2022-2023学年北京市101中学高二(下)期中物理试卷

2022-2023学年北京市101中学高二（下）期中物理试卷一、单项选择题（本题共21小题，每小题2分，共42分；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得2分，选错或不答的得0分。）1．（2分）陆游在诗作《村居山喜》中写到“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴”。从物理视角分析诗词中“花气袭人”的主要原因是（）A．气体分子之间存在着斥力 B．气体分子之间存在着引力 C．气体分子组成的系统具有分子势能 D．气体分子在永不停息地做无规则运动2．（2分）对封闭在汽缸中一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A．温度升高，气体分子的平均动能一定增大 B．气体体积减小，其压强一定增大 C．气体不断被压缩的过程中，其内能一定增加 D．气体与外界不发生热量交换的过程中，其内能一定不变3．（2分）关于气体的压强，下列说法正确的是（）A．单位体积内的分子数越多，气体的压强就越大 B．分子的平均动能越小，气体的压强就越小 C．气体的压强是由于分子间的斥力引起的 D．气体压强是由于分子频繁撞击器壁引起的4．（2分）下列说法正确的是（）A．温度越高，分子的热运动越剧烈 B．扩散现象是由于分子间斥力引起了的 C．气体温度升高，所有分子速率都变大 D．分子间的作用力总是随分子间距增大而增大5．（2分）关于布朗运动，下列说法正确的是（）A．布朗运动是液体分子的无规则运动 B．布朗运动是指液体中悬浮颗粒分子的无规则运动 C．温度越高、颗粒越小布朗运动越剧烈 D．液体中悬浮颗粒将做直线运动，直到和其他颗粒发生碰撞6．（2分）分子势能的大小是由分子间的相对位置决定的。分子势能Ep与分子间距离r的关系如图所示。下列说法正确的是（）A．当r＞r1时，分子力为引力 B．当r＝r1时，分子力为斥力 C．当r＝r0时，分子力最大 D．当r＝r1时，分子力为07．（2分）关于固体、液体的性质，下列说法正确的是（）A．单晶体有确定的熔点，多晶体没有确定的熔点 B．彩色液晶显示器利用了液晶的光学各向异性的特点 C．玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，其尖端变钝，这是由于液体重力的作用 D．唐诗《观荷叶露珠》中有“霏微晓露成珠颗”句，诗中荷叶和露水表现为浸润8．（2分）如图所示，一定量的理想气体从状态a开始，经历两个状态变化过程，先后到达状态b和c。下列说法正确的是（）A．在a→b过程中气体从外界吸收热量 B．在b→c过程中气体对外界做功 C．在a→b过程中气体的内能逐渐变大 D．在b→c过程中气体的内能逐渐变小9．（2分）一定质量的理想气体从状态A开始，经历两个过程，先后到达状态B和C，A、B和C三个状态的体积分别为VA、VB和VC。状态变化过程中气体的压强与热力学温度的关系如图所示，下列说法正确的是（）A．VA＝VB，VB＞VC B．VA＜VB，VB＝VC C．状态A到状态B的过程中气体的内能增大 D．状态B到状态C的过程中气体分子的平均动能减小10．（2分）以下说法正确的是（）A．满足能量守恒定律的宏观过程都是可以自发进行的 B．不违背能量守恒的机械都可以制造出来 C．一切与热现象有关的宏观自然过程都具有方向性 D．热量只能从高温物体传到低温物体11．（2分）下列属于光的衍射现象的是（）A．雨后的天空出现彩虹 B．光照射细金属丝，在其后放置的光屏上出现明暗相间条纹 C．在阳光照射下，肥皂泡呈现彩色条纹 D．白光通过棱镜在屏上呈现彩色光带12．（2分）一束单色光由玻璃斜射向空气，下列说法正确的是（）A．波长一定变长 B．频率一定变小 C．传播速度一定变小 D．一定发生全反射现象13．（2分）下列说法正确的是（）A．无线电波比可见光更容易发生衍射现象，更容易沿直线传播 B．测体温的额温枪是通过测量人体辐射的紫外线进行测温 C．光的干涉和衍射现象说明光是一种横波 D．用激光直接照射双缝，进行双缝干涉实验，是应用了激光的相干性好14．（2分）如图所示，MN是空气与某种液体的分界面，一束红光由空气射到分界面，一部分光被反射，一部分光进入液体中。当入射角是45°时，折射角为30°，则以下说法正确的是（）A．反射光线与折射光线的夹角为120° B．该液体对红光的折射率为 C．该液体对红光的全反射临界角为45° D．当紫光以同样的入射角从空气射到分界面时，折射角也是30°15．（2分）如图所示，一束平行光经玻璃三棱镜折射后分解为互相分离的a、b、c三束单色光。比较a、b、c三束光，可知（）A．当它们在真空中传播时，a光的波长最短 B．当它们在玻璃中传播时，a光的速度最小 C．若它们都从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角最小 D．a光更容易发生明显衍射16．（2分）下列说法中正确的是（）A．光导纤维传送光信号是利用了光的全反射现象 B．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的偏振现象 C．门镜可以扩大视野是利用了光的干涉现象 D．照相机镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的衍射现象17．（2分）如图所示，将一个半圆形玻璃砖置于空气中，当一束单色光入射到玻璃砖的圆心O时，下列情况不可能发生的是（）A． B． C． D．18．（2分）光导纤维按沿径向折射率的变化可分为阶跃型和连续型两种。阶跃型的光导纤维分为内芯和外套两层，内芯的折射率比外套的大。连续型光导纤维的折射率中心最高，沿径向逐渐减小，外表面附近的折射率最低。关于光在连续型光导纤维中的传播，下列四个图中能正确表示传播路径的是（）A． B． C． D．19．（2分）如图所示，理想变压器输入电压保持不变。若将滑动变阻器的滑动触头向下移动，下列说法正确的是（）A．电表A1、A2的示数都增大 B．电表V1、V2的示数都不变 C．原线圈输入功率减小 D．电阻R0消耗的电功率减小20．（2分）交流发电机的示意图如图所示，矩形线圈ABCD在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO'逆时针匀速转动，发电机的电动势随时间的变化规律为e＝20sin100πtV。下列说法正确的是（）A．此交流电的频率为100Hz B．此发电机电动势的有效值为20V C．当线圈平面转到图示位置时产生的电流为0 D．当线圈平面转到图示位置时磁通量的变化率最大21．（2分）某同学根据查阅到的某种热敏电阻的R﹣t特性曲线（如图1），设计了图2所示的恒温箱温度控制电路。图2中，Rt为热敏电阻，R1为可变电阻，控制系统可视作R＝200Ω的电阻，电源的电动势E＝9.0V，内阻不计。当通过控制系统的电流小于2mA时，加热系统将开启，为恒温箱加热；当通过控制系统的电流等于2mA时，加热系统将关闭。下列说法正确的是（）A．若要使恒温箱内温度保持20℃，应将R1调为500Ω B．