湖北省黄州中学(黄冈市外国语学校)2023-2024学年高二上学期入学综合监测收心考试物理试题

2023-2024学年湖北省黄冈市黄州中学（黄冈外国语学校）高二（上）入学物理试卷一．选择题（共7小题）1．关于库仑定律，下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷、点电荷其实就是体积最小的带电体 B．根据F＝k，当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向于无穷大 C．所带电荷量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，A、B受到的静电力大小相等 D．库仑定律也适用于计算电荷分布不均匀的球体间的库仑力2．三个相同的金属小球a、b和c，原来c不带电，a和b带等量异种电荷，相隔一定距离放置（两球距离远大于球的半径），a、b之间的静电力为F．现将c球分别与a、b接触后拿开，a、b距离不变，则a、b之间的静电力将变为（）A．F B． C． D．3．如图所示，一个枕形导体AB原来不带电，将它放在一个负点电荷的电场中，点电荷的电荷量为Q，与AB中心O点的距离为R。由于静电感应，在导体A、B两端分别出现感应电荷。当达到静电平衡时，说法正确的是（）A．导体A端电势低于B端电势 B．将一个正电荷从B点沿着枕形导体表面移动到A点，正电荷受到的静电力做负功 C．导体中心O点的场强为，方向水平向右 D．枕形导体两端的感应电荷在O点产生感应电场强度，方向水平向左4．如图为某一电场的电场线和等势面分布，其中图中实线表示电场线，虚线表示过a、c两点的等势面，电势分别为φa＝50V，φc＝20V那么a、c连线的中点b的电势φb为（）A．φb＝35V B．φb＞35V C．φb＜35V D．上述情况都有可能5．关于电势、电势差和电势能，下列说法中正确的是（）A．电势差和电势一样，是相对量，与零点的选择有关 B．正电荷从A点移到B点时，其电势能增加，A点的电势一定较低 C．正电荷沿电场线移动，其电势能一定增加 D．某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零6．如图所示为某电场中x轴上电势φ随x变化的图像，一个带电粒子仅受静电力作用在x＝0处由静止释放，沿x轴正方向运动，且以一定的速度通过x＝x2处，则下列说法正确的是（）A．x1和x2处的电场强度均为零 B．x1和x2之间的场强方向相同 C．粒子从x＝0到x＝x2过程中，加速度先减小后增大 D．粒子从x＝0到x＝x2过程中，电势能先增大后减小7．如图所示，在光滑的水平面上有一辆平板车。开始时人、锤和车都处于静止状态。人站在车左端，且始终与车保持相对静止，人抡起锤敲打车的左端，每当锤打到车左端时都立即与车具有共同速度。在连续的敲打的过程中，下列说法正确的是（）A．小车将持续地向右运动 B．锤、人和车组成的系统机械能守恒 C．每次锤被向左抡到最高点的时刻，人和车的速度都向右 D．每当锤打到车左端的时刻，人和车立即停止运动二．多选题（共3小题）（多选）8．用如图所示实验装置探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，电容器带电后与电源断开。下列说法中正确的有（）A．上移左极板，静电计指针张角变小 B．右移左极板，静电计指针张角变大 C．在两极板间插入一课本，静电计指针张角变小 D．若教室内空气湿度较大，则实验现象不明显（多选）9．如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子的质量之比为1：2：3，电荷量之比为1：1：1，三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）A．三种粒子打到屏上时的速度一样大 B．偏转电场E2对三种粒子做功一样多 C．三种粒子一定打到屏上的同一位置 D．三种粒子运动到屏上所用时间相同（多选）10．一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒击打后，反向水平飞回，速度的大小为45m/s。球棒与垒球的作用时间为0.002s。则（）A．垒球的动量变化量大小为3.6kg•m/s B．垒球的动量变化量大小为12.6kg•m/s C．球棒对垒球的平均作用力大小为6300N D．球棒对垒球的平均作用力大小为1800N三．实验题（共2小题）11．如图所示为多用电表的刻度盘。若选用倍率为“×100”的欧姆挡测电阻时，表针指示如图所示，则：（1）所测电阻的阻值为Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是（选填“×10”、“×100”或“×1k”）。（2）用此多用电表进行测量，当选用量程为50mA的直流电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为mA．当选用量程为250mA的直流电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为mA。12．（1）如图所示，螺旋测微器的示数为mm；游标卡尺的示数为cm．（2）在“测定金属的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：A．