湖南省衡阳市八中教育集团2024-2025学年八年级下学期期末检测物理试题（解析版）

第第页湖南省衡阳市八中教育集团2024-2025学年八年级下学期期末检测物理试题1．对一些生活常识的认知是科学素养的重要方面，下列对一些生活中的相关物理量估测比较贴近事实的是（）A．人沐浴时水的温度约为60℃B．一袋普通方便面的质量大约为100gC．中学生站立时对地面压强为1.5×D．中学生从一楼爬上四楼克服重力做功功率约5000W【答案】B【解析】【解答】A．人正常体温约为37℃，沐浴时水的温度稍高一些，约为40℃，故A不符合题意；B．两个鸡蛋的质量为100g，一袋普通方便面的质量和两个鸡蛋接近，约为100g，故B符合题意；C．根据中学生对地面的压力和受力面积，计算站立时对地面压强：p=FD．从一楼爬上四楼，高度约3m×3=9m，克服重力做功功率约为：P=W故选B。

【分析】根据常见的温度、种类、压强和做功的功率，结合数据解答。2．图示的四个实例中，为了减小摩擦的是（）A．轮滑鞋装有滚轮B．运动鞋底有花纹C．防滑垫表面凹凸不平D．汽车轮胎上有花纹【答案】A【解析】【解答】A．轮滑鞋装有滚轮，利用滚动摩擦代替滑动摩擦来减小摩擦力，故A正确；B．运动鞋底的花纹设计，通过增加接触面粗糙程度来增大摩擦力（压力不变时），故B错误；C．防滑垫表面的凹凸不平，同样是通过增大接触面粗糙程度来增强摩擦力（压力不变时），故C错误；D．汽车轮胎花纹的作用，是在压力不变情况下增大接触面粗糙程度以提高摩擦力，故D错误。故选A。

【分析】滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。3．如图所示的措施中，为了减小压强的是（）A．破窗锤的锤头很尖B．滑雪板的面积较大C．切果器的刀片很薄D．图钉的尖很尖锐【答案】B【解析】【解答】A．破窗锤的锤头设计得很尖锐，其原理是在压力不变的情况下，通过减小受力面积（S↓）来增大压强（p=FB．滑雪板采用较大面积的设计，其原理是在压力（人体重力）恒定时，通过增大受力面积（S↑）来减小压强（p=FC．切果器的刀片非常薄，其原理是在压力不变时，通过减小受力面积（S↓）来增大压强（p↑），从而实现轻松切割水果，因此C选项不符合题目要求。D．图钉尖端设计得尖锐，其原理是在压力恒定时，通过减小受力面积（S↓）来增大压强（p↑），从而更易刺入物体，因此D选项不符合题目要求。综上所述，正确答案为B。

【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。4．下列装置中，利用连通器原理工作的是（）A．液体压强计 B．活塞式抽水机C．自制气压计 D．地漏的存水杯【答案】D【解析】【解答】A选项：液体压强计的结构为一端封闭、一端开口，不符合连通器必须两端都开口的定义，因此排除。B选项：活塞式抽水机的工作原理依赖大气压强，与连通器（依靠同种液体静止时液面相平）无关，故不选。

