2026年高考物理预测模拟试卷1（含答案解析）

第第页参考答案题号12345678910答案CCDCCDCBCBDABD1．C【详解】A．β粒子质量数为0，根据质量数守恒，镤核质量数等于钍核质量数234，故A错误；B．β粒子来自原子核内部，是中子衰变质子的产物，并非核外电子，故B错误；C．中子数=质量数-质子数，钍核中子数为，镤核中子数为，镤核比钍核少1个中子，故C正确；D．衰变的半衰期仅由原子核自身结构决定，高温、高压等外界条件不会改变衰变快慢，故D错误。故选C。2．C【详解】两车相遇时位移相等，v-t图像的面积表示位移，一辆赛车追上了另一辆，即两辆赛车位移相等，由图可知，两车开始运动一段时间后，v-t图像能出现面积相等的只有C项。故选C。3．D【详解】A．由牛顿第三定律，A运动员对光滑球的压力始终等于光滑球对A的压力，A错误；B．如图所示，A、B运动员对光滑球的合力始终等于光滑球的重力，B错误；C．如图所示，随夹角α缓慢增大，B运动员对光滑球的压力逐渐减小，C错误；D．由前面图可知D正确。故选D。4．C【详解】A．探测器从椭圆轨道进入圆轨道需要在点点火加速，所以探测器在椭圆轨道的机械能小于圆轨道上的机械能，故A错误。B．探测器在椭圆轨道上运动时，根据开普勒第二定律可知，近地点的速度大于远地点的速度，所以在椭圆轨道上从向运动过程中，速度逐渐增大，故B错误。C．根据牛顿第二定律可知，探测器的加速度，所以在椭圆轨道上从向运动过程中，加速度逐渐增大，故C正确。D．探测器从椭圆轨道进入圆轨道需要在点点火加速，在椭圆轨道上B点的速度小于在圆形轨道上B点的速度，故D错误。故选C。5．C【详解】A．由左图可知，该波的波长。时刻处的质点沿轴正方向运动，根据“上下坡法”或波形微平移法判断，该波沿轴正方向传播，故A错误；B．右图中点是虚线与虚线的交点，即波谷与波谷相遇，为振动加强点。两列波振幅相同，均为，则点的最大振幅为故B错误；C．图乙中点是实线与虚线的交点，即波峰与波谷相遇，为振动减弱点。由于两列波的振幅相同，减弱点的合振幅为零，所以点始终保持静止，故C正确；D．图乙中点是实线与实线的交点，为振动加强点，其振幅已知周期时间质点在一个周期内通过的路程为，则在半个周期内通过的路程故D错误。故选C。6．D【详解】A．释放时小球受重力，弹簧向右下方的弹力，圆环水平向左的弹力，合力大于，故加速度大于，故A错误；B．洛伦兹力和圆环弹力不做功，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，故可以达到点，故B错误；C．小球达到原长位置时，洛伦兹力和圆环弹力的方向均沿半径方向，小球还受重力，可知切线方向合力不为零，要继续加速，故C错误；D．小球在、两点时弹簧的形变量大小相等，可知弹簧弹性势能在、两点相等，从到由机械能守恒解得，故D正确。故选D。7．C【详解】ACD．若负电荷是从a运动到b，则物体做曲线运动时合力总是指向轨迹的内侧，可得电场线方向向右，电场力做正功，电势能减小动能增加若负电荷是从b运动到a，则物体做曲线运动时合力总是指向轨迹的内侧，电场力做负功，电势能增加若正电荷是从a运动到b，则物体做曲线运动时合力总是指向轨迹的内侧，电场力做正功，电势能减小若正电荷是从b运动到a，则物体做曲线运动时合力总是指向轨迹的内侧，电场力做负功，电势能增加故AD错误，C正确；B．若负电荷是从a运动到b，则物体做曲线运动时合力总是指向轨迹的内侧，可得电场线方向向右，负电荷从低电势向高电势运动故B错误。故选C。8．BC【详解】A．a克气凝胶所含的分子数，故A错误；B．气凝胶的摩尔体积，故B正确；C．1mol气凝胶中包含NA个分子，则每个气凝胶分子平均占据空间，对固态材料来说，可认为分子是紧密排列的，每个气凝胶分子的体积与每个气凝胶分子平均占据空间相同，故C正确；D．