电压表V1（量程3V，内阻约为15kΩ）B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ）C．电流表A1（量程3A，内阻约为0.2Ω）D．电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω）E．变阻器R1（0～100Ω，0.6A）F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）G．电池E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）H．开关S，导线若干①为提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材除G、H外，还有．（填选项代码）②为减小实验误差，应选用下图中（填“（a）”或“（b）”）为该实验的电路图．此接法的测量值真实值（填“大于”、“等于”或“小于”）③若两电表的示数分别如图所示，则电阻值为Ω．（计算结果取两位有效数字）三．计算题（共3小题）13．在列车编组站里，一辆m1＝2×104kg的货车在平直轨道上以v1＝1.8m/s的速度运动，碰上一辆m2＝2.2×104kg的静止的货车，它们碰撞后接合在一起继续运动，求运动的速度．14．如图所示，真空中两个相同的小球带有等量同种电荷，质量均为0.1g，分别用10cm长的绝缘细线悬挂于绝缘天花板的一点，当平衡时B球偏离竖直方向60°，A球竖直悬挂且与墙壁接触，g＝10m/s2，求：（1）两个小球所带电荷量；（2）墙壁受到的压力；（3）每条细线的拉力．15．如图所示，长L＝0.20m的丝线的一端拴一质量为m＝1.0×10﹣4kg、带电荷量为q＝+1.0×10﹣6C的小球，另一端连在一水平轴O上，整个装置处在竖直向上的匀强电场中，电场强度E＝2.0×103N/C．现将小球拉到与轴O在同一水平面的A点上，然后给小球一个竖直向上的初速度v0，使小球可在竖直面内做圆周运动，取g＝10m/s2．求：（1）v0的最小值；（2）当v0取最小值时，求小球通过最高点时，丝线对小球的拉力大小．

2023-2024学年湖北省黄冈市黄州中学（黄冈外国语学校）高二（上）入学物理试卷参考答案与试题解析一．选择题（共7小题）1．关于库仑定律，下列说法正确的是（）A．库仑定律适用于点电荷、点电荷其实就是体积最小的带电体 B．根据F＝k，当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向于无穷大 C．所带电荷量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，A、B受到的静电力大小相等 D．库仑定律也适用于计算电荷分布不均匀的球体间的库仑力【考点】库仑定律．【答案】C【分析】真空中静止的点电荷，库仑力与两点电荷的电量乘积成正比，与间距的平方成反比；当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷。【解答】解：A、库仑定律适用于真空中静止的点电荷，点电荷并不是体积最小的带电体，故A错误；B、当两个带电体间的距离趋近于零时，两带电体不能看作点电荷，公式F＝k不再适用，库仑力不会趋向于无穷大，故B错误；C、所带电荷量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，A、B受到的静电力是作用力与反作用力，它们大小相等，故C正确；D、如果电荷分布不均匀的球体可以看作点电荷，可以用库仑定律计算球体间的库仑力，如果电荷分布不均匀的球体不能看作点电荷，则不能用库仑定律计算两球体间的库仑力，故D错误。故选：C。2．三个相同的金属小球a、b和c，原来c不带电，a和b带等量异种电荷，相隔一定距离放置（两球距离远大于球的半径），a、b之间的静电力为F．现将c球分别与a、b接触后拿开，a、b距离不变，则a、b之间的静电力将变为（）A．F B． C． D．【考点】库仑定律．【答案】D【分析】根据库仑定律解题。知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分。【解答】解：假设a带电量为Q，bB带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是：F＝k第三个不带电的金属小球c与Aa触后，a和c的电量都为Q，c与b接触时先中和再平分，则c、b分开后电量均为﹣Q，这时，a、b两球之间的相互作用力的大小：F′＝k＝；故D正确，ABC错误；故选：D。3．如图所示，一个枕形导体AB原来不带电，将它放在一个负点电荷的电场中，点电荷的电荷量为Q，与AB中心O点的距离为R。由于静电感应，在导体A、B两端分别出现感应电荷。当达到静电平衡时，说法正确的是（）A．导体A端电势低于B端电势 B．将一个正电荷从B点沿着枕形导体表面移动到A点，正电荷受到的静电力做负功 C．导体中心O点的场强为，方向水平向右 D．枕形导体两端的感应电荷在O点产生感应电场强度，方向水平向左【考点】静电平衡现象；电场强度与电场力；电势能与电场力做功的关系；电势．【答案】D【分析】当放在电场中的导体达到静电平衡时，导体是等势体，导体表面是等势面，导体内部各点的场强为零，即各点的感应电荷的电场与外界电场都是等大反向的关系。