若要使恒温箱内温度升高，应将R1增大 C．若恒温箱内温度降低，通过控制系统的电流将增大 D．保持R1不变，通过控制系统的电流大小随恒温箱内的温度均匀变化二、不定项选择题（本题共10小题，每题2分，共20分。在每小题给出的4个选项中，至少有一项是符合题意的，选对的得2分，选不全的得1分，有选错或不答的得0分。）（多选）22．（2分）关于电磁场和电磁波，下列叙述中正确的是（）A．变化的电场能够产生磁场，变化的磁场也能够产生电场 B．电磁波和机械波都只能在介质中传播 C．电磁波在空间传播时，电磁能也随着一起传播 D．电磁波为横波（多选）23．（2分）一封闭容器中装有一定质量的理想气体，容器壁与外界没有热量交换，当气体被压缩时，下列说法正确的是（）A．气体压强增大 B．气体对外界做正功 C．气体内能不变 D．气体温度增加24．（2分）关于热学知识的理解，下列说法中正确的是（）A．单晶体的某些物理性质呈现各向异性 B．雨水没有透过雨伞是因为水和伞的不浸润现象 C．太空舱完全失重状态下，将不会产生毛细现象 D．液体表面张力产生的原因是液体表面层分子间距离比较大，分子力表现为斥力（多选）25．（2分）如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程到达状态b，再经过等温过程到达状态c，直线ac过原点。则气体（）A．在状态c的压强等于在状态a的压强 B．在状态b的压强小于在状态c的压强 C．在b→c的过程中内能保持不变 D．在a→b的过程对外做功（多选）26．（2分）把一个具有球面的平凸透镜平放在平行透明玻璃板上（如图所示）．现用单色光垂直于平面照射，在装置的上方向下观察，可以看到干涉条纹，那么关于两束干涉光及干涉条纹的说法正确的是（）A．两束干涉光是a，b面反射形成的 B．干涉条纹是中央疏边缘密的同心圆 C．两束干涉光是b，c面反射形成的 D．干涉条纹中是中央密边缘疏的同心圆（多选）27．（2分）如图甲所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为55：6，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与负载电阻R相连。若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是（）A．变压器输入电压的最大值是220V B．若电流表的示数为0.50A，变压器的输入功率是12W C．原线圈输入的正弦交变电流的频率是50Hz D．电压表的示数是24V（多选）28．（2分）下列所示的图片、示意图大都来源于课本，关于这些图的判断中，准确无误的是（）A．甲图是小孔衍射的图样，乙图为“泊松亮斑” B．甲图为“泊松亮斑”，乙图是小孔衍射的图样 C．丙图是双缝干涉图样，丁图是单缝衍射图样 D．丙图是单缝衍射图样，丁图是双缝干涉图样（多选）29．（2分）一定质量的理想气体，其压强p与体积V的关系图像如图所示。下列说法正确的是（）A．A→B的过程中，从外界吸收热量 B．B→C的过程中，从外界吸收热量 C．气体经历A→B→C→A再回到最初的A状态的整个过程中，从外界吸收热量大于向外界放出的热量 D．如果气体通过经历A→C→B→A再回到最初的A状态，与经历A→B→C→A回到最初A状态相比，与外界的热传递相同（多选）30．（2分）一台发电机最大输出功率为4000kW，电压为4000V，经变压器T1升压后向远方输电。输电线路总电阻R＝1kΩ．到目的地经变压器T2降压，负载为多个正常发光的灯泡（220V、60W）。若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的耗损可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则（）A．T1原、副线圈电流分别为103A和20A B．T2原、副线圈电压分别为1.8×105V和220V C．T1和T2的变压比分别为1：50和40：1 D．有6×104盏灯泡（220V、60W）正常发光（多选）31．（2分）一个LC振荡电路，某时刻其电流方向以及AB两极板电荷分布情况如图1所示，规定顺时针为电流的正方向，对该时刻电流、电场能、磁场能作出的判断正确的是（）A．电流可能处于图2中0﹣t1内的某一位置 B．电流可能处于图2中t1﹣t2内的某一位置 C．磁场能正在增加 D．电场能正在增加三、实验题（本题共3小题，每空2分，共18分。）32．（4分）某同学做“用油膜法估测分子的大小”的实验。（1）将n滴油酸酒精溶液滴入量筒，测得体积为V0，将该溶液滴一滴到水面上，稳定后成油膜的面积为S。已知500mL油酸酒精溶液中含有纯油酸1mL，则油酸分子直径大小表达式为d＝。（2）该同学做完实验后，发现自己所测的分子直径d明显偏大。出现这种情况的原因可能。A.将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算B.油酸酒精溶液长时间放置，酒精挥发使溶液的浓度发生了变化C.水面上子痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开D.计算油膜面积时，将不完整的方格作为完整方格处理33．（6分）现用如图所示双缝干涉实验装置来测量光的波长。（1）在组装仪器时单缝和双缝应该相互放置。（选填“垂直”或“平行”）（2）某同学调整手轮使测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，并将该亮纹定为第1条亮纹，此时测量头上游标卡尺的读数为x1；接着再同方向转动手轮，使分划板中心刻线与第n条亮纹中心对齐，此时测量头上游标卡尺的读数为x2。已知双缝间距d，测得双缝到毛玻璃屏的距离L，所测光的波长的表达式λ＝。（3）为减小误差，该实验并未直接测量相邻亮条纹间的距离Δx，而是先测量n个条纹的间距再求出Δx。下列实验采用了类似方法的有。A.《探究两个互成角度的力的合成规律》的实验中合力的测量B.《探究弹簧弹力与形变量的关系》实验中弹簧形变量的测量C.《用单摆测重力加速度》实验中单摆周期的测量34．（8分）某同学用如图所示装置探究气体等温变化的规律，该同学按如下操作步骤进行实验：a．将注射器活塞移动到空气柱体积适中的位置，用橡胶塞密封注射器的下端，记录此时压力表上显示的气压值和压力表刻度尺上显示的空气柱长度b．用手握住注射器前端，开始缓慢推拉活塞改变气体体积；c．读出此时压力表上显示的气压值和刻度尺上显示的空气柱长度d．重复b、c两步操作，记录6组数据，作p﹣V图。（1）关于该同学在实验操作中存在的不当及其原因，下列叙述中正确的是。A．实验过程中手不能握注射器前端，以免改变了空气柱的温度B．应该以较快的速度推拉活塞来改变气体体积，以免操作动作慢使空气柱的质量发生改变（2）实验室中有容积为5mL和20mL的两种注射器供选择，为能用较小的力作用在活塞上使气体体积发生明显变化，选用容积为mL的注射器更合适；实验中为了找到气体体积与压强的关系（选填“需要”或“不需要”）测出空气柱的横截面积。（3）通过绘制的p﹣V图像，该同学猜测：空气柱的压强跟体积成反比。