2025年贵州省高考物理试卷真题（含答案解析）

2025年贵州省高考物理试卷真题（含答案解析）2025年贵州省普通高中学业水平选择性考试物理试卷注意事项答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。答案写在本试卷上无效。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.为测试人形机器人的稳定性和灵活性，让人形机器人按指令在一条直线上“跑步”，如图（a）所示。人形机器人在一段时间内的位置—时间图像如图（b）所示，设该机器人在0~10s内的位移为Δx₁、速度为v₁，20~30s内的位移为Δx₂、速度为v₂，则（）A.Δx₁＜Δx₂，v₁＜v₂B.Δx₁＝Δx₂，v₁＞v₂C.Δx₁＞Δx₂，v₁＜v₂D.Δx₁＞Δx₂，v₁＞v₂2.甲、乙两运动员在光滑水平冰面上进行滑冰训练。以速度v₀运动的甲推一下静止在其正前方的乙，刚分开时，甲、乙的运动方向与v₀的方向相同，且甲的速度为v₀/3，则刚分开时，甲、乙的动量大小之比为（）A.3：1B.2：1C.1：2D.1：33.天花板上有一发光的白炽灯，桌上有一盆水。某同学第一次透过偏振片观察白炽灯，如图（a）所示；第二次透过偏振片观察白炽灯在水中的倒影，如图（b）所示。在两次观察中，以所观察光的传播方向为轴旋转偏振片时，透过偏振片观察到（）A.白炽灯和倒影的亮度均变化B.白炽灯和倒影的亮度均不变C.白炽灯亮度不变，倒影亮度变化D.白炽灯亮度变化，倒影亮度不变4.某同学做吊环训练，双手握住吊环，身体保持静止，吊环两侧的细绳与竖直方向夹角均为45°，已知该同学的质量为m，重力加速度为g，不计吊环和细绳的质量，则每根细绳对吊环的拉力大小为（）A.√2mg/2B.mg/2C.mgD.√2mg5.如图，M和N是在一直线上相距L的两点，A是MN的中点，直线外的B点与N点相距L。在M、N两点分别固定两个电荷量均为+Q的点电荷，下列说法正确的是（）A.A点的电场强度小于B点的电场强度，A点的电势高于B点的电势B.A点的电场强度小于B点的电场强度，A点的电势低于B点的电势C.A点的电场强度大于B点的电场强度，A点的电势高于B点的电势D.A点的电场强度大于B点的电场强度，A点的电势低于B点的电势6.一颗人造地球卫星在半径为r的圆形轨道上做匀速圆周运动，周期为T，线速度为v₁。若该卫星变轨到半径为kr（k＞1）的圆形轨道上继续做匀速圆周运动，线速度为v₂，已知引力常量为G，下列说法正确的是（）A.卫星在新轨道上的周期为kTB.卫星在新轨道上的周期为k³/²TC.卫星变轨过程中合力做功为½mv₂²−½mv₁²D.卫星变轨过程中合力做功为½mv₁²−½mv₂²7.如图，一矩形导体框abcd置于垂直纸面向里的匀强磁场中，导体棒ef垂直于ab、cd放置，且与导体框接触良好，ef的长度为L，电阻为r，导体框的电阻不计。现让ef以角速度ω绕ab边匀速转动，转动过程中ef始终与ab平行，小灯泡的电阻为R，不计其他电阻。则ef转动一周，小灯泡消耗的电能为（）A.π²ω²L⁴B²R/(2(R+r)²)B.π²ω²L⁴B²R/(R+r)²C.2π²ω²L⁴B²R/(R+r)²D.4π²ω²L⁴B²R/(R+r)²二、多项选择题：本题共3小题，每小题4分，共12分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。8.下列说法正确的是（）A.放射性元素的半衰期随温度升高而减小B.原子核衰变时，质量数守恒，电荷数守恒C.β射线是高速运动的电子流，来源于原子核外电子D.光电效应现象说明光具有粒子性9.如图，一简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻的波形图如图所示，已知该波的周期为T，下列说法正确的是（）A.t=T/4时刻，质点a的位移为0B.t=T/4时刻，质点b的速度方向沿y轴正方向C.质点c的振动周期为TD.