【解答】解：AB、当达到静电平衡时，导体是等势体，故导体A端电势等于B端电势，将一个正电荷从B点沿着枕形导体表面移动到A点，静电力不做功，故AB错误；C、当达到静电平衡时导体内部各点场强处处为零，故导体中心O点的场强为0，故C错误；D、导体内部各点的合场强为零，则导体中心O点的场强为零，故感应电荷在O点的产生场强与点电荷﹣Q在O点的场强等大反向，大小为，方向向左，故D正确。故选：D。4．如图为某一电场的电场线和等势面分布，其中图中实线表示电场线，虚线表示过a、c两点的等势面，电势分别为φa＝50V，φc＝20V那么a、c连线的中点b的电势φb为（）A．φb＝35V B．φb＞35V C．φb＜35V D．上述情况都有可能【考点】电势；电场线．【答案】C【分析】根据电场强度与电势差的关系：U＝Ed．d相同时，电场强度大的地方，电势差也大，电场强度小的地方，电势差也小．根据点电荷场强分布的特点，判断ab间、bc间的场强大小，从而可以判断ab间、bc间处的电势差的大小，进一步计算b点的电势大小．【解答】解：根据电势差与场强的关系：U＝Ed可知在d相同的情况下，E越大，U也越大。由电场线的疏密可知ab间的场强大于bc间的场强，所以：Uab＞Ubc；即φa﹣φb＞φb﹣φc，50V﹣φB＞φB﹣20V所以φb＜35V。故选：C。5．关于电势、电势差和电势能，下列说法中正确的是（）A．电势差和电势一样，是相对量，与零点的选择有关 B．正电荷从A点移到B点时，其电势能增加，A点的电势一定较低 C．正电荷沿电场线移动，其电势能一定增加 D．某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零【考点】电势能与电场力做功的关系；电势；电势差．【答案】B【分析】电势差和电势一样，是相对量，与零点的选择无关；电场力对电荷做的功做负功，电势能增大，电势一定增大；正电荷沿电场线移动，其电势能一定减小；电场强度与电势没有直接关系。电场强度为零，电势不一定为零。电势为零，电场强度也不一定为零。电场强度越大的地方，电势不一定高。顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小。【解答】解：A、电势差和电势一样，是相对量，电势的大小与零点的选择有关，而电势差的大小与零点的选择无关。故A错误；B、正电荷从A点移到B点时，其电势能增加，电场力对电荷做的功做负功，电荷运动的方向为逆着电场线的方向，所以A点的电势一定较低。故B正确；C、正电荷沿电场线移动，电场力的方向与电荷移动的方向相同，电场力做正功，其电势能一定减小。故C错误；D、电场强度与电势没有直接关系。电场强度为零，电势不一定为零，检验电荷在该点的电势能不一定为零。故D错误。故选：B。6．如图所示为某电场中x轴上电势φ随x变化的图像，一个带电粒子仅受静电力作用在x＝0处由静止释放，沿x轴正方向运动，且以一定的速度通过x＝x2处，则下列说法正确的是（）A．x1和x2处的电场强度均为零 B．x1和x2之间的场强方向相同 C．粒子从x＝0到x＝x2过程中，加速度先减小后增大 D．粒子从x＝0到x＝x2过程中，电势能先增大后减小【考点】电势差与电场强度的关系；电势能与电场力做功的关系；电势．【答案】C【分析】（1）φ﹣x图象的切线斜率表示场强，根据电势的变化可分析场强的方向；（2）由电场力方向与粒子运动方向的关系判断电场力做功正负，从而分析其电势能的变化情况；（3）根据电场强度的变化，判断电场力的变化，来分析加速度的变化。【解答】解：A、φ﹣x图象的切线斜率越大，则场强越大，可知，x1和x2处的电场强度均不为零，故A错误；B、由切线斜率的正负可知，x1和x2之间的场强方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，故B错误；C、由φ﹣x图象的切线斜率表示场强可知，粒子从x＝0到x＝x2过程中，斜率先减小后增大，电场强度先减小后增大，又qE＝ma可知，加速度也先减小后增大，故C正确；D、粒子由x＝0处由静止沿x轴正向运动，表明粒子运动方向与电场力方向同向，电场力先做正功，后来电势减小说明电场力方向发生变化，与运动方向相反，电场力做负功，因此电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误；故选：C。7．如图所示，在光滑的水平面上有一辆平板车。开始时人、锤和车都处于静止状态。人站在车左端，且始终与车保持相对静止，人抡起锤敲打车的左端，每当锤打到车左端时都立即与车具有共同速度。在连续的敲打的过程中，下列说法正确的是（）A．小车将持续地向右运动 B．锤、人和车组成的系统机械能守恒 C．每次锤被向左抡到最高点的时刻，人和车的速度都向右 D．每当锤打到车左端的时刻，人和车立即停止运动【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【答案】D【分析】人、大锤和车组成的系统水平方向上动量守恒，竖直方向动量不守恒，水平方向合动量为零，根据动量守恒定律和能量转化情况进行分析。【解答】解：ACD、把人、大锤和车看成一个系统，系统水平方向不受外力，所以系统水平方向动量守恒。由题知系统的总动量为零，所以用大锤连续敲击车的左端时，由水平方向动量守恒可知大锤向左运动时，小车向右运动；大锤向右运动时，小车向左运动，所以车左右往复运动，不会连续向右运动，每当锤打到车左端时都立即与车具有共同速度，人和车立即停止运动，故AC错误，D正确；B、每当锤打到车左端时都立即与车具有共同速度，系统机械能有损失，可知人和车组成的系统机械能不守恒，故B错误。