你能够通过图像直观地帮助该同学检验这个猜想吗？请简要说明你的方案。四、计算题（本题共3小题，共20分。要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位，重力加速度g取10m/s2。）35．某同学在研究性学习活动中自制电子秤，原理示意图如图所示。用理想电压表的示数指示物体的质量，托盘与电阻可忽略的金属弹簧相连，托盘与弹簧的质量均不计，滑动变阻器R的滑动端与弹簧上端连接。当托盘中没有放物体时，滑片恰好指在变阻器的最上端，此在时电压表示数为0。设变阻器总电阻为R，总长度为l，电源电动势为E，内阻为r，限流电阻阻值为R0，弹簧劲度系数为k，不计一切摩擦和其他阻力。（1）计算电压表的最大示数；（2）计算该电子秤质量的测量范围；（3）请在图2中，定性画出电压表的示数U与质量m的关系图像，并判断从左向右，电压表指针偏角变化相同的Δθ，对应的质量变化Δm，越来越大还是越来越小？36．如图所示为一交流发电机的原理示意图，其中矩形线圈abcd的边长ab＝cd＝50cm，bc＝ad＝20cm，匝数n＝100，线圈的总电阻r＝0.20Ω，线圈在磁感应强度B＝0.050T的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴OO′匀速转动，角速度ω＝100πrad/s．线圈两端通过电刷E、F与阻值R＝4.8Ω的定值电阻连接．计算时π取3．（1）从线圈经过中性面开始计时，写出线圈中感应电动势随时间变化的函数表达式；（2）求此发电机在上述工作状态下的输出功率；（3）求从线圈经过中性面开始计时，经过周期时间通过电阻R的电荷量．37．对温度的测量有很多方法，下面讨论以下设计方案。如图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与导热良好的玻璃泡连通，下端插入水槽中（水槽内的水足够多，并且水面位置保持不变），玻璃泡中封闭有一定量的理想空气。玻璃管内的体积和玻璃泡的体积相比可以忽略不计。根据玻璃管中水柱距离水槽的高度h在玻璃管上进行标定温度t。（1）温度越高在玻璃管上标定的位置越偏上还是越偏下？（2）玻璃管上标定的刻度是否均匀？请通过适当的公式进行推理说明。（3）当水柱高度为h0时，小明查询到当前室温为t0＝27℃，在该处标注好温度。他再根据标准大气压p0，推算出水柱高度为h时对应温度为t＝17℃，并标记在玻璃管上。如果当时的大气压小于标准大气压，则当液柱高度为h时，实际的温度高于17℃还是低于17℃？请通过适当的公式进行推理说明。

2022-2023学年北京市101中学高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共21小题，每小题2分，共42分；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得2分，选错或不答的得0分。）1．（2分）陆游在诗作《村居山喜》中写到“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴”。从物理视角分析诗词中“花气袭人”的主要原因是（）A．气体分子之间存在着斥力 B．气体分子之间存在着引力 C．气体分子组成的系统具有分子势能 D．气体分子在永不停息地做无规则运动【考点】分子的热运动．【答案】D【分析】根据扩散现象的定义以及气体分子在永不停息地做无规则运动进行判断。【解答】解：从物理学角度看，诗词中“花气袭人”的主要原因是气体分子在永不停息地做无规则运动，可以使气体分子快速地进行扩散，使人们能够感知。故ABC错误，D正确。故选：D。2．（2分）对封闭在汽缸中一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A．温度升高，气体分子的平均动能一定增大 B．气体体积减小，其压强一定增大 C．气体不断被压缩的过程中，其内能一定增加 D．气体与外界不发生热量交换的过程中，其内能一定不变【考点】热力学第一定律及其应用；分子动能；理想气体及理想气体的状态方程．【答案】A【分析】温度是分子热运动平均动能的唯一标志；根据理想气体状态方程分析压强变化；根据热力学第一定律分析气体的内能变化。【解答】解：A．温度是分子热运动平均动能的唯一标志，温度升高，分子的平均动能增大，故A正确；B．气体体积减小，若温度也降低，根据理想气体状态方程知其压强不一定增大，故B错误；C．气体不断被压缩的过程中，外界对气体做正功，如果气体同时向外界放热，即W＞0，Q＜0，根据热力学第一定律ΔU＝Q+W，知气体内能不一定增加，故C错误；D．气体与外界不发生热量交换的过程中，如果外界对气体做功或气体对外界做功，即Q＝0，W＜0，根据热力学第一定律ΔU＝Q+W，知气体内能一定发生变化，故D错误。故选：A。3．（2分）关于气体的压强，下列说法正确的是（）A．单位体积内的分子数越多，气体的压强就越大 B．分子的平均动能越小，气体的压强就越小 C．气体的压强是由于分子间的斥力引起的 D．气体压强是由于分子频繁撞击器壁引起的【考点】气体压强的微观解释．【答案】D【分析】根据决定气体压强大小的微观因素分析；气体分子间的作用力几乎为零；气体对容器的压强从微观角度讲是由大量气体分子对器壁的频繁碰撞产生的；【解答】解：A.气体的压强与气体分子的密度和分子平均动能有关，所以单位体积分子数越多，气体压强不一定越大，故A错误；B.分子平均动能越小，温度越低，气体压强不一定越小，故B错误；CD.由于气体分子间的距离比较大，所以气体分子间的作用力几乎为零，气体的压强是由于大量气体分子频繁撞击器壁产生的，故C错误，D正确。故选：D。4．（2分）下列说法正确的是（）A．温度越高，分子的热运动越剧烈 B．扩散现象是由于分子间斥力引起了的 C．气体温度升高，所有分子速率都变大 D．分子间的作用力总是随分子间距增大而增大【考点】分子间的作用力；扩散现象．【答案】A【分析】根据分子动理论分析；扩散现象是分子的无规则热运动形成的；温度升高，并不是所有分子运动的速率都增大；分子间的引力和斥力都是随分子间距增大而减小，根据分子力与距离关系图像判断分子间作用力的变化。【解答】解：A.根据分子动理论可知，温度越高，分子的热运动越剧烈，故A正确；B.扩散现象是不同物质相互接触，彼此进入对方的现象，则扩散是分子的无规则运动引起的，故B错误；C.温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子平均动能变大，但不是每个分子运动的速率都增加，故C错误；D.当分子力表现为斥力时，分子间的作用力随分子间距的增大而减小，故D错误。故选：A。5．（2分）关于布朗运动，下列说法正确的是（）A．布朗运动是液体分子的无规则运动 B．布朗运动是指液体中悬浮颗粒分子的无规则运动 C．温度越高、颗粒越小布朗运动越剧烈 D．液体中悬浮颗粒将做直线运动，直到和其他颗粒发生碰撞【考点】布朗运动．【答案】C【分析】布朗运动是悬浮在液体或气体中的固体小颗粒的永不停息地做无规则运动，影响布朗运动的剧烈程度的因素是温度、固体小颗粒的大小等。【解答】解：AB．