势能高于它在B点具有电势能，故BC错误；

D．根据等量异种点电荷的电场分布规律可知A、B间的电场线比A点到鱼尾或B点到鱼头的电场线稀疏，

则平均场强也较小，电鲶头尾部间产生380V的电压，根据U=Ed可知AB之间电压小于190V，故D正确。

故选D。

6.如图所示，质量相等的物体a和b用劲度系数的轻弹簧连接，b放置在地面上，一根不可

伸长的轻绳一端与a连接，另一端绕过两个光滑的小定滑轮、与小球c连接，c套在倾角的

光滑轻杆上，F点为轻杆的底端，开始时小球c处于轻杆的E点，连接c的轻绳处于水平状态，此时物体b

恰好对地面没有压力。E、F两点关于P点对称，且，已知物体a和b的质量均为3kg，小球c

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的质量为1.5kg，，g取，，弹簧的弹性势能为（x为弹簧的

形变量）。小球c从E点由静止释放到达F点的过程中，下列说法正确的是（）

A.物体a、b及小球c组成的系统机械能守恒

B.小球c到达P点时，物体a的速度不为0

C.小球c到达P点时，小球c的机械能增加了16J

D.小球c刚到达F点时，a的动能为9.6J

【答案】C

【解析】

【详解】A．当弹簧的弹性形变发生变化时，弹簧的弹性势能也发生变化，可知，物体a、b及小球c与弹

簧组成的系统机械能守恒，故A错误；

B．由于，可知，小球c到达P点时，小球c的速度方向垂直于轻绳，即小球c沿轻绳方向的速

度为0，可知，小球c到达P点时，物体a的速度为0，故B错误；

C．小球c处于轻杆的E点时，由于物体b恰好对地面没有压力，则弹簧的拉伸量

小球c到达P点时，物体a下降的高度为

可知，小球c到达P点时，弹簧处于压缩状态，压缩量为

结合上述，小球c到达P点时，物体a的速度为0，对物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，

可知小球c的机械能增加

解得

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故C正确；

D．小球c刚到达F点过程，物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，则有

根据绳的牵连速度规律有

a的动能为

解得

故D错误。

故选C。

7.如图所示，质量均为的小球P、Q静止放置于光滑水平面，相距为，从时刻开始，P始终受到

一水平恒力的作用，Q不受水平外力，经过时间后两小球第1次发生弹性碰撞，碰撞时间极短，此后小

球间的碰撞都为弹性碰撞，两小球均可视为质点，下列说法正确的是（）

A.恒力的大小为

B.第1次碰撞后到第2次碰前P、Q间的最远距离为

C.第3次碰撞前P的速度大小为

D.第3次碰撞后到第4次碰撞前P运动的距离为

【答案】D

【解析】

【详解】A．根据牛顿第二定律，小球P的加速度为

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根据运动学公式

联立解得，故A错误；

B．小球P、Q质量相等，且碰撞为弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒可知，小球每次碰撞交换速度。

小球P碰前的速度为

可知小球Q第一次碰后的速度为

当小球P从0再次加速到时，二者距离最远，需要的时间仍为，位移为

此时小球Q的位移为

二者最远距离为，故B错误；

C．设第一次碰撞后到第二次碰撞的时间为，则第二次碰撞时有位移关系

解得

此时小球P的速度为，故小球P第二次碰前的速度为，不是第3次碰撞前，故C错

误；

D．小球P、Q第二次碰撞后再次交换速度，可得碰撞后小球P的速度为，小球Q的速度为

第3次碰撞时，有位移关系

解得

此时小球P的速度为

根据前述规律可得，再经过，两球第4次碰撞，则第4次碰撞前P运动的距离为，故D正

确。

故选D。

（二）多项选择题：共3题，每题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合

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题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图所示，两平行金属板P、Q之间的磁场可视为匀强磁场，磁感应强度大小为，在其下方有两光滑

金属导轨处在匀强磁场中，导轨平面与水平面夹角为，两导轨分别与P、Q相连，现将等离子体（不

计重力）垂直于磁场持续喷入P、Q板间，恰使垂直于导轨放置的金属棒静止。若金属棒始终在导轨

上，下列说法正确的是（）

A.金属棒中电流方向从a到b

B.的方向可能竖直向上

C.仅增大、Q之间的距离，金属棒将沿导轨向上运动

D.要使取最小值，则必须使其方向竖直向下

【答案】AC

【解析】

【详解】A．根据题图，由左手定则可知，等离子体中的正离子向金属板偏转，负离子向金属板偏转，

可知金属板带正电荷，板相当于电源正极，金属板带负电荷，板相当于电源负极，则金属棒中电流

方向从a到b，故A正确；

B．根据题意，从右向左看金属棒，若的方向竖直向上，由左手定则可知，安培力向左，对金属棒受力

分析，如图所示

由平衡条件可知，金属棒不可能静止，则的方向不可能竖直向上，故B错误；

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D．根据题意，对金属棒受力分析，由平衡条件可知，若安培力方向竖直向上，则安培力与金属棒重力大小

