福建省宁德市福宁古五校教学联合体2025-2026学年高二上学期11月期中质量检测物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1五校教学联合体2025-2026学年第一学期期中质量监测高二物理试题（考试时间：75分钟试卷总分：100分）注意：1、请在答题卡各题指定的答题区域内作答，本试卷上作答无效2、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）第Ⅰ卷（选择题共40分）一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。1.关于摩擦起电、接触起电、感应起电，下列说法错误的是（）A.这三种方式都产生了电荷B.这是起电的三种不同方式C.这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移D.这三种方式都符合电荷守恒定律【答案】A【解析】根据电荷守恒定律，电荷不能被创造或消灭。摩擦起电通过电子转移使物体带电；接触起电通过电荷重新分配带电；感应起电通过电子重新分布使导体两端带电。三者均未产生新电荷。故选A。2.如图所示，曲线是某电子元件的图线，图线上P点的切线斜率为k，P点的坐标为，则该元件在P点对应的电阻（）A.等于k B.等于 C.等于 D.等于【答案】D【解析】根据欧姆定律可知，与该点切线的斜率无关。故选D。3.在x轴上的O点和A点分别固定有点电荷和点电荷，x轴上O、A点之间各点的电势随x变化的图像如图所示，M为OA的中点，且图线上M点处斜率最小。取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）A.点电荷、都是正电荷B.在x轴上点O、A之间，电场强度的方向沿x轴正方向C.在x轴上点O、A之间，M点的电场强度最小D.一正电荷从M点移动到A点的过程中，电势能逐渐减小【答案】C【解析】C．图线上M点处斜率最小，图像的斜率大小等于电场强度大小，所以点的电场强度最小，故C正确；AB．沿着电场线电势降低且电势有正有负，结合题中图像可知，点电荷带的是负电荷，点电荷带的是正电荷，所以在x轴上点O、A之间，电场强度的方向沿轴负方向，故AB错误；D．一正电荷从M点移动到A点的过程中，由于点到A点电势逐渐升高，所以电势能逐渐增大，故D错误。故选C。4.如图所示，天花板下方固定一个光滑小定滑轮O，在定滑轮的正下方固定一个带正电的小球c，不带电的小球a与带正电的小球b由跨过定滑轮的绝缘轻绳相连，三个小球均可视为质点。开始时系统在图示位置静止，已知。若b球所带的电荷量缓慢减少（未减为零），则在b球到达O正下方前，下列说法正确的是（）A.a球的质量大于b球的质量B.b球的轨迹是一段以c为圆心的圆弧C.点电荷对b球的库仑力逐渐增大D.此过程中滑轮受到轻绳的作用力逐渐变大【答案】D【解析】A．对b球进行受力分析，受到重力mbg和库仑力F库以及轻绳的拉力T，如图所示。由相似三角形对应边比值相等可知同一根轻绳，各处张力相等，T=mag整理可得由于Ob＜OC，因此ma＜mb故A错误；B．由mag不变，可知Ob不变，库仑力减小，bC减小，故球的轨迹是一段以O为圆心的圆弧，故B错误；C．由于qb减小，可知bC也减小，此过程中b球所受库仑力减小且方向改变，故C错误；D．滑轮受到的轻绳的作用力大小均为mag，大小不变，由于bC减小，可知两绳夹角减小，所以滑轮受到两绳的合力增大，故D正确。故选D。二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项是符合题目要求的，漏选得3分，错选不得分。5.如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹。粒子先经过M点，再经过N点。可以判定（）A.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力B.M点的电势高于N点的电势C.粒子在N点的电势能大于在M点的电势能D.粒子带正电【答案】BD【解析】A．在M点电场线较疏，场强较小，即粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力，故A错误；B．