故选：D。二．多选题（共3小题）（多选）8．用如图所示实验装置探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，电容器带电后与电源断开。下列说法中正确的有（）A．上移左极板，静电计指针张角变小 B．右移左极板，静电计指针张角变大 C．在两极板间插入一课本，静电计指针张角变小 D．若教室内空气湿度较大，则实验现象不明显【考点】电容器的动态分析．【答案】CD【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大。根据电容的决定式C＝分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C＝，分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况。【解答】解：A、根据电容的决定式C＝得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C＝，分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大，故A错误；B、根据电容的决定式C＝得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C＝，分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大，故B错误。C、根据电容的决定式C＝得知，在两极板间插入一课本，ξ增大，电容增大，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C＝，分析可知板间电势差减小，静电计指针的偏角θ变小，故C正确；D、若教室内空气湿度较大，则电容器所带的电量不容易保持，故实验现象不明显，故D正确故选：CD。（多选）9．如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子的质量之比为1：2：3，电荷量之比为1：1：1，三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）A．三种粒子打到屏上时的速度一样大 B．偏转电场E2对三种粒子做功一样多 C．三种粒子一定打到屏上的同一位置 D．三种粒子运动到屏上所用时间相同【考点】带电粒子在电场中的运动综合；动能定理．【答案】BC【分析】由动能定理定理可求得粒子刚进入偏转电场时的速度。粒子进入偏转电场中做类平抛运动，由分位移公式得到粒子在偏转电场中的偏转距离，再由几何关系可明确粒子打在屏上的位置。根据电场力做功W＝Eqy可分析偏转电场对粒子做功大小关系，结合动能定理分析粒子打到屏上时动能关系。【解答】解：C、粒子在加速电场中加速，由动能定理可知：qU1＝mv02﹣0解得：v0＝粒子在加速电场中的运动时间：t1＝＝2L1；粒子在偏转电场中做类平抛运动，运动时间：t2＝＝L2；在偏转电场中竖直分位移：y＝a2t22＝•；联立得y＝，y与q、m无关，所以三种粒子在偏转电场中轨迹重合，离开偏转电场后粒子做匀速直线运动，因此三种粒子一定打到屏上的同一位置。故C正确；AB、三种粒子在偏转电场中的偏转量相同，偏转电场E2对粒子做功：W2＝qE2y，q、E2、y相等，则知偏转电场E2对三种粒子做功也相等，加速电场对粒子做功为W1＝qU1，q和U1相等，根据动能定理可知，三种粒子到达屏时的动能相等，由于三种粒子的质量不同，所以它们的速度不相同，故A错误，B正确；D、离开偏转电场后粒子的运动时间：t3＝＝L3；粒子运动到屏上所用时间t＝t1+t2+t3＝（2L1+L2+L3）；因为不等，所以t不等，故D错误。故选：BC。（多选）10．一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒击打后，反向水平飞回，速度的大小为45m/s。球棒与垒球的作用时间为0.002s。则（）A．垒球的动量变化量大小为3.6kg•m/s B．垒球的动量变化量大小为12.6kg•m/s C．球棒对垒球的平均作用力大小为6300N D．球棒对垒球的平均作用力大小为1800N【考点】动量定理．【答案】BC【分析】根据动量的定义式求解动量的变化，对球棒击球的过程运用动量定理列方程求解作用力大小。【解答】解：AB、以垒球的末速度方向速度正方向，球棒打击垒球的过程中，垒球的动量变化量大小为Δp＝mv'﹣mv＝0.18×45kg•m/s﹣0.18×（﹣25）kg•m/s＝12.6kg•m/s，故A错误，B正确；CD、设球棒对垒球的平均作用力大小为F，以垒球的末速度方向为正方向，对垒球，根据动量定理可得：Ft＝Δp，代入数据解得：F＝6300N，则球棒对垒球的平均作用力大小为6300N，故C正确、D错误。故选：BC。三．实验题（共2小题）11．如图所示为多用电表的刻度盘。若选用倍率为“×100”的欧姆挡测电阻时，表针指示如图所示，则：（1）所测电阻的阻值为1500Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是×1k（选填“×10”、“×100”或“×1k”）。