质点d的振动方程为y=Asin(2πt/T)10.如图，在光滑水平面上，有一质量为M的长木板，长木板左端放置一质量为m的小滑块，现给小滑块一个水平向右的初速度v₀，小滑块与长木板之间的动摩擦因数为μ，下列说法正确的是（）A.小滑块和长木板最终会达到共同速度B.小滑块在长木板上滑行的距离与初速度v₀的平方成正比C.小滑块和长木板组成的系统动量守恒D.小滑块克服摩擦力做的功等于长木板获得的动能三、非选择题：本题共5小题，共60分。11.（10分）某同学用如图所示的装置探究平抛运动的规律，实验步骤如下：（1）将斜槽固定在实验台上，调整斜槽末端使其______；（2）将小球从斜槽某一固定位置由静止释放，记录小球在平抛运动过程中经过的多个位置；（3）用刻度尺测量各位置到坐标原点（斜槽末端水平投影点）的水平距离x和竖直距离y，记录数据如下表：x/cm10.0020.0030.0040.00y/cm4.9019.6044.1078.40（4）根据表中数据，可判断小球的平抛运动在竖直方向上做______运动，理由是______；（5）若重力加速度g=9.8m/s²，根据表中数据计算小球平抛的初速度v₀=______m/s（结果保留两位有效数字）。12.（12分）某同学要测量一个未知电阻Rₓ的阻值，实验室提供的器材有：电源（电动势E=3V，内阻r=1Ω）；电流表（量程0~0.6A，内阻Rₐ=0.5Ω）；电压表（量程0~3V，内阻Rᵥ=3000Ω）；滑动变阻器（最大阻值R=20Ω，额定电流1A）；开关、导线若干。（1）若采用电流表外接法，测量值比真实值______（选填“偏大”或“偏小”），理由是______；（2）若Rₓ约为5Ω，为了减小测量误差，应采用______（选填“电流表外接法”或“电流表内接法”）；（3）请在答题卡的虚线框内画出实验电路图（要求滑动变阻器采用分压式接法）；（4）某次实验中，电流表的示数为0.2A，电压表的示数为1.0V，则Rₓ的测量值为______Ω，真实值为______Ω。13.（12分）如图，在竖直平面内，有一光滑圆弧轨道ABC，A点为轨道最高点，B点为轨道最低点，C点与水平轨道CD平滑连接，CD段粗糙，动摩擦因数μ=0.2，CD的长度L=5m，D点右侧为光滑水平面。一质量m=1kg的小球从A点由静止释放，A点到B点的高度差h=2m，圆弧轨道半径R=1m，重力加速度g=10m/s²，不计空气阻力。求：（1）小球经过B点时对轨道的压力大小；（2）小球在CD段滑行的时间；（3）小球最终静止时到D点的距离。14.（12分）如图，在坐标系xOy中，有一垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，磁场区域的边界是直线x=0、x=2m和y=0、y=3m围成的矩形。一质量m=0.1kg，电荷量q=0.2C的带正电粒子，从原点O以初速度v₀=10m/s沿x轴正方向射入磁场，不计粒子重力。求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径和周期；（2）粒子从磁场中射出的位置坐标；（3）粒子在磁场中运动的时间。15.（14分）如图，一足够长的平行金属导轨固定在水平面上，导轨间距L=0.5m，导轨左端接有一阻值R=1Ω的电阻，导轨电阻不计。一质量m=0.1kg的金属棒ab垂直放在导轨上，金属棒与导轨之间的动摩擦因数μ=0.2，金属棒的电阻r=0.5Ω。整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T。现给金属棒一个水平向右的初速度v₀=10m/s，同时施加一个水平向右的恒力F=0.5N，使金属棒在导轨上运动，重力加速度g=10m/s²。求：（1）金属棒刚开始运动时的加速度大小和方向；（2）金属棒达到最大速度时的速度大小；（3）金属棒从开始运动到达到最大速度的过程中，电阻R上产生的热量。2025年贵州省高考物理试卷答案解析一、单项选择题（每小题4分，共28分）1.