布朗运动是液体中悬浮颗粒永不停息地、无规则运动的现象，是液体分子无规则运动碰撞悬浮颗粒引起的，体现了液体分子的无规则运动，故布朗运动不是悬浮颗粒分子的无规则运动，也不是液体分子的无规则运动，故AB错误；C．由于布朗运动是液体分子无规则运动碰撞悬浮颗粒引起的，温度越高分子对颗粒的撞击越厉害，颗粒越小，碰撞的不平衡性越明显，悬浮颗粒无规则运动越明显，故C正确；D．液体中悬浮颗粒是做无规则运动，故D错误。故选：C。6．（2分）分子势能的大小是由分子间的相对位置决定的。分子势能Ep与分子间距离r的关系如图所示。下列说法正确的是（）A．当r＞r1时，分子力为引力 B．当r＝r1时，分子力为斥力 C．当r＝r0时，分子力最大 D．当r＝r1时，分子力为0【考点】分子势能；分子间的作用力．【答案】B【分析】当分子势能最小时，分子间距离等于平衡距离时，分子力为零；当分子间距离小于平衡距离时，分子力表现为斥力，当分子间距离大于平衡距离时，分子力表现为引力。由此分析。【解答】解：A、根据分子势能与分子之间距离的关系可知，当分子势能最小时，分子间距离等于平衡距离时，分子力为零，则结合图可知，r0为平衡位置的间距，当r0＞r＞r1，分子力为斥力，当r＞r0时，分子力为引力，故A错误；B．根据上述可知，当r＝r1时，分子力为斥力，故B正确；C．根据上述可知，当r＝r0时，分子力为零，故C错误；D．根据上述可知，当r＝r1时，分子力为斥力，不为零，故D错误。故选：B。7．（2分）关于固体、液体的性质，下列说法正确的是（）A．单晶体有确定的熔点，多晶体没有确定的熔点 B．彩色液晶显示器利用了液晶的光学各向异性的特点 C．玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，其尖端变钝，这是由于液体重力的作用 D．唐诗《观荷叶露珠》中有“霏微晓露成珠颗”句，诗中荷叶和露水表现为浸润【考点】液晶；晶体和非晶体；液体的表面张力；浸润和不浸润．【答案】B【分析】晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；液晶具有各向异性的特点；玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，其尖端变钝，这是由于液体表面张力的作用；荷叶和露水表现为不浸润。【解答】解：A、单晶体和多晶体都有确定的熔点，故A错误；B、彩色液晶显示器利用了液晶的光学各向异性的特点，故B正确；C、玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，其尖端变钝，这是由于液体表面张力的作用，故C错误；D、唐诗《观荷叶露珠》中有“霏微晓露成珠颗”句，诗中荷叶和露水表现为不浸润，故D错误。故选：B。8．（2分）如图所示，一定量的理想气体从状态a开始，经历两个状态变化过程，先后到达状态b和c。下列说法正确的是（）A．在a→b过程中气体从外界吸收热量 B．在b→c过程中气体对外界做功 C．在a→b过程中气体的内能逐渐变大 D．在b→c过程中气体的内能逐渐变小【考点】热力学第一定律及其应用；气体的等温变化及玻意耳定律；气体的等压变化及盖﹣吕萨克定律．【答案】D【分析】从a到b气体温度降低、从b到c气体做等压变化，根据＝C分析其它状态参量的变化，判断出气体做功情况和内能的变化。【解答】解：AC、根据理想气体状态方程＝C，可知气体从a到b，气体温度降低，内能变小，即ΔU＜0；又根据V＝，a到b过程气体体积减小，外界对气体做功，即W＞0，根据热力学第一定律ΔU＝Q+W知，气体在a→b过程中放出热量，故AC错误；B、由b到c，气体等压变化，由＝C可知。气体体积减小，外界对气体做功，故B错误；D、由b到c，根据图像横坐标物理量可知，气体温度降低，内能逐渐减小，故D正确；故选：D。9．（2分）一定质量的理想气体从状态A开始，经历两个过程，先后到达状态B和C，A、B和C三个状态的体积分别为VA、VB和VC。状态变化过程中气体的压强与热力学温度的关系如图所示，下列说法正确的是（）A．VA＝VB，VB＞VC B．VA＜VB，VB＝VC C．状态A到状态B的过程中气体的内能增大 D．状态B到状态C的过程中气体分子的平均动能减小【考点】热力学图像类问题；热力学第一定律及其应用；理想气体及理想气体的状态方程．【答案】C【分析】根据理想状态的状态方程判断出体积的变化，一定量的理想气体的内能仅仅与温度有关；知道温度是分子平均动能的量度。【解答】解：AB．根据一定质量的理想气体的状态方程pV＝CT可知，从A→B的过程中，气体体积不变，即VA＝VB，同理可知从B→C的过程中，体积增大，即VB＜VC，故AB错误；C．一定量的理想气体的内能仅仅与温度有关，状态A到状态B的过程中气体的温度升高，则内能增大，故C正确；D．状态B到状态C的过程中气体的温度不变，则气体分子的平均动能不变，故D错误；故选：C。10．（2分）以下说法正确的是（）A．满足能量守恒定律的宏观过程都是可以自发进行的 B．不违背能量守恒的机械都可以制造出来 C．一切与热现象有关的宏观自然过程都具有方向性 D．热量只能从高温物体传到低温物体【考点】热力学第二定律．【答案】C【分析】本题考查热力学第二定律的内容：一种表述：不可能从单一热源吸取热量，使之完全变为有用功而不产生其他影响。另一种表述是：不可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他变化。热力学第二定律说明热的传导具有方向性。由此分析。【解答】解：A．根据热力学第二定律，热的传导具有方向性，满足能量守恒定律的物理过程不一定能自发进行，故A错误；B．不违背能量守恒，但违反热力学第二定律的机械如第二类永动机不可以制作出来，如第二类永动机，故B错误；CD．凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，在热传递中，热量能自发从高温物体传递给低温物体，不能自发从低温物体传递给高温物体，但在引起其他变化的情况下，热量可以从低温物体传递给高温物体，故C正确，D错误。故选：C。11．（2分）下列属于光的衍射现象的是（）A．雨后的天空出现彩虹 B．光照射细金属丝，在其后放置的光屏上出现明暗相间条纹 C．在阳光照射下，肥皂泡呈现彩色条纹 D．白光通过棱镜在屏上呈现彩色光带【考点】光的衍射；光的双缝干涉．【答案】B【分析】光绕过障碍物传播的现象，故属于光的衍射现象；光从一种介质进入另一介质现象，属于光的折射；当完全相同的光相互叠加，会出现明暗相间的条纹，从而即可求解。【解答】解：A．雨后的天空出现彩虹是光的折射现象，故A错误；B．光照射细金属丝，在其后放置的光屏上出现明暗相间条纹，是光的衍射现象，故B正确；C．在阳光照射下，肥皂泡呈现彩色条纹，是光的干涉现象，故C错误；D．白光通过棱镜在屏上呈现彩色光带，是光的折射（色散）现象，故D错误。故选：B。12．（2分）一束单色光由玻璃斜射向空气，下列说法正确的是（）A．波长一定变长 B．频率一定变小 C．传播速度一定变小 D．一定发生全反射现象【考点】光的折射及折射定律．【答案】A【分析】光从介质进入空气，光的频率不变，根据波速的改变判断波长的变化。