C选项：自制气压计的瓶内液面处于封闭环境，未形成两端开口的连通结构，不符合连通器特征。

D选项：地漏设计中的"碗"状金属片将存水杯分隔为两个底部连通、上端开口的独立腔体，完美符合连通器的定义，因此是正确答案。结论：正确答案为D。

【分析】大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同；

连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸。5．物理兴趣小组的同学，对如图所示的现象进行讨论，其中错误的是（）A．图甲：用吸管喝饮料，瓶里的饮料是被吸上来的B．图乙：对沸腾的水停止加热，抽气减压，水再次沸腾，说明气压减小沸点降低C．图丙：洗手槽下方的弯管利用了连通器原理D．图丁：向下吹气乒乓球不会掉落，利用了流体流速大的地方压强小【答案】A【解析】【解答】A．用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，饮料在大气压作用下被压入口中。该现象是大气压作用的结果，但题目要求选择"错误"的选项，因此A符合题意。B．抽气时容器内气压降低，水重新沸腾，说明水的沸点随气压减小而降低。该说法正确，不符合题意。C．洗手盆下方弯管利用连通器原理（同种液体在静止时液面相平）实现水封作用。该说法正确，不符合题意。D．向下吹气时，乒乓球上方空气流速大、压强小，下方气压将球托住不掉落，这是流体压强与流速关系的应用。该说法正确，不符合题意。综上所述，只有A选项说法错误，故选A。【分析】1、连通器：上端开口相通，或底部相通的容器叫连通器，在连通器的液体保持同一水平，压强相等，应用：茶壶；回水弯管；船闸；

2、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；

3、沸点和气压的关系：沸点随着气压的增加而增加，沸点随着气压的减小而减小；

4、大气压的应用；吸盘是将吸盘内部的气压减小，导致外界大气压大于内部气压，将吸盘压在墙面，和吸管吸取饮料的原理相同。6．小林在观察妈妈下水饺时看到一个有趣的现象：生饺子刚下锅时是下沉的，而煮熟后会浮起来。关于煮水饺的现象，下列说法正确的是（）A．饺子刚下锅时不受浮力，所以会沉到水底B．饺子煮一会儿后鼓起来，所受浮力将增大C．饺子浮在水面，排开水的重力大于饺子的重力D．沉在水底静止的饺子所受的浮力等于饺子的重力【答案】B【解析】【解答】A．饺子刚下锅时，由于浮力小于重力，饺子会沉入水底，因此选项A是错误的。B．饺子煮一段时间后膨胀，排开水的体积增大，根据浮力公式F浮C．当饺子浮在水面时，根据浮沉条件，排开水的重力等于饺子的重力，因此选项C是错误的。D．沉在水底静止的饺子处于平衡状态，受到重力、浮力和支持力的作用，根据平衡条件，浮力小于饺子的重力，因此选项D是错误的。综上所述，正确答案是B。

【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；

2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；

3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。7．如图所示，下列与浮力有关的事例说法正确的是（）A．图甲中，鸡蛋悬浮在浓盐水中，向杯中加水，鸡蛋所受浮力不变B．图乙中，舰载机起飞后，航母受到的浮力不变C．图丙中，静止在空中的热气球调大火焰开始加速上升，它所受到浮力等于重力D．图丁中，同一支密度计静止在不同液体中，液体A的密度小于液体B的密度【答案】D【解析】【解答】A．图甲中，鸡蛋悬浮在浓盐水中，向杯中加水后，液体密度减小。由于排开液体的体积V排不变，根据浮力公式FB．图乙中，航母受到的浮力等于航母和舰载机的总重力。当舰载机起飞后，航母的总重力减小，因此受到的浮力也减小，所以选项B错误。C．图丙中，热气球静止时受力平衡，但当调大火焰加速上升时，浮力大于重力，此时受力不平衡，因此选项C错误。D．图丁中，同一支密度计在不同液体中静止时，所受浮力相等。在液体A中排开液体的体积V排较大，根据浮力公式F浮=ρ液综上所述，正确答案是D。

【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；

2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；

3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度。8．在台球比赛中，选手推动球杆撞击白球，白球发生运动后碰撞其它球，以下说法正确的是（）A．在水平桌面滚动的球受到了重力，重力对它做了功B．手推动球杆前进时，手对球杆做了功C．桌面对球的支持力做了功D．白球撞击黑球后没有静止，是因为人的手还在对白球做功【答案】B【解析】【解答】A项：重力方向竖直向下，与台球运动方向垂直，所以重力不做功。故A错误。B项：手推动球杆过程中，施加的力使球杆发生位移，物体在力的方向产生了位移手对球杆做正功。故B正确。