沿着电场线方向电势逐渐降低，可知M点电势高于N点的电势，故B正确；D．粒子受到的电场力沿场强切线方向指向轨迹凹侧，如图所示可知电场力与场强方向相同，粒子带正电，故D正确；C．从M到N的过程中，电场力做正功，电势能减小，M点的电势能大于N点的电势能，故C错误；故选BD。6.如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器的滑动端向下滑动的过程中（）A.电路总电阻增大 B.干路的电流减小C.电压表的示数减小 D.电流表的示数减小【答案】CD【解析】ABC．变阻器的滑动端向下滑动的过程中，减小，电路总电阻减小，干路的电流增大，路端电压减小，所以电压表的示数减小，故AB错误，C正确；D．减小，电流表的示数减小，故D正确。故选CD。7.如图所示，平行金属板a、b组成的电容器与电源R连接，电容器中P处固定一个带负电的点电荷，b板接地，现将b板向下移动一小段距离，则稳定后（）A.点电荷所受电场力减小 B.电容器的带电量增加C.P点电势降低 D.点电荷在P处的电势能减小【答案】AD【解析】A．因电容器与电源始终相连，故两板间的电势差不变，b板下移，板间距离d增大，根据可知，板间电场强度E变小，根据可知，点电荷所受电场力变小，故A正确；B．板间距离d增大，根据可知，电容器的电容减小，根据可知，电容器的带电量减小，故B错误；CD．由可知，P与a板的电压减小，而a的电势不变，故P的电势升高，根据，而q为负值，故电势能减小，故C错误，D正确。故选AD。8.如图所示，以O点为圆心，以R=0.2m为半径的圆与坐标轴交点分别为a、b、c、d，该圆所在平面内有一匀强电场，场强方向与x轴正方向成θ角，已知a、b、c三点的电势分别为、4V、，则下列说法正确的是（）A.该匀强电场的场强大小B.电场方向与x轴正方向的夹角C.整个圆周上电势最高为8VD.d点的电势为【答案】BC【解析】A．根据题意可知O点电势为则x方向场强分量大小为y方向场强分量大小为故该匀强电场的场强大小为，故A错误；B．随着电场线方向电势降低，可知Ex沿x轴正方向，Ey沿y轴正方向，则所以，故B正确；C．根据题意可得解得，故C正确；D．在匀强电场中，平行且相等的线段两端电势差相等，则有联立解得，故D错误。故选BC。第Ⅱ卷（非选择题共60分）三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。9.如图，一固定的点电荷右边有一厚度为d的金属球壳，A是金属球壳外表面上的点，B是金属球壳内表面上的点，C是金属球壳内空腔的中心，D是球壳金属中的一点，稳定后，A、B的电势_________（填“>”、“=”或“<”），C、D的电场强度_________（填“>”、“=”或“<”）。【答案】==【解析】[1]达到静电平衡后，金属球壳及内部空腔为一个等势体，A、B两点的电势关系为[2]达到静电平衡后，金属球壳及内部空腔电场处处为零，所以10.如图所示，倾斜放置的平行板电容器两极板与水平面夹角为，带负电的微粒质量为m、带电量为q，从极板M的左边缘A处以初速度水平射入，沿直线运动并从极板N的右边缘B处射出，重力加速度为g，则微粒做_________（“加速”或“减速”）运动，加速度大小等于_________。【答案】减速【解析】[1]由题分析可知，微粒受到重力和电场力，由于微粒沿直线运动，故微粒受到的合外力方向与初速度方向共线且相反，则微粒做减速运动。[2]根据力的合成与分解，加速度大小11.如图所示的电路，A、C间电压U=24V保持不变，R3=36Ω，开关S断开和闭合时，理想电压表的示数分别为8V和6V，则电阻R1=_________Ω，R2=_________Ω。【答案】3618【解析】[1][2]开关S断开时，有当开关S闭合时，有代入数据联立解得，12.图示为研究电容器实验装置。（1）图甲中，电容器充电后与电源断开，B板固定不动、保持A板与B板的距离不变，将A板向上移动一小段距离，静电计指针张角将_________（填“变大”、“变小”或“不变”）。（2）某小组通过实验研究电容器的充放电现象，实验电路如图乙所示，电路中的电流传感器与计算机相连，可以显示电路中电流随时间的变化。图乙中电源电动势为8V，实验前电容器不带电。