光发生全反射的条件是从光密介质进入光疏介质，入射角大于等于临界角。【解答】解：A、B、C、光的频率是由光源决定的，与介质无关，所以光从玻璃进入空气，频率不变，而光速增大，根据波速公式v＝λf可知波长一定变长，故A正确，BC错误；D、光由玻璃斜射向空气，只有当入射角大于或等于临界角时才能发生全反射，所以不一定发生全反射。故D错误。故选：A。13．（2分）下列说法正确的是（）A．无线电波比可见光更容易发生衍射现象，更容易沿直线传播 B．测体温的额温枪是通过测量人体辐射的紫外线进行测温 C．光的干涉和衍射现象说明光是一种横波 D．用激光直接照射双缝，进行双缝干涉实验，是应用了激光的相干性好【考点】激光的特性和应用；电磁波的应用与信息化社会；光的双缝干涉；光的衍射．【答案】D【分析】波长越长越容易发生衍射现象；测体温的额温枪是通过测量人体辐射的红外线进行测温；光的偏振现象表明光是一种横波；激光具有相干性好的特点。【解答】解：A．电磁波谱中的无线电波与可见光相比，无线电波波长最长，更容易发生衍射现象，而波长越短，越趋近于直线传播，故A错误；B．测体温的额温枪是通过测量人体辐射的红外线进行测温，故B错误；C．光的偏振现象说明光是一种横波，光的干涉、衍射仅仅说明光是一种波，故C错误；D．用激光直接照射双缝，进行双缝干涉实验，是应用了激光的相干性好，故D正确。故选：D。14．（2分）如图所示，MN是空气与某种液体的分界面，一束红光由空气射到分界面，一部分光被反射，一部分光进入液体中。当入射角是45°时，折射角为30°，则以下说法正确的是（）A．反射光线与折射光线的夹角为120° B．该液体对红光的折射率为 C．该液体对红光的全反射临界角为45° D．当紫光以同样的入射角从空气射到分界面时，折射角也是30°【考点】光的折射及折射定律．【答案】C【分析】由折射率公式n＝求出折射率，根据光速的公式与波长的关系判断；由临界角公式sinC＝，求出临界角；根据折射定律判断。【解答】解：A、根据反射定律可知反射角为45°，则反射光线与折射光线的夹角为105°，故A错误；B、根据折射定律可得n＝＝＝，故B错误；C、全反射的临界角满足：sinC＝＝，可得临界角C＝45°，故C正确；D、液体对紫光的折射率大于对红光的折射率，根据折射定律得知，则紫光以同样的入射角从空气射到分界面，折射角小于30°．故D错误。故选：C。15．（2分）如图所示，一束平行光经玻璃三棱镜折射后分解为互相分离的a、b、c三束单色光。比较a、b、c三束光，可知（）A．当它们在真空中传播时，a光的波长最短 B．当它们在玻璃中传播时，a光的速度最小 C．若它们都从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角最小 D．a光更容易发生明显衍射【考点】光的衍射；光的折射及折射定律．【答案】D【分析】根据光线的偏折程度比较出各种色光的折射率，从而得出频率的大小，根据得出波长的大小；根据比较在三棱镜中的传播速度大小；根据比较发生全反射的临界角大小；根据波发生明显衍射现象条件分析。【解答】解：A．由光路图可知，三种色光，c的偏折程度最大，c的折射率最大，a光的偏转程度最小，a的折射率最小，频率最小，根据可知a光的波长最长，c光的波长最短，故A错误；B．根据由于a光的折射率最小，可知在玻璃中传播时，a光的速度最大，故B错误；C．根据全反射临界角公式由于a光的折射率最小，可知从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角最大，故C错误；D．由于a光的波长最长，可知a光更容易发生明显衍射，故D正确。故选：D。16．（2分）下列说法中正确的是（）A．光导纤维传送光信号是利用了光的全反射现象 B．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的偏振现象 C．门镜可以扩大视野是利用了光的干涉现象 D．照相机镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的衍射现象【考点】光的偏振现象；光的折射及折射定律；生活中的光现象；光的双缝干涉．【答案】A【分析】光导纤维是利用光的全反射；检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉；门镜是利用光的折射；增透膜是利用光的干涉现象，从而即可求解。【解答】解：A、光导纤维传送光信号是利用了光的全反射现象，故A正确；B、标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉，故B错误；C、门镜可以扩大视野是利用了光的折射现象，故C错误；D、表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的干涉现象，故D错误；故选：A。17．（2分）如图所示，将一个半圆形玻璃砖置于空气中，当一束单色光入射到玻璃砖的圆心O时，下列情况不可能发生的是（）A． B． C． D．【考点】光的折射及折射定律．【答案】A【分析】当光从一种介质斜射入另一种介质时，要发生反射和折射现象，若光从光密介质进入光疏介质折射时可能发生全反射。光从光疏介质进入光密介质折射时，折射角一定小于入射。根据这些知识进行分析。【解答】解：A、当光由空气射入半圆形玻璃砖时，折射角应小于入射角，所以这种情况不可能发生。故A正确。B、当光由空气斜射进入半圆形玻璃砖时，既有反射又有折射，折射角一定小于入射角，是可能发生的。故B错误。C、当光由半圆形玻璃砖射入空气时，若入射角小于临界角，既有反射又有折射，是可能发生的。故C错误。D、当光由半圆形玻璃砖射入空气时，若入射角大于临界角，会发生全反射，光线就不能进入空气，这种情况是可能发生的。故D错误。故选：A。18．（2分）光导纤维按沿径向折射率的变化可分为阶跃型和连续型两种。阶跃型的光导纤维分为内芯和外套两层，内芯的折射率比外套的大。连续型光导纤维的折射率中心最高，沿径向逐渐减小，外表面附近的折射率最低。关于光在连续型光导纤维中的传播，下列四个图中能正确表示传播路径的是（）A． B． C． D．【考点】全反射．【答案】C【分析】发生全反射的条件是光从光密介质进入光疏介质，入射角大于等于临界角。光从光密介质进入光疏介质，若不发生全反射时，折射角大于入射角。【解答】解：在连续型光导纤维的折射率中心最高，沿径向逐渐减小，可知光从光密进入光疏介质，未发生全反射时，折射角大于入射角，故A、B错误。从空气进入光导纤维时，折射角小于入射角，故C正确，D错误。故选：C。19．（2分）如图所示，理想变压器输入电压保持不变。若将滑动变阻器的滑动触头向下移动，下列说法正确的是（）A．电表A1、A2的示数都增大 B．电表V1、V2的示数都不变 C．原线圈输入功率减小 D．电阻R0消耗的电功率减小【考点】变压器的构造和原理；电功和电功率．【答案】A【分析】理想变压器副线圈的电压由原线圈电压决定，原线圈电压不变，副线圈的电压也不变；根据闭合电路欧姆定律，R减小，电流I2增大，原线圈的电流由副线圈电流决定，故A1示数也增大。