相等，若安培力方向不是竖直向上，则安培力与重力和支持力的合力等大反向，当安培力沿斜面向上时，

安培力最小，即磁感应强度最小，由左手定则可知，此时的方向为垂直斜面向下，故D错误；

C．设离子电荷量为，达到稳定时设间的电压为，间的距离为，由平衡条件有

可得

仅增大之间的距离，间的电压增大，回路中电流变大，安培力变大，则金属棒将沿导轨向上

运动，故C正确。

故选AC。

9.如图是一种“跳跳小火箭”的实验装置：两块水平正对放置的薄木板用四根竹筷子固定，在两薄木板的

内侧均贴上锡纸，并分别与直流稳压电源的正负极相连，在下板的锡纸上放置一个用锡纸裁剪的“小火箭”，

接通电源后“小火箭”会上下跳动。下列说法正确的是（）

A.两板间的电场方向竖直向下

B.“小火箭”在向上运动的过程中，其电势能减小

C.通电后若减小两板间距离，则两板间电场强度增大

D.通电后若减小两板间距离，则板上锡纸的电荷量减少

【答案】BC

【解析】

【详解】A．电源正极连接下板，负极连接上板。在平行板电容器中，电场方向由正极板指向负极板，因此

两板间的电场方向是竖直向上，故A错误；

B．小火箭与下板接触，小火箭带正电，其受到的电场力向上，“小火箭”在向上运动的过程中，电场力做

正功，电势能减小，故B正确；

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C．题意可知上下两板间电压U不变，根据可知，减小两板间距离d，则两板间电场强度E增大，

故C正确；

D．根据可知，减小两板间距离d，电容C增大，根据可知，板上锡纸的电荷量增大（U

不变），故D错误。

故选BC。

10.如图，一足够长的固定绝缘光滑斜面与水平面成θ角，仅虚线MN以上区域内充满垂直斜面向下的匀强

磁场，磁感应强度大小为。质量为m的正方形金属线框abcd从磁场中某一位置静止释放，当线框ab边

刚滑过MN时，线框所受安培力大小为，当线框cd边刚要到达MN时，线框加速度恰好为零。

若在MN以下区域再充满一垂直斜面向上的匀强磁场（未画出），磁感应强度大小为。让此线框再次从

相同位置静止释放，关于线框先后两次运动的过程，下列说法正确的是（）

A.ab边刚过MN时流经线框的电流方向相同

B.ab边刚过MN时线框所受的合力的功率之比为1：17

C.cd边刚要到达MN时线框的动能之比为1：1

D.从静止释放到cd边刚要到达MN的过程中损失机械能的比值小于1

【答案】ABD

【解析】

【详解】A．根据楞次定律可知，两次ab边滑过MN时的电流方向均由b到a，故A正确；

B．第一次ab边刚过MN时，其安培力的大小为

解得

则ab边经过MN时的速度

线框受到的合力

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第二次ab边刚过MN时，其安培力的大小为

由于两次从同一位置释放，因此ab边经过MN时的速度相同，根据法拉第电磁感应定律可得

则感应电流

联立解得

线框受到的合力

结合功率

可得两次ab边刚过MN时线框所受的合力的功率之比为1：17，故B正确；

C．设第一次cd边刚要到达MN时线框的速度为，第二次线框的速度为，由题可得

，

解得

线框的动能

同理可得，

解得

线框的动能

则两次的动能之比为，故C错误；

D．根据能量守恒可知，损失的机械能等于克服安培力所做的功，由于第二次从静止释放到cd边刚要到达

MN的过程中线框受到的安培力更大，克服安培力所做的功更多，损失的机械能更多，因此从静止释放到

cd边刚要到达MN的过程中损失机械能的比值小于1，故D正确。

故选ABD。

二、非选择题：共5题，共57分。

11.某实验小组用自己改进的装置完成“用单摆测量重力加速度”实验，把一个较重的匀质磁性小球，用两根

长度均为L的轻绳悬挂在一根水平绝缘杆上摆动，如图甲所示。

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（1）关于本实验及操作，下列说法正确的有______（单选，填序号）