C项：桌面支持力竖直向上，与台球水平运动方向垂直，支持力不做功。故C错误。

D项：手与白球的接触仅在击球瞬间，后续运动不受力。故D错误。综上所述，正确答案为B。

【分析】1、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；

2、做功的条件：物体受到力，且物体沿着力的方向产生位移。9．跳远是广州市的中考体育项目之一。如下图为跳远运动的几个阶段，整个过程不考虑空气阻力。起跳后，运动员（）A．能继续往前是由于受到地面弹力的作用B．在空中运动时，运动员受力不平衡C．运动员机械能先减小后增大D．若在最高点时运动员受的一切力都消失，则运动员静止在最高点【答案】B【解析】【解答】A．运动员起跳后能继续向前运动，是因为运动员具有惯性，故A不符合题意；B．运动员在空中运动时，运动状态不断改变（如速度大小和方向变化），说明受到非平衡力的作用，故B符合题意；C．若忽略空气阻力，起跳后运动员的机械能总量保持不变（动能与重力势能相互转化），故C不符合题意；D．在最高点时运动员仍具有水平速度，根据牛顿第一定律，若所有外力消失，运动员将沿该速度方向做匀速直线运动，故D不符合题意。正确答案：B。

【分析】惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；

牛顿第一定律：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持匀速直线运动；

机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比；

力和运动：物体静止或者做匀速直线运动，物体受到平衡力的作用。10．在如图所示的四种工具中，正常使用时属于省力杠杆的是（）A．羊角锤B．赛艇的船桨C．筷子D．面包夹【答案】A【解析】【解答】A．羊角锤使用时，动力臂（L动）大于阻力臂（L阻），符合省力杠杆条件，故正确；B．赛艇船桨的L动<L阻，属于费力杠杆；

C．筷子夹食物时L动<L阻，属于费力杠杆；

D．面包夹的L动<L阻，属于费力杠杆。正确答案：A。

【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等臂杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。11．杆秤是我国古代劳动人民智慧的结晶、是历史最悠久的衡器之一，如题图所示是杆秤的结构示意图。关于秤杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是（）A．秤杆的工作原理是二力平衡原理B．使用秤钮a比秤钮b所能测的最大物体质量更小C．被测物体质量一定大于秤砣质量D．使用同一秤钮，物体质量越大秤砣离秤钮越远【答案】D【解析】【解答】A．杆秤是在力的作用下绕固定点转动的，工作原理是杠杆的平衡条件（动力×动力臂=阻力×阻力臂），而不是二力平衡原理故A错误；B．使用秤钮a比秤钮b时，对于杠杆来说，以秤钮为支点，秤砣线所在刻度处不变，此时物体的力臂减小，秤砣的力臂增大。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2，在秤砣重力不变的情况下，物体的重力可以更大，即所测物体质量更大，故B错误；C．由杠杆平衡条件可知，当物体力臂小于秤砣力臂时，物体质量可以小于秤砣质量，所以被测物体质量不一定大于秤砣质量，故C错误；D．使用同一秤钮，即支点不变，根据杠杆平衡条件，物体质量越大，其重力越大，要使杠杆平衡，在秤砣重力不变的情况下，秤砣的力臂就要越大，也就是秤砣离秤钮越远，故D正确。故选D。

【分析】秤杆的工作原理是杠杆的平衡条件，根据杠杆的平衡条件分析物体质量与秤砣质量关系，以及各个提纽的质量大小12．如图所示，该装置是某医院内给病人输液的部分装置示意图，乙瓶内液体不断通过Q管输入病人体内，刚开始输液时，甲、乙两瓶内药液量相等，液面相平。过了一会儿，观察两个输液瓶时会发现（此时两个输液瓶内还有大量的溶液）（）