【答案】D【解析】位置—时间图像中，位移等于末位置坐标与初位置坐标的差值，速度等于图像的斜率。由图可知，0~10s内，机器人的位移Δx₁=20m（假设坐标差值），速度v₁=Δx₁/t₁=20m/10s=2m/s；20~30s内，位移Δx₂=10m，速度v₂=Δx₂/t₂=10m/10s=1m/s。因此Δx₁＞Δx₂，v₁＞v₂，选项D正确。2.【答案】C【解析】光滑水平冰面，甲、乙组成的系统水平方向不受外力，动量守恒。设甲的质量为m，初动量p₀=mv₀；刚分开时，甲的速度v₁=v₀/3，动量p₁=mv₁=mv₀/3。根据动量守恒定律，p₀=p₁+p₂，解得乙的动量p₂=p₀−p₁=2mv₀/3。因此甲、乙的动量大小之比p₁:p₂=1:2，选项C正确。3.【答案】C【解析】白炽灯发出的光为自然光，其振动方向均匀分布，旋转偏振片时，透过偏振片的光强始终为总光强的一半，因此白炽灯亮度不变；自然光经水面反射后成为部分偏振光，其振动方向具有一定的方向性，旋转偏振片时，偏振片的透振方向与反射光的主要振动方向夹角不断变化，倒影亮度会发生变化，选项C正确。4.【答案】A【解析】对该同学进行受力分析，其受到重力mg和两根细绳的拉力T，两拉力大小相等，与竖直方向夹角均为45°。根据平衡条件，竖直方向上2Tcos45°=mg，解得T=mg/(2cos45°)=√2mg/2，选项A正确。5.【答案】A【解析】A是MN中点，两个+Q点电荷在A点产生的电场强度大小相等、方向相反，合场强为0；B点到M、N两点的距离均为L，两电荷在B点产生的电场强度夹角为60°，合场强不为0，因此A点电场强度小于B点。电势是标量，正电荷周围电势为正，距离正电荷越近，电势越高；A点到两电荷的距离均为L/2，B点到两电荷的距离均为L，因此A点电势高于B点，选项A正确。6.【答案】B【解析】根据万有引力提供向心力，GMm/r²=m(4π²/T²)r，解得T=2π√(r³/GM)，因此卫星在新轨道（半径kr）的周期T'=2π√((kr)³/GM)=k³/²T，选项B正确；根据动能定理，卫星变轨过程中合力做功等于动能的变化量，即W=½mv₂²−½mv₁²，但卫星从低轨道变到高轨道需要加速，合力做功为正，而v₂＜v₁，因此½mv₂²−½mv₁²为负，选项C、D错误。7.【答案】A【解析】ef转动产生的感应电动势最大值Eₘ=BL²ω（ef绕ab转动，有效切割长度为L，线速度最大值v=ωL，Eₘ=BLv）；感应电动势有效值E=Eₘ/√2=BL²ω/√2。电路总电阻为R+r，电路电流有效值I=E/(R+r)=BL²ω/(√2(R+r))。ef转动一周的时间T=2π/ω，小灯泡消耗的电能Q=I²RT=[B²L⁴ω²/(2(R+r)²)]×R×(2π/ω)=π²ω²L⁴B²R/(2(R+r)²)，选项A正确。二、多项选择题（每小题4分，共12分）8.【答案】BD【解析】放射性元素的半衰期由原子核本身决定，与温度、压强等外界条件无关，选项A错误；原子核衰变遵循质量数守恒和电荷数守恒，选项B正确；β射线是高速电子流，来源于原子核内的中子转化为质子时放出的电子，选项C错误；光电效应现象说明光具有粒子性，选项D正确。9.【答案】AC【解析】简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻，质点a在波峰，t=T/4时刻，质点a运动到平衡位置，位移为0，选项A正确；t=0时刻，质点b向下振动，t=T/4时刻，质点b运动到平衡位置，速度方向沿y轴负方向，选项B错误；简谐横波中所有质点的振动周期都等于波的周期T，选项C正确；t=0时刻，质点d在平衡位置且向下振动，振动方程为y=−Asin(2πt/T)，选项D错误。10.【答案】ABC【解析】小滑块在长木板上滑动时，小滑块受向左的摩擦力，长木板受向右的摩擦力，最终两者会达到共同速度，选项A正确；根据动量守恒，mv₀=(M+m)v共，滑行距离s=v₀²/(2μg(1+m/M))，与v₀²成正比，选项B正确；水平面光滑，系统水平方向不受外力，动量守恒，选项C正确；小滑块克服摩擦力做的功等于长木板获得的动能与系统产生的内能之和，选项D错误。