【解答】解：AB、理想变压器输入电压保持不变，则电压表V1示数不变，而线圈匝数不变，根据可知副线圈两端电压U2不变，滑动变阻器的滑动触头向下移动，则R阻值减小，根据欧姆定律有：I2＝可知，I2增大，A2示数增大，由，可知I1增大，A1示数增大，而R0两端电压增大，则滑动变阻器两端电压即电压表V2示数减小，故A正确，B错误；C、由P1＝U1I1可知原线圈输入功率增大，故C错误；D、由PR0＝R0可知，电阻R0消耗的电功率增大，故D错误。故选：A。20．（2分）交流发电机的示意图如图所示，矩形线圈ABCD在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO'逆时针匀速转动，发电机的电动势随时间的变化规律为e＝20sin100πtV。下列说法正确的是（）A．此交流电的频率为100Hz B．此发电机电动势的有效值为20V C．当线圈平面转到图示位置时产生的电流为0 D．当线圈平面转到图示位置时磁通量的变化率最大【考点】交变电流的峰值、有效值、平均值和瞬时值；交流发电机及其产生交变电流的原理；交变电流的图像和函数表达式．【答案】D【分析】线圈在磁场中转动产生感应电动势，根据瞬时感应电动势的表达式判断出产生的感应电动势的最大值和角速度，即可求得有效值和频率，明确中性面的特点即可判断产生的感应电动势的大小和磁通量的变化率，根据右手定则判断出电流方向。【解答】解：A、根据e＝20sin100πt（V）可知交流电的角速度ω＝100πrad/s故交流电的频率f＝B、根据e＝20sin100πt（V）可知交流电压的最大值为Em＝20V，交流电的有效值E＝故B错误；CD．当线圈平面转到图示位置时处于与中性面垂直的位置，易知磁通量的变化率最大，产生的电流最大，故C错误，D正确。故选：D。21．（2分）某同学根据查阅到的某种热敏电阻的R﹣t特性曲线（如图1），设计了图2所示的恒温箱温度控制电路。图2中，Rt为热敏电阻，R1为可变电阻，控制系统可视作R＝200Ω的电阻，电源的电动势E＝9.0V，内阻不计。当通过控制系统的电流小于2mA时，加热系统将开启，为恒温箱加热；当通过控制系统的电流等于2mA时，加热系统将关闭。下列说法正确的是（）A．若要使恒温箱内温度保持20℃，应将R1调为500Ω B．若要使恒温箱内温度升高，应将R1增大 C．若恒温箱内温度降低，通过控制系统的电流将增大 D．保持R1不变，通过控制系统的电流大小随恒温箱内的温度均匀变化【考点】闭合电路的欧姆定律．【答案】B【分析】根据闭合电路欧姆定律求出电路中总电阻，从而确定R1的阻值；明确恒温箱原理，从而确定如何调节滑动变阻器；根据闭合电路欧姆定律确定电流大小随恒温箱的温度变化规律。【解答】解：A．根据闭合电路欧姆定律可知，控制系统的电流等于2mA时，电路中的总电阻；由图1可知，20℃热敏电阻的阻值为Rt1＝4000Ω，若要使恒温箱内温度保持20℃，应将R1调为4500Ω﹣4000Ω﹣200Ω＝300Ω，故A错误；B．由于加热系统关闭的电流临界值2mA一定，即加热系统关闭的电路中临界的总电阻始终4500Ω。可知若要使恒温箱内保持的温度值升高，即热敏电阻的阻值减小，则必须使R1增大，故B正确；C．若恒温箱内温度降低，热敏电阻阻值增大，根据闭合电路欧姆定律可知，通过控制系统的电流减小，故C错误；D．根据图1可知，恒温箱内的温度与热敏电阻的阻值成线性关系，通过控制系统的电流I＝可知，通过控制系统的电流大小与热敏电阻的阻值不是线性关系，即保持R1不变，通过控制系统的电流大小随恒温箱内的温度不是均匀变化，故D错误。故选：B。二、不定项选择题（本题共10小题，每题2分，共20分。在每小题给出的4个选项中，至少有一项是符合题意的，选对的得2分，选不全的得1分，有选错或不答的得0分。）（多选）22．（2分）关于电磁场和电磁波，下列叙述中正确的是（）A．变化的电场能够产生磁场，变化的磁场也能够产生电场 B．电磁波和机械波都只能在介质中传播 C．电磁波在空间传播时，电磁能也随着一起传播 D．电磁波为横波【考点】电磁波的产生；电磁场．【答案】ACD【分析】根据麦克斯韦电磁场理论知变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场；电磁波的传播不需要介质，机械波的传播需要介质；电磁波的传播过程，也是能量的传递过程；电磁波是横波。【解答】解：A．根据麦克斯韦电磁理论，可知变化的电场能够产生磁场，变化的磁场也能够产生电场，故A正确；B．机械波只能在介质中传播，电磁波的传播不需要介质，电磁波在介质中可以传播，也可以在真空中传播，故B错误；C．电磁波的传播过程，也是能量的传递过程，所以电磁波在空间传播时，电磁能也随着一起传播，故C正确；D．因为电磁波伴随的电场方向、磁场方向、传播方向三者互相垂直，因此电磁波是横波，故D正确。故选：ACD。（多选）23．（2分）一封闭容器中装有一定质量的理想气体，容器壁与外界没有热量交换，当气体被压缩时，下列说法正确的是（）A．气体压强增大 B．气体对外界做正功 C．气体内能不变 D．气体温度增加【考点】热力学第一定律及其应用；理想气体及理想气体的状态方程．【答案】AD【分析】根据热力学第一定律以及理想气体状态方程联立分析即可解答。【解答】解：根据题意分析，当气体被压缩时，外界对气体做功，即W＞0，因容器壁与外界没有热量交换，由此可知Q＝0，根据热力学第一定律ΔU＝W+Q，分析可知ΔU＞0，因此气体内能增加，温度升高，又根据可知，V减小，T变大，则可知压强p变大；故AD正确，BC错误；故选：AD。24．（2分）关于热学知识的理解，下列说法中正确的是（）A．单晶体的某些物理性质呈现各向异性 B．雨水没有透过雨伞是因为水和伞的不浸润现象 C．太空舱完全失重状态下，将不会产生毛细现象 D．液体表面张力产生的原因是液体表面层分子间距离比较大，分子力表现为斥力【考点】毛细现象；分子间的作用力；晶体和非晶体；液体的表面张力．【答案】A【分析】单晶体的某些物理性质具有各向异性，而多晶体和非晶体是各向同性的；根据浸润与不浸润以及毛细现象解答；凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力。【解答】解：A．根据单晶体的特点，可知单晶体的某些物理性质呈现各向异性，故A正确；B．雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力，从而不会透过雨伞，故B错误；C．毛细现象是因为液体的表面张力的原因，不是受到重力原因，太空舱完全失重状态下，也会产生毛细现象，故C错误；D．液体表面张力产生的原因是液体表面层分子间距离比较大，分子力表现为引力，故D错误。故选：A。（多选）25．（2分）如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程到达状态b，再经过等温过程到达状态c，直线ac过原点。则气体（）A．在状态c的压强等于在状态a的压强 B．在状态b的压强小于在状态c的压强 C．在b→c的过程中内能保持不变 D．在a→b的过程对外做功【考点】理想气体及理想气体的状态方程；热力学第一定律及其应用．【答案】AC【分析】一定质量的理想气体内能取决于温度，根据图线分析气体状态变化情况，根据W＝pΔV判断做功情况。【解答】解：AB.