设每个气凝胶分子的直径为d，则解得，故D错误。故选BC。9．BD【详解】A．由图甲可知，入射角相同，而a光的折射角小，根据可知a光的折射率最大，故A错误；B．图乙为泊松亮斑，是光通过小圆板衍射形成的，故B正确；C．图丙是利用薄膜干涉来检查样板平整度，右侧小垫片厚度越小则干涉条纹越稀疏，故C错误；D．从图示位置开始转动90°的过程中，光的偏振方向与狭缝趋于平行，通过Q的光越多，光屏P上的亮度逐渐变亮，故D正确。故选BD。10．ABD【详解】A．根据右手定则可知，回路中的感应电流方向为逆时针，电阻上感应电流的方向由指向，故A正确；B．时刻感应电动势的大小为，故B正确；C．时间内通过电阻的电荷量为又，，解得，故C错误；D．时刻，根据牛顿第二定律有其中，，求得金属杆速度达到最大时有，解得，故D正确。故选ABD。11．AB所选的第一个点速度不为零2g【详解】（1）[1]A.需要选取密度大体积小的重物，以减小阻力的影响，A正确；B.实验时不需要测量重物的质量，则不需要天平，B正确；C.空气阻力产生的误差是系统误差，通过多次测量取平均值的方法不能减小由于空气阻力产生的误差，C错误；D.为了充分利用纸带，应该从重物靠近打点计时器的位置释放纸带，D错误。故选AB。（3）[2]打B点时，重锤的速度[3]从O到B重物的重力势能减少量为。（4）[4]根据可得则图像不过原点的原因是所选的第一个点速度不为零；[5]因，则若图线斜率接近2g可验证重锤下落过程机械能守恒。12．(1)A(2)M(3)<(4)【详解】（1）由电路图可知滑动变阻器采用分压式接法，且由于待测金属丝的电阻较小，为了方便调节，应选最大值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选A。（2）由于待测金属丝的电阻约为，远小于电压表的内阻，为了减小误差，电流表应采用外接法，故电压表应连接M；（3）[1]根据电阻公式其中代入可得[2]根据欧姆定律可得由于该电路采用电流表外接法，电压表有分流作用，导致电流表的测量值大于流经金属丝的真实电流，可知测量值将小于真实值。（4）根据以上分析可知，电压表右接线柱与电阻右接线柱相接，电流表右接线柱与滑动变阻器右上侧接线柱相接。13．(1)(2)(3)【详解】（1）由题意知，初始状态，活塞恰好离开限制装置时，，过程中体积不变，发生等容变化，由查理定律解得，此时活塞受力平衡有代入数据,解得（2）由题意知，当温度从升高至过程中，活塞上升，压强不变，，，由盖吕萨克定律代入数据得（3）由题可知，整个过程中气体内能增加了150J，即。由前两问可知，第一阶段为等容变化，不做功，第二阶段为等压膨胀，气体对外做功，外界对气体做负功，则有解得由热力学第一定律解得14．(1)(2)(3)【详解】（1）设小球运动到轨道最低点时的速度为，小球与长木板上的小物块发生弹性碰撞，碰后小球反向运动，取水平向右为正方向，由动量守恒定律有由机械能守恒定律有联立解得小球沿光滑圆弧轨道由静止开始下滑，由机械能守恒定律有解得（2）小物块在长木板上滑动，由动量守恒定律有解得由功能关系有解得（3）由平抛运动规律，水平方向有竖直方向有联立解得15．(1)(2)(3)，【详解】（1）粒子从点运动至坐标原点，做类平抛运动，平行于轴方向上有平行于轴方向上有其中解得（2）解法一：粒子经过坐标原点时的速度大小设粒子第一次在第四象限内运动至最低点时到轴的距离为，有平行于轴方向上有解得解法二：粒子经过坐标原点时平行于轴方向的分速度大小将粒子经过坐标原点时的速度分解为沿轴正方向、大小为的分速度，满足另一分速度大小粒子在第四象限内的运动可视为沿轴方向、速度为的匀速直线运动和速率为的匀速圆周运动的合运动，粒子运动至最低点时的速度大小解得，（3）设粒子经过坐标原点时速度方向与轴正方向的夹角为，则有粒子第二次经过轴时速度大小仍为，平行于轴方向