A.两轻绳可用轻质橡皮筋代替

B.为了方便固定绳子，可以将绳子的A、B端缠绕在水平绝缘杆上

C.让小球在垂直于的平面内做小角度的摆动

D.为了方便测量周期，可以将小球拉离竖直方向较大的角度后由静止释放

（2）用20分度的游标卡尺测量小球的直径d如图乙所示，则小球直径d=_____cm；

（3）实验时磁性小球的N极在小球的正下方，他们将智能手机放置在小球摆动最低点的正下方，打开手机

磁力传感器，采集到磁感应强度B及随时间t变化的图像如图丙所示，则单摆的周期T=_____s（结果保留2

位有效数字）；

（4）实验中，测得所用轻绳的长度为L，悬点的间距为x，则当地的重力加速度可表示为g=_____。（用

L、x、d、T表示）。

【答案】（1）C（2）2.200

（3）2.0（4）

【解析】

【小问1详解】

AB．单摆的摆长不能改变，两轻绳不能用轻质橡皮筋代替，绳子的A、B端需固定，不能缠绕在水平绝缘

杆上，故AB错误；

C．单摆在摆角小于5°的情况下的振动是简谐运动，小球应在竖直平面内做小角度摆动，故C正确；

D．为了方便测量周期，应在小球经过最低点时计时，故D错误；

故选C。

【小问2详解】

游标卡尺的精确度为0.05mm，读数为

【小问3详解】

一个周期内摆球两次经过最低点，小球经过最低点时磁感应强度最大，根据图丙所示可知，单摆的周期为

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【小问4详解】

根据几何关系可知摆长为

根据单摆周期公式

解得

12.某同学测量一节干电池的电动势和内阻。实验器材有：待测干电池（电动势约1.5V，内阻约）、

电压表（量程，内阻约）、电压表（量程，内阻）、滑动变阻器（最大阻

值）、开关一只、导线若干。

该同学实验过程下：

①设计如图甲所示测量电路，并按照电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最右端；

②闭合开关，向左滑动滑动变阻器滑片，记录多组电压表1的示数和电压表2的示数；

③以为纵坐标，以为横坐标，建立坐标系，描点得到—图线。

回答该同学实验过程中的问题，并进一步完成实验：

（1）在电路图甲中，位置“1”应该接电压表_____（选填“”或“”），位置“2”接另一只电压表；

（2）该同学发现描点得到图线几乎水平，测量其斜率的误差太大。其主要原因是_____；

（3）该同学重新设计了如图乙所示的测量电路，定值电阻阻值。规范操作重新实验得到如图丙

所示的—图线，则测得的电源电动势_____，内阻_____。

（4）为减小由于电压表“2”的分压作用形成的系统误差，该同学又设计了如图丁所示的测量电路。规范

操作重新实验得到的图线斜率的绝对值为。则计算电源内阻的公式是_____。（用和电压

表的内阻表示）

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【答案】（1）

（2）电源内阻远小于电压表内阻

（3）①.1.48②.1

（4）

【解析】

【小问1详解】

因位置“2”接的电压表功能相当于电流表，故要已知其内阻，接，位置“1”应该接电压表

【小问2详解】

根据闭合电路的欧姆定律有

因直线的斜率的绝对值为，图线几乎水平，测量其斜率的误差太大。其主要原因是，即电源内

阻远小于电压表内阻

【小问3详解】

[1][2]由

直线的斜率的绝对值为

故电源内阻为

据三角形相似有

得电源电动势

【小问4详解】

考虑电压表“2”的分压作用有

得

电源内阻的公式是

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13.某压缩空气储能系统，在电网用电低谷时，将电能通过电动压缩机压缩空气储存起来，如图所示，理想

变压器将电网电压降为压缩机工作电压，压缩机每天工作时间为，工作电流为I。

（1）求理想变压器原，副线圈的匝数比；

（2）电网用电高峰时，储能系统用压缩的空气推动发电机发电，释放全部储能，发电机给电网供电的功率

为P，每天工作时间为求该储能系统的效率。

【答案】（1）

（2）

【解析】

【小问1详解】

对于理想变压器，电压与匝数成正比，即理想变压器原，副线圈的匝数比匝数比为

【小问2详解】

由题可知，储存的能量为

发电机给电网供电的能量为

则该储能系统的效率为

14.图1是钱塘江罕见的“渔网潮”景象，其原理为平面波的干涉。如图2所示，甲、乙两列简谐平面波，

实线表示波峰，虚线表示波谷，频率均为f=0.5Hz，波长均为λ=4m，振幅均为A=0.2m，两列波起振方向均

向上，传播方向间的夹角θ=60°，图示时刻O点第一次到达波峰，点P、O、A在同一直线上，P点距O点

的距离L=8m。求：

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（1）波速v及从图示时刻到P点第一次出现波峰经过的时间t；

（2）从开始振动到图示时刻A、B处质点运动的总路程。

【答案】（1）2m/s，

（2）2m，2m

【解析】

【小问1详解】

对于机械波，有

由对称性可知，甲、乙的波峰到P的垂直距离为

所以P点第一次出现波峰经过的时间为

【小问2详解】

甲、乙两波同时到达A点，由波的叠加可知，A处质点合振动的振幅为2A，振动的时间为，所以

从开始振动到图示时刻经过的总路程为

甲的波峰刚到达B点，即甲波在B处振动时间为，乙的第三个波峰刚到达B点，即乙波在B处振动时

间为，可知甲传到B点前，B处质点经过的路程

甲、乙叠加后B处质点经过的路程

所以

15.光滑足够大的水平桌面上右侧，有一边长为的等腰直角三角形区域，其内分布着垂直桌面的匀强

磁场，磁感应强度大小为。以、、为边界分布着与