根据可知，因直线ac过原点，则在状态c的压强等于在状态a的压强，b点与原点连线的斜率小于c点与原点连线的斜率，可知在状态b的压强大于在状态c的压强，故A正确，B错误；C.在b→c的过程中温度不变，则气体的内能保持不变，故C正确；D.在a→b的过程中，气体的体积不变，则气体不对外做功，故D错误。故选：AC。（多选）26．（2分）把一个具有球面的平凸透镜平放在平行透明玻璃板上（如图所示）．现用单色光垂直于平面照射，在装置的上方向下观察，可以看到干涉条纹，那么关于两束干涉光及干涉条纹的说法正确的是（）A．两束干涉光是a，b面反射形成的 B．干涉条纹是中央疏边缘密的同心圆 C．两束干涉光是b，c面反射形成的 D．干涉条纹中是中央密边缘疏的同心圆【考点】光的双缝干涉．【答案】BC【分析】将一曲率半径相当大的平凸玻璃透镜放在一平面玻璃的上面，则在两者之间形成一个厚度随直径变化的空气薄膜．空气薄膜的等厚干涉条纹是一组明暗相间的同心环．该干涉条纹最早被牛顿发现，所以称为牛顿环．【解答】解：A、由图可知，空气薄层是两个反射面，所以可以得到，两束干涉光是图中b、c面反射形成，A错误；B、空气薄层厚度不是均匀增加，而是越向外越厚，所以干涉条纹不是疏密均匀的同心圆，越向外越密，故B正确；C、由图可知，空气薄层是两个反射面，所以可以得到，两束干涉光是图中b、c面反射形成，故C正确；D、空气薄层厚度不是均匀增加，而是越向外越厚，所以干涉条纹不是疏密均匀的同心圆，越向外越稀疏，故D错误；故选：BC。（多选）27．（2分）如图甲所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为55：6，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与负载电阻R相连。若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是（）A．变压器输入电压的最大值是220V B．若电流表的示数为0.50A，变压器的输入功率是12W C．原线圈输入的正弦交变电流的频率是50Hz D．电压表的示数是24V【考点】变压器的构造和原理；电功和电功率；交变电流的图像和函数表达式．【答案】BC【分析】由图乙可知交流电压最大值Um＝220V，由变压器原理可得变压器输入电压大小，再根据功率公式求出输出功率即可明确输入功率；知道变压器不改变交流电的频率。【解答】解：A、由图乙可知交流电压最大值Um＝220V；故A错误；B、输入电压的有效值为220V，根据变压器电压与匝数成正比知电压表示数为U＝V＝24V，电压表的示数是24V．流过电阻中的电流为0.5A，变压器的输入功率是：P入＝P出＝UI＝24×0.5W＝12W．故B正确；C、变压器不改变频率，由图乙可知交流电周期T＝0.02s，可由周期求出正弦交变电流的频率是50Hz，故C正确；D、电压表的示数为24V；故D错误；故选：BC。（多选）28．（2分）下列所示的图片、示意图大都来源于课本，关于这些图的判断中，准确无误的是（）A．甲图是小孔衍射的图样，乙图为“泊松亮斑” B．甲图为“泊松亮斑”，乙图是小孔衍射的图样 C．丙图是双缝干涉图样，丁图是单缝衍射图样 D．丙图是单缝衍射图样，丁图是双缝干涉图样【考点】光的双缝干涉；光的衍射．【答案】AC【分析】明确小孔衍射和泊松亮斑的形状，同时知道单缝衍射条纹中间宽、两边窄，呈现不等间距．双缝干涉条纹等宽、等间距。【解答】解：AB、由条纹形状可知，甲图是小孔衍射的图样，乙图为“泊松亮斑”，故A正确，B错误；CD、丙图是等宽、等间距的条纹，故丙是双缝干涉图样，丁图是不均匀条纹，故为单缝衍射图样，故C正确，D错误。故选：AC。（多选）29．（2分）一定质量的理想气体，其压强p与体积V的关系图像如图所示。下列说法正确的是（）A．A→B的过程中，从外界吸收热量 B．B→C的过程中，从外界吸收热量 C．气体经历A→B→C→A再回到最初的A状态的整个过程中，从外界吸收热量大于向外界放出的热量 D．如果气体通过经历A→C→B→A再回到最初的A状态，与经历A→B→C→A回到最初A状态相比，与外界的热传递相同【考点】热力学第一定律及其应用；气体的等压变化及盖﹣吕萨克定律；气体的等容变化及查理定律；热力学图像类问题．【答案】AC【分析】根据等压变化以及热力学第一定律即可分析；根据等容变化规律以及热力学第一定律即可分析；根据气体做功公式W＝pΔV，再结合热力学第一定律即可分析CD选项。【解答】解：A．A→B的过程为等压变化，根据盖﹣吕萨克定律，体积增大，则温度升高，根据热力学第一定律ΔU＝W+Q，由于体积增大，气体对外做功，W＜0，温度升高，内能增大，即ΔU＞0，可知Q＞0，即A→B的过程中，气体从外界吸收热量，故A正确；B．B→C的过程为等容变化，体积不变，根据查理定律压强减小，则温度降低，根据热力学第一定律ΔU＝W+Q，由于体积不变，气体不做功，即W＝0，温度降低，内能减小，ΔU＜0，可知Q＜0，即B→C的过程中，气体向外界释放热量，故B错误；C．气体从A→B→C过程，气体对外做功，则有W1＝﹣pA（VC﹣VA），气体从C→A的过程，外界对气体做功，则有，由于p﹣V图像的面积表示气体做功，则气体经历A→B→C→A再回到最初的A状态的整个过程中，可知，回到初始位置，温度不变，总内能不变，由于全程气体对外做功，根据热力学第一定律ΔU＝W+Q可知，全过程气体吸收热量，结合上述可知，全过程从外界吸收热量大于向外界放出的热量，故C正确；D．如果气体通过经历A→C→B→A再回到最初的A状态，根据上述可知，气体从A→C的过程中，气体对外界做功，则有，气体从A→B→C过程中，外界对气体做功，则有W5＝pA（VC﹣VA），由于p﹣V图像的面积表示气体做功，则气体经历A→C→B→A再回到最初的A状态的整个过程中，可知，回到初始位置，温度不变，总内能不变，由于全程外界对气体做功，根据热力学第一定律ΔU＝W+Q可知，全过程气体释放热量，可知气体通过经历A→C→B→A再回到最初的A状态，与经历A→B→C→A回到最初A状态相比，与外界的热传递不相同，故D错误。故选：AC。（多选）30．（2分）一台发电机最大输出功率为4000kW，电压为4000V，经变压器T1升压后向远方输电。输电线路总电阻R＝1kΩ．到目的地经变压器T2降压，负载为多个正常发光的灯泡（220V、60W）。若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的耗损可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则（）A．T1原、副线圈电流分别为103A和20A B．T2原、副线圈电压分别为1.8×105V和220V C．T1和T2的变压比分别为1：50和40：1 D．有6×104盏灯泡（220V、60W）正常发光【考点】变压器的构造和原理．【答案】ABD【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得输电线和用电器消耗的功率的大小。由于降压变压器的负载能正常工作，则可算出降压变压器的原线圈的匝数之比，同时能确定接入多少个灯泡才正常发光。