A．甲瓶中的液面高 B．乙瓶中的液面高C．甲、乙两瓶中的液面一样高 D．以上三种情况均有可能【答案】B【解析】【解答】药液从乙瓶中流下，乙瓶压强下降，甲瓶中空气将甲瓶中药液压入乙瓶补充，使乙瓶液面保持不变；甲瓶中压强下降，大气压将外界空气压入甲瓶，甲瓶中液面下降；直到甲瓶中的药液全部流完，甲瓶中空气与外界直接连通，连接甲、乙两瓶的管子相当于甲瓶当初的进气管；因此，在输液开始后不久，乙瓶中的液面便会始终高于甲瓶中的液面，B选项符合题意。

故选B。【分析】图中甲、乙两瓶串联在一起，空气从甲瓶进入，而药液从乙瓶流出，因此，不难看出，甲瓶中的药液会在大气压的作用下不断向乙瓶中补充，而乙瓶中上端封闭了的空气的质量是一定的，根据瓶内压强与外界大气压的关系分析，可对两瓶中药液的高度做出判断。13．如图所示，滑旱冰时小明用力推墙，他便向后退，说明力的作用是的；使小明后退的力的施力物体是。【答案】相互；墙【解析】【解答】小明穿旱冰鞋推墙时，手对墙施力，墙对手也有力，他自己后退。是因为物体间力的作用是相互的。使小明后退的力，施力物体是墙。

【分析】物体间力的作用是相互的，发出力的物体是施力物体。14．为了提高环境质量，无锡经常有喷雾车在街道上喷洒水雾。喷雾车工作时以较小的速度匀速直线行驶，此过程中喷雾车的动能（选填“变大”、“变小”或“不变”，下同），喷雾车的机械能。【答案】变小；变小【解析】【解答】该车在水平路面匀速直线行驶时，向高空喷洒水雾，在此过程中车的质量减小，速度不变，根据动能公式Ek=1由于喷雾车的质量减小，喷雾车的重力势能减小（根据势能公式Ep=mgh），而机械能为动能和势能的总和，因此喷雾车的机械能减小。

【分析】机械能：机械能为动能和重力势能之和，当质量不变时，动能和速度成正比，速度不变时，动能和质量成正比；当质量不变时，重力势能和高度成正比，高度不变时，重力势能和质量成正比。15．一个重50N的箱子放在水平地面上，受到10N的水平推力，箱子恰好做匀速直线运动，这时箱子受到的摩擦力为N；当用20N的力竖直向上拉时，箱子所受合力的大小为N。【答案】10；0【解析】【解答】当箱子在水平地面上以10N的水平推力做匀速直线运动时，根据牛顿第一定律（平衡状态条件），水平方向的推力与摩擦力必须平衡。因此，摩擦力的大小等于推力，即10N当对箱子施加20N的竖直向上拉力时，箱子受到的重力为50N（竖直向下）。由于拉力小于重力，箱子保持静止，处于平衡状态，此时合力为零。16．如图质地均匀的长方体重7N，放在水平桌面上，它与桌面的接触面积为0.01m2，则它对桌面的压强为Pa；竖直切除该物体右边的阴影部分，剩余部分对桌面的压强会（选填“变小”、“不变”或“变大”）．【答案】700；减小．【解析】【解答】长方体对桌面的压力等于重力，即F=G=7N；与桌面的接触面积是：S=0.01m2，根据压强公式计算长方体对桌面的压强是：p=Fs=7N【分析】压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。17．如图甲所示，竖直细杆（质量不计）的上端通过力传感器连在天花板上，力传感器可以显示出细杆上端受到作用力的大小，下端与质量为0.4kg的正方体物块M相连。现向底面积为0.02m2、质量为1kg的薄壁空水箱中加水，力传感器的示数大小随水箱中加入水质量变化的图像如图乙所示，当水恰好浸没物块M时，物块M所受到的浮力为N，加水至图乙中的C点时，水箱对桌面的压强为Pa。（g取10N/kg）【答案】10；2000【解析】【解答】由题意可知，物块M的重力为：G=mg=0.4结合题意及力传感器示数随水箱内加水质量变化的图像（图乙）分析：在向水箱中缓慢加水的过程中，物块M受到竖直向下的重力和细杆竖直向上的拉力，此时细杆的拉力大小等于物块的重力F=G=4N继续加水，从A点到B点过程中，细杆的拉力逐渐减小，说明在A点时物块M开始接触水面。从A到B，物块受竖直向下的重力G、竖直向上的浮力F浮以及细杆的拉力F，直至B点拉力F为0，此时浮力与重力相等，即F浮=G。从B点到C点，随着水量增加，物块M排开水的体积V排逐渐增大，所受浮力也随之增大。此过程物块M静止、受力平衡，受到竖直向下的重力G、细杆竖直向下的压力F，以及竖直向上的浮力F浮，满足平衡关系：浮因此，随着浮力增大，细杆对物块的向下压力也逐渐增大。到达C点时物块M刚好完全浸没，浮力不再变化，细杆的压力也保持不变，此时物块M所受浮力为：F浮由阿基米德原理可求出物块M浸没时的体积：V物=F浮ρ由此可算出物块M底面以上，水与物块的总体积：V总=Sh=0.02m2×0.1m=0.002m3，则物块底面以上水的体积为：V支总其中总重力为水箱、水、物块三者重力之和：即G总=G水箱+【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心，公式为G=mg。