先将开关S与“1”端相连给电容器充电，充电结束后，将开关S与“2”端相连，直至放电完毕，则图像丙中阴影部分的面积与_________（填“相等”或“不相等”），若计算机测得，则该电容器的电容为_________F。【答案】（1）变大（2）相等【解析】（1）电容器充电后与电源断开，一定；B板固定不动、保持A板与B板的距离不变，将A板向上移动一小段距离，正对面积变小，故变小；变大，所以静电计指针张角将变大。（2）[1]曲线图像与对应时间轴所围成的面积表示电荷量，充电和放电电荷量相等，所以图像丙中阴影部分的面积与相等。[2]电容器两端电压等于电源电动势，有；计算机测得，有则该电容器的电容为13.有一合金制成的圆柱体，粗测该合金的阻值约为二十几欧姆，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度，螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和乙所示。（1）由图读得圆柱体的直径为_________mm，长度为_________cm。若测得流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为_________。（2）已知电压表内阻，电流表内阻约1Ω，要求电压可以从零开始调节，为使实验误差较小，请在丙图框中将电路图补充完整________。【答案】（1）1.0507.14（2）【解析】（1）[1]根据螺旋测微器读数规则，可读出甲图所示圆柱体直径为D=1mm+5.0×0.01mm=1.050mm[2]游标卡尺的最小分度值为0.1mm，圆柱体长度为L=71mm+4×0.1mm=71.4mm=7.14cm[3]由，解得电阻率（2）要求电压可以从零开始调节，滑动变阻器采用分压式接法；该合金的阻值约为二十几欧姆，可得为了尽量提高测量精度，电流表应采用外接法，将电路图补充完整如图14.如图所示，水平地面上方有一个足够大的匀强电场，电场方向水平向右，一个可视为质点的带电小球用轻质绝缘细绳悬挂于O点，小球静止在距地面高度处，此时细绳与竖直方向的夹角。已知小球所带电荷量，匀强电场的场强，取重力加速度，，。求：（1）小球所受电场力F的大小；（2）小球的质量m；（3）剪断细绳，小球落地所需的时间t。【答案】（1）（2）（3）0.5s【解析】（1）小球所受电场力（2）由平衡条件得小球的质量（3）剪断细绳，小球在竖直方向得小球落地所需的时间15.如图所示，直流电源电动势E=5V，定值电阻R=8Ω，电动机的额定电压U=4V，电动机线圈电阻为R0=0.5Ω，闭合开关S，电路稳定后，电动机正常工作，在t=2s的时间内有q=2C的电荷量通过电源，求：（1）电源内阻r；（2）电路稳定后通过电动机的电流IM；（3）电动机正常工作时的输出功率P。【答案】（1）1Ω（2）0.5A（3）1.875W【解析】（1）根据电流的计算公式解得根据闭合电路欧姆定律解得（2）根据欧姆定律可得所以（3）电动机的输入功率为电动机的热功率为所以输出功率为16.如图所示，平行金属极板M和N水平放置，两极板的间距为d，长度为，极板连接恒压电源。半径的光滑绝缘圆弧轨道ABC竖直放置，轨道左侧A点与N极板右端相接触，B为轨道最低点。现有一质量为m、带电量为的小球，从靠近M板左端的P点以一定初速度水平射入，小球恰能从A点沿切线方向无碰撞地进入圆弧轨道。假设小球可视为质点，不计极板边缘效应和空气阻力，重力加速度为g。（1）求小球从P点水平射入时的初速度的大小；（2）求AO与BO的夹角；（3）求小球通过B点时轨道对小球的支持力N的大小；（4）若将电源的正负极对调，同时将N板向下移动距离d，小球仍从P点以相同的初速度水平射入，要使小球依然能够从圆弧轨道的A点沿切线方向无碰撞地进入轨道，求圆弧轨道ABC需要沿水平方向和竖直方向分别移动的距离。【答案】（1）（2）（3）（4），【解析】（1）由分析可知小球在极板间做类平抛运动，设小球在极板间运动的加速度为，时间为，则竖直方向由牛顿第二定律有解得在竖直方向有解得设小球从点水平射入时的初速度为，则水平方向解得（2）小球在电场中运动的轨迹如图所示从P运动到A由类平抛运动的特点可得，解得（3）设小球在A点时的速度大小为，根据几何关系则有小球在B点时的速度大小为，则对小球由运动到由动能定理有代入数据解得小球在B点，根据牛顿第二定律有得（4）若将电源的正负极对调，同时将N板向下移动一段