【解答】解：由P＝UI可得，升压变压器输入电流由得，升压变压器的输出电流故A正确。由得，①根据得，升压变压器的输出电压输电线上的电压损失降压变压器的输入电压V③用户得到的电压即为降压变压器的输出电压U4＝220V④由③④可知B正确。降压变压器的匝数比②由①②知C错误用户得到的功率P3＝P2﹣10%P2＝0.9×4000KW＝3600KW可供灯泡正常发光的盏数故D正确。故选：ABD。（多选）31．（2分）一个LC振荡电路，某时刻其电流方向以及AB两极板电荷分布情况如图1所示，规定顺时针为电流的正方向，对该时刻电流、电场能、磁场能作出的判断正确的是（）A．电流可能处于图2中0﹣t1内的某一位置 B．电流可能处于图2中t1﹣t2内的某一位置 C．磁场能正在增加 D．电场能正在增加【考点】LC振荡电路分析．【答案】BD【分析】LC振荡电路放电时，电场能转化为磁场能，电路电流增大；LC振荡电路充电时，磁场能转化为电场能，电路电流减小；根据图示图象分析清楚电磁振荡过程，然后答题。【解答】解：电流沿顺时针方向，电流方向为正方向，电容器上极板带正电，所以该状态处于电容器充电状态，电路中电流减小，磁场能减小，由能量守恒定律知，电场能增加，故AC错误，BD正确。故选：BD。三、实验题（本题共3小题，每空2分，共18分。）32．（4分）某同学做“用油膜法估测分子的大小”的实验。（1）将n滴油酸酒精溶液滴入量筒，测得体积为V0，将该溶液滴一滴到水面上，稳定后成油膜的面积为S。已知500mL油酸酒精溶液中含有纯油酸1mL，则油酸分子直径大小表达式为d＝。（2）该同学做完实验后，发现自己所测的分子直径d明显偏大。出现这种情况的原因可能AC。A.将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算B.油酸酒精溶液长时间放置，酒精挥发使溶液的浓度发生了变化C.水面上子痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开D.计算油膜面积时，将不完整的方格作为完整方格处理【考点】用油膜法估测油酸分子的大小．【答案】（1）；（2）AC【分析】（1）根据d＝进行推导，纯油酸的体积V等于油酸酒精溶液的体积乘以浓度；（2）根据推导出的直径表达式判断出错的原因。【解答】解：（1）每滴油酸酒精溶液所含纯油酸的体积为V＝＝油酸分子直径大小为：d＝＝（3）A、将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算，体积测量偏大，分子直径偏大，故A正确；B、油酸酒精溶液长时间放置，酒精挥发使溶液的浓度变大，使用原浓度计算使体积测量偏小，分子直径偏小，故B错误；C、水面上痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开，油膜面积测量偏小，分子直径偏大，故C正确；D、计算油膜面积时，将不完整的方格作为完整方格处理，油膜面积测量偏大，分子直径偏小，故D错误。故选：AC。故答案为：（1）；（2）AC33．（6分）现用如图所示双缝干涉实验装置来测量光的波长。（1）在组装仪器时单缝和双缝应该相互平行放置。（选填“垂直”或“平行”）（2）某同学调整手轮使测量头的分划板中心刻线与某亮纹中心对齐，并将该亮纹定为第1条亮纹，此时测量头上游标卡尺的读数为x1；接着再同方向转动手轮，使分划板中心刻线与第n条亮纹中心对齐，此时测量头上游标卡尺的读数为x2。已知双缝间距d，测得双缝到毛玻璃屏的距离L，所测光的波长的表达式λ＝。（3）为减小误差，该实验并未直接测量相邻亮条纹间的距离Δx，而是先测量n个条纹的间距再求出Δx。下列实验采用了类似方法的有C。A.《探究两个互成角度的力的合成规律》的实验中合力的测量B.《探究弹簧弹力与形变量的关系》实验中弹簧形变量的测量C.《用单摆测重力加速度》实验中单摆周期的测量【考点】用双缝干涉测量光的波长；验证力的平行四边形定则．【答案】（1）平行；（2）；（3）C。【分析】（1）根据实验原理，单缝与双缝相平行；（2）根据条纹宽度求解相邻亮条纹之间的距离；根据双缝干涉条纹间距公式求解作答；（3）本实验采用的是累积放大测量取平均值，逐项分析作答。【解答】解：（1）在组装仪器时单缝和双缝应该相互平行放置，这样才能在屏上出现清晰的明暗相间的条纹；（2）相邻亮条纹之间的距离根据双缝干涉条纹间距公式联立解得测光的波长为；（3）A.《探究两个互成角度的力的合成规律》的实验中合力的测量，采用等效替代的方法，故A错误；B.《探究弹簧弹力与形变量的关系》的实验中弹簧形变量的测量，采用多次测量求平均值的方法，故B错误；C.《用单摆测重力加速度》的实验中单摆的周期的测量，采用的放大测量取平均值的方法，故C正确。故选：C。故答案为：（1）平行；（2）；（3）C。34．（8分）某同学用如图所示装置探究气体等温变化的规律，该同学按如下操作步骤进行实验：a．将注射器活塞移动到空气柱体积适中的位置，用橡胶塞密封注射器的下端，记录此时压力表上显示的气压值和压力表刻度尺上显示的空气柱长度b．用手握住注射器前端，开始缓慢推拉活塞改变气体体积；c．读出此时压力表上显示的气压值和刻度尺上显示的空气柱长度d．重复b、c两步操作，记录6组数据，作p﹣V图。（1）关于该同学在实验操作中存在的不当及其原因，下列叙述中正确的是A。A．实验过程中手不能握注射器前端，以免改变了空气柱的温度B．应该以较快的速度推拉活塞来改变气体体积，以免操作动作慢使空气柱的质量发生改变（2）实验室中有容积为5mL和20mL的两种注射器供选择，为能用较小的力作用在活塞上使气体体积发生明显变化，选用容积为5mL的注射器更合适；实验中为了找到气体体积与压强的关系不需要（选填“需要”或“不需要”）测出空气柱的横截面积。（3）通过绘制的p﹣V图像，该同学猜测：空气柱的压强跟体积成反比。你能够通过图像直观地帮助该同学检验这个猜想吗？请简要说明你的方案。【考点】理想气体的实验规律；理想气体及理想气体的状态方程．【答案】（1）A；（2）5，不需要；（3）见解析。【分析】（1）根据实验原理掌握正确的实验操作；（2），横截面积小，用相同的力，产生较大的压强。（3）根据一定质量的理想气体的状态方程结合图像设计方案。【解答】解：（1）A．实验过程中手不能握注射器前端，以免改变了空气柱的温度，使气体发生的不是等温变化，故A正确；B．应该以较慢的速度推拉活塞来改变气体体积，以免操作动作快使空气柱的温度发生改变，故B错误。故选：A。（2）由于注射器长度几乎相同，容积为5mL注射器，横截面积小，用相同的力，产生较大的压强，使体积变化明显。由于横截面积不变，只要知道空气柱长度之间的关系，就可以得到体积之间的关系，从而找到体积与压强之间的关系，因此不需要测出空气柱的横截面积。（3）以压强p为纵坐标，以体积的倒数为横坐标，把实验中采集的各组数据在坐标纸上描点。若图像中的各点位于过原点的同一条直线上，就说明压强跟体积的倒数成正比，即压强与体积成反比。故答案为：（1）A；（2）5，不需要；（3）见解析。四、计算题（本题共3小题，共20分。要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位，重力加速度