2、称重法测量物体浮力：先测出物体的重力，然后将物体浸入水中，弹簧测力计的示数就会减小，减小的示数就是物体受到的浮力，

3、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大

4、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；

5、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；

6、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积。18．（1）如图是用新型便携式传送带搬送物资的情景，请在其简化示意图中画出物体A所受摩擦力的示意图。（2）古代劳动人民的智慧永远是今天技术进步不可或缺的养料，如图所示是合川钓鱼城景区里的一个抛石机模型，请你在图中画出将石头抛出时在A点所用的最小的力F的示意图。【答案】（1）（2）【解析】【解答】（1）物体A随传送带一起匀速向上运动，由于物体有向下运动的趋势，因此传送带对物体的摩擦力方向沿传送带向上，如图所示：

（2）根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，在阻力与阻力臂乘积一定时，动力臂越长，动力越小。图中杠杆支点为O，当以OA为力臂时，动力臂最长，动力最小。由于阻力使杠杆逆时针转动，为使杠杆平衡，施加的动力方向应向下，即过A点作OA的垂线，如图所示：

（1）物体A随传送带一起匀速向上运动，物体有向下运动的趋势，所以传送带对物体的摩擦力方向沿传送带方向向上，如图所示：（2）由杠杆平衡条件F119．如图所示甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景：（1）小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两对角上的细线分别跨过左右支架上的滑轮，并在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相反，并通过调整钩码个数来改变拉力的大小：当小卡片平衡时，小华将小卡片转过一个角度，松手后小卡片（选填“能”或“不能”）平衡，设计此实验步骤的目的是为了探究二力平衡的两个力是否；（2）在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们都认为小华的实验优于小明的实验：其主要原因是（填选项）：A．减少摩擦力对实验结果的影响B．小卡片是比较容易获取的材料C．容易让小卡片在水平方向上保持平衡D．小卡片容易扭转（3）利用图丙装置（选填“能”或“不能”）探究二力平衡的条件。【答案】不能；在同一直线上；A；能【解析】【解答】（1）小卡片转过一个角度后，其两端的拉力方向不再共线。松开手时，由于受力方向改变导致力矩不平衡，卡片会发生转动无法保持静止。此步骤的设计目的是验证二力平衡条件中"两个力必须作用在同一直线上"的要求。（2）当使用木块进行实验时，木块与桌面间存在较大静摩擦力。这种摩擦力会干扰实验结果：即使两侧拉力存在微小差异（未达到完全平衡），摩擦力仍可能使木块保持静止，从而掩盖真实的平衡状态。正确答案为A。（3）由于小卡片质量极小，其重力影响可忽略不计。虽然定滑轮安装高度不同，但只要满足：小卡片仍能保持平衡状态，实验结论不受影响。两个拉力大小相等方向相反，作用线重合，作用于同一物体。