（2）用此多用电表进行测量，当选用量程为50mA的直流电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为30.8mA．当选用量程为250mA的直流电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为154mA。【考点】练习使用多用电表．【答案】见试题解答内容【分析】（1）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近。（2）由图示表盘确定其分度值，然后再读出其示数。【解答】解：（1）用倍率为“×100”的电阻挡测电阻，由图示可知，电阻阻值为：15×100＝1500Ω；多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是×1k。（2）选用量程为50mA的电流挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为1mA，示数为30.8mA。选用量程为250mA的电流挡测量电流时，最小分度为5mA；故则所测电流为154mA；故答案为：（1）1500，×1k；（2）30.8，154。12．（1）如图所示，螺旋测微器的示数为6.127mm；游标卡尺的示数为1.140cm．（2）在“测定金属的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：A．电压表V1（量程3V，内阻约为15kΩ）B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ）C．电流表A1（量程3A，内阻约为0.2Ω）D．电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω）E．变阻器R1（0～100Ω，0.6A）F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）G．电池E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）H．开关S，导线若干①为提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材除G、H外，还有A、D、E．（填选项代码）②为减小实验误差，应选用下图中a（填“（a）”或“（b）”）为该实验的电路图．此接法的测量值小于真实值（填“大于”、“等于”或“小于”）③若两电表的示数分别如图所示，则电阻值为2.4Ω．（计算结果取两位有效数字）【考点】伏安法测电阻；刻度尺、游标卡尺及螺旋测微器的应用．【答案】见试题解答内容【分析】（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数．（2）①根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．②根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后选择实验电路图．③由图示电表读出其示数，然后由欧姆定律求出电阻阻值．【解答】解：（1）由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为6mm，可动刻度示数为12.7×0.01mm＝0.127mm，螺旋测微器示数为6mm+0.127mm＝6.127mm；由图示游标卡尺可知，主尺示数为1.1cm，游标尺示数为8×0.05mm＝0.40mm＝0.040cm，游标卡尺示数为1.1cm+0.040cm＝1.140cm．（2）①电源电动势为3V，则电压表选A，电路最大电流约为I＝＝＝0.6A＝600mA，电流表选择D，为方便实验操作，滑动变阻器选择E．②＝＝5，＝＝300，＞，则电流表应采用外接法，电路图应选择图a所示电路．电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值．③电压表量程为3V，由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为1.2V，电流表量程为600mA＝0.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.5A，电阻阻值R＝＝＝2.4Ω．故答案为：（1）6.127；1.140；（2）①A、D、E；②a；小于；③2.4．三．计算题（共3小题）13．在列车编组站里，一辆m1＝2×104kg的货车在平直轨道上以v1＝1.8m/s的速度运动，碰上一辆m2＝2.2×104kg的静止的货车，它们碰撞后接合在一起继续运动，求运动的速度．【考点】动量守恒定律．【答案】见试题解答内容【分析】两列出碰撞过程系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出碰撞后列车的速度．【解答】解：两列车碰撞过程动量守恒，以M1的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v1＝（m1+m2）v，解得：v＝＝≈0.857m/s；答：碰撞后的速度为0.857m/s．14．如图所示，真空中两个相同的小球带有等量同种电荷，质量均为0.1g，分别用10cm长的绝缘细线悬挂于绝缘天花板的一点，当平衡时B球偏离竖直方向60°，A球竖