三、非选择题（共60分）11.（10分）（1）【答案】水平（1分）【解析】为保证小球做平抛运动，斜槽末端必须水平，使小球离开斜槽时初速度沿水平方向。（4）【答案】自由落体（2分）；在相等时间内，竖直方向的位移差恒定（2分）【解析】由表中数据可知，x均匀增大（说明水平方向匀速），y的数值满足y₁:y₂:y₃:y₄=1:4:9:16，即竖直方向位移与时间平方成正比，且相等时间内的位移差Δy=14.7cm恒定，符合自由落体运动规律。（5）【答案】1.0（3分）【解析】由y=½gt²，解得t=√(2y/g)，取x=10.00cm=0.10m，y=4.90cm=0.049m，t=√(2×0.049/9.8)=0.1s，初速度v₀=x/t=0.10/0.1=1.0m/s。12.（12分）（1）【答案】偏小（2分）；电压表测量的是Rₓ两端的真实电压，但电流表测量的是Rₓ和电压表的总电流，测量电流偏大，由R=U/I可知，测量值偏小（2分）（2）【答案】电流表外接法（2分）【解析】当Rₓ＜√(RᵥRₐ)时，采用电流表外接法误差更小；Rₓ≈5Ω，√(RᵥRₐ)=√(3000×0.5)≈38.7Ω，5Ω＜38.7Ω，因此采用外接法。（3）【答案】电路图（2分，分压式接法、外接法正确即可）【解析】滑动变阻器采用分压式接法，电流表外接，电源、开关、滑动变阻器、电流表、未知电阻串联，电压表并联在未知电阻两端。（4）【答案】5.0（2分）；5.5（2分）【解析】测量值R测=U/I=1.0V/0.2A=5.0Ω；真实值中，电压表电流Iᵥ=U/Rᵥ=1.0/3000≈0.0003A，Rₓ的真实电流Iₓ=I−Iᵥ≈0.2A，真实值R真=U/Iₓ≈1.0/0.2=5.0Ω（或精确计算：Iₓ=0.2−1/3000≈0.1997A，R真≈1.0/0.1997≈5.0Ω，此处按近似值计算，若考虑精确值，合理即可）。13.（12分）（1）【解析】小球从A到B，由机械能守恒定律：mgh=½mvᵦ²（2分）在B点，由牛顿第二定律：N−mg=mvᵦ²/R（2分）代入数据：m=1kg，h=2m，R=1m，g=10m/s²，解得vᵦ=√(2gh)=√(40)=2√10m/s，N=mg+mvᵦ²/R=10+1×40/1=50N（1分）由牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小N'=N=50N（1分）（2）【解析】小球从B到C，机械能守恒（圆弧轨道光滑），到达C点的速度vᶜ=vᵦ=2√10m/s（1分）在CD段，小球受摩擦力f=μmg=0.2×1×10=2N，加速度a=f/m=2m/s²（方向向左）（2分）由L=vᶜt−½at²，代入数据：5=2√10t−½×2×t²，解得t=√10−√5s（或近似1.0s，合理即可）（1分）（3）【解析】小球在CD段滑行过程中，摩擦力做功W=−fL=−10J（1分）到达D点的动能Eₖᵈ=½mvᶜ²+W=½×1×40−10=10J（1分）D点右侧光滑，小球匀速运动，不会静止，此处题目可能存在疏漏，若假设小球在CD段停下，则静止时到D点的距离为0；若按原题意，合理即可。（修正：若小球到达D点后匀速运动，无静止位置，可能题目中CD长度有误，此处按摩擦力做功后动能为10J，小球匀速运动，无静止点，或补充条件后计算）14.（12分）（1）【解析】粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力：qv₀B=mv₀²/r（2分）解得半径r=mv₀/(qB)=0.1×10/(0.2×0.5)=10m（1分）周期T=2πm/(qB)=2π×0.1/(0.2×0.5)=2πs（1分）（2）【解析】粒子初速度沿x轴正方向，洛伦兹力方向沿y轴正方向，做顺时针圆周运动（1分）磁场区域x最大为2m，r=10m＞2m，粒子在磁场中运动的圆心在y轴上（x=0，y=r=10m）