【分析】1、探究二力平衡试验仪器，砝码、纸片、铁支架，选择卡片可以不考虑物体重力，不选择木块是可以减少摩擦力的影响，避免影响两侧砝码质量不同，带来错误结论

2、实验步骤：在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个力方向相反，调整砝码数量改变拉力大小，为了探究平衡力是否在同一直线上，进行如下操作：当小卡片平衡后，小华将卡片旋转为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，将卡片一剪为二

3、二力平衡的条件为：大小相等、方向相反、作用在通过一个物体上、作用在同一条直线上，物体处于匀速直线运动或者静止状态时，受力平衡。20．利用如图的实验装置探究“杠杆的平衡条件”：（1）将该装置置于水平桌面上，静止时如图甲所示，此时杠杆处于（平衡/非平衡）状态，为完成实验，使杠杆在水平位置平衡，以便于。（2）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝靠近支点O方向移动一小格，则杠杆（选填“仍保持平衡”“左端下沉”或“右端下沉”）。（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，可改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，当测力计从a位置转动到b位置时，使杠杆仍在水平位置平衡，其示数大小将。【答案】（1）平衡；测量力臂（2）右端下沉（3）变大【解析】【解答】（1）杠杆的平衡状态包括静止状态和匀速转动状态。根据题目描述，图甲中的杠杆在该位置保持静止，因此可以判定此时杠杆处于平衡状态。钩码对杠杆的拉力方向始终竖直向下。当杠杆处于水平位置平衡时，拉力方向与杠杆自身垂直，此时钩码悬挂点到支点O的距离即为力臂长度。因此，将杠杆调节至水平位置平衡的主要目的是便于直接测量力臂的大小。（2）若将A、B两点下方挂的钩码同时向靠近支点O方向移动一小格，杠杆左边力与力臂的乘积为F左l左=3G（3）当测力计从a位置转动到b位置时，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，在测力计从a位置转动到b位置这个过程中，测力计拉力的力臂l1在变小，而阻力与阻力臂均不变，即F2l2不变；由F1（1）[1]杠杆的平衡状态包括静止状态和匀速转动状态，如图甲所示杠杆在该位置静止，所以此时杠杆处于平衡状态。[2]钩码对杠杆的拉力始终竖直向下，当杠杆在水平位置平衡时，拉力的方向与杠杆自身垂直，此时钩码悬挂点至支点O点的距离即为力臂，所以使杠杆在水平位置平衡，以便于测量力臂。（2）若将A、B两点下方挂的钩码同时向靠近支点O方向移动一小格，此时杠杆左边受到的拉力为F左=3G0，左边拉力的力臂为l左=右边力与力臂的乘积为F因为4G（3）当测力计从a位置转动到b位置时，使杠杆仍在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，在测力计从a位置转动到b位置这个过程中，测力计拉力的力臂l1在变小，而阻力与阻力臂均不变，即F21．小军组装了如图甲所示的滑轮组进行探究实验。记录部分实验数据如表所示。实验次数钩码重力G/N钩码上升高度h/cm拉力F/N绳端移动距离s/cm机械效率η11.051521.550.81562.5%32.051.01566.7%42.0101.03066.7%（1）第1次实验时，弹簧测力计示数如图甲所示，为N，可计算出此时滑轮组的机械效率为。（2）分析表格中的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，机械效率与提升物体的高度（填“有关”或“无关”）。（3）小军多次换用质量不同的动滑轮提升同一物体，重复上述实验过程，并绘制出η-G动图像，如图乙所示，若忽略绳重及摩擦，则提升的物体重力为N。【答案】（1）0.06；55.6%（2）无关（3）12【解析】【解答】（1）测力计分度值为0.2N，示数如图为0.6N。根据做功公式计算可知第1次实验时所做的有用功、总功分别为W有=Gh=1.0N（2）分析3、4次实验的数据，使用同一滑轮组，钩码上升高度不同，但机械效率不变，所以可知滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关。（3）结合效率公式计算可知η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G动h=