2025-2026学年高二物理下学期期中模拟卷 【测试范围：人教版选择性必修第二册第1~5章】 （全解全析）

高二物理下学期期中模拟卷（教科版）

（考试时间：75分钟，分值：100分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.测试范围：第】〜5章，教科版选择性必修第二册。

第I卷

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符

合题目要求。

1.下列关于物理学重大历史事件描述合理的是（）

A.法拉第在甲图情境中发现了电流的磁效应，首次建立了电与磁的联系

B.伏特根据乙图提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质

C.丙图是特斯拉根据电磁感应现象制造的最早的圆盘发电机

D.赫兹利用丁图装置捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论

【答案】D

【详解】A.奥斯特在甲图情境中发现了电流的磁效应，首次建立了电与磁的联系，故A错误;

B.安培根据乙图提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质，故B错误；

C.丙图是法拉第根据电磁感应现象制造的最早的圆盘发电机，故C错误；

D.赫兹利用丁图装置捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论，故D正确。

故选Do

1/17

2.如图所示，单匝铜线制成的正方形线框边长为L、电阻为J两端点用导线与阻值为R的

电阻构成回路。整个线框内有与线框平面垂直向里的匀强磁场，磁感应强度3随时间的，的变

化规律满足8=综+后（%>0）。下列说法中正确的是（）

XX

*

XX

XX

A.流经电阻的电流方向由。到力B.回路中的电流增大

C.电阻两端的电压为红2D.，时间内通过电阻的电荷量为K

R+r

【答案】D

【详解】A.由楞次定律可得，正方形线框中感应电流为逆时针方向，故通过H中电流方向为

bid,故A错误；

B.由法拉第电磁感应定律可得，正方形线框中产生的感应电动势E=等=等能

回路中感应电流/=—FJ=*kl?

R+rR+厂

可知电流大小不变，故B错误;

kRJ2

C.R两端电压U=/H=竺生，故C错误;

R+r

k山

D.，时间内通过尺的电荷量g=〃=----,故D正确。

R+r

故选Do

3.如图所示电路中，A］和A?是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确

的是（）

2/17

A.闭合开关S,A?始终比A1亮

B.闭合开关S,A?立即亮，A1逐渐亮

C.断开开关S,A2立即熄灭，A1逐渐熄灭

D.断开开关S的瞬间，通过A1的电流方向反向

【答案】B

【详解】AB.闭合开关S后，A?立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A1的电

流慢慢变大，最后两灯泡的电压一样大，电流也一样大，所以一样亮，故A错误，B正确；

CD.断开开关S后，通过的原来的电流立即消失，A1和A2构成新回路，线圈对电流的

减小7T阻碍作用，所以通过A1的电流会慢慢变小，并旦通过A?,所以两灯泡一起过一会儿熄

灭：但通过A?灯的电流方向与原来的方向相反，因电流未增加不会闪亮一下，故CD错误。

故选Bo

4.某同学受电吉他启发，设计了一个如图所示的电音装置，装置内部安装有线圈，弹性金属

线通有恒定电流（图中箭头所示），弹奏时金属线在线圈所处的平面振动时，线圈中会产生感

应电流，经信号放大器放大后由扬声器发出音乐，下列说法正确的是（）

'、扬声器

信号放二什

大器

K_______/

A.金属线向右振动的过程中，线圈有扩张的趋势

B.金属线向右振动的过程中，金属线所受安培力向左

C.金属线向左振动的过程中，线圈中有逆时针方向的感应电流

D.金属线中通过载有音乐信号的电流时扬声器没有声音

【答案】B

【详解】A.金属线向右振动的过程中，穿过线圈的磁通量增大，根据“增缩减扩”可知线圈有

缩小的趋势，故A错误；

B.金属线向右振动的过程中，根据“来拒去留''可知金属线所受安培力向左，故B正确；

C.金属线向左振动的过程中，穿过线圈的磁通量减小，根据“增反减同”可知线圈的感应电流

3/17

方向为顺时针，故c错误；

D.金属线中通过载有音乐信号的电流时扬声器有音乐声音，故D错误。

故选Bo

5.某同学将一底面半径为厂、高为L的圆柱形绝缘竹笼改造成仓鼠玩具。如图，在竹笼柱面

上平行于轴线固定有一长为人的轻质金属棒，其两端通过导线连接一电阻为R的小灯泡，竹笼

所在区域存在竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。若仓鼠在竹笼中奔跑时，竹笼绕

水平中轴线以角速度。匀速转动，小灯泡电阻视为不变，不计其他电阻，则竹笼转动一圈小灯

泡消耗的电能为（）

2兀①B?匕户兀①1}/兀&BT兀①B?/

A•--------------D•----------------------。•-------D•-------------

RR2R2R

【答案】B

【洋解】根据正弦式交流电产生原理可知，交流电最大值为g“二8。@

E

电压有效值为。=整

竹笼转动一圈小灯泡消耗的电能为E=—x—=兀①

RcoR

故选Bo

6.新能源电动汽车常用交流充电桩进行充电，如图所示为交流充电桩的供电电路，R为输电

线的总电阻。配电设施的输出电压为250V,升压变压器原、副线圈的匝数比为勺：〃2=1：9,

降压变压器原、副线圈的匝数比为〃3：〃4=1°：1，充电桩的输出电压”=220&sinl00R（V）,

功率为7040W,变压器均视为理想变压器，下列说法中正确的是（）

4/17

R

A.交变电流的周期是0.2$

B.充电桩电流的有效值为3.2A

C.，=0时刻，电压表示数为0

D.电压表示数始终是50v

【答案】D

【详解】A.根据充电桩的输出电压表达式可知，69=100^-rad/s

则交流电的周期7=二=奈S=0.02s,故A错误；

CD100万

B.根据充电桩输出电源表达式可知，输出电压的最大值Um=220&V

有效值U=年=多变V=220V

V2V2

P7040

充电桩电流的有效值/二二二=A=32A,故B错误；

U2207

CD.电压表的读数始终为电路有效值，则3=%,^7=—

U%gn}

得［；3=10。=2200V,U2=9U}=2250V

则电阻R两端电压为。.=。2一。3=50V,故C错误，D正确；

故近Do

7.如图，两条“A”形的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，间距为左、右两导轨面与

水平面夹角均为30。，均处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小分别为28和儿将有

一定阻值的导体棒。力、〃放置在导轨上，同时由静止释放，两棒在下滑过程中始终与导轨垂

直并接触良好，cd的质量分别为2根和加，长度均为£。导轨足够长且电阻不计，重力

加速度为g，两棒在下滑过程中（)

5/17

b

AB

A.回路中的电流方向为。激力。

B.中电流趋于叵9

3BL

C.与0d加速度大小之比始终为2:1

D.两棒产生的电动势始终相等

【答案】B

【详解】A.两棒沿各自所在的导轨卜滑过程中，根据右手定则判断，可得回路中的电流方向

为abcda,故A错误；

CD.两棒同时由静止开始沿各自所在的导轨加速下滑，对两棒的受力分析如下图所示:

在两棒加速过程的某一时刻，根据牛顿第二定律得:

对ab棒有：2〃7gsin300・28〃cos30°=2〃74M

对cd棒有：〃7gsin30°-3〃cos30°=m&/

可得：

即在两棒加速过程的任意时刻它们的加速度大小始终相等，因两棒的初速度均为零，故任意时

刻它们的速度大小始终相等。两棒的速度方向与磁场方向的夹角均为120。，可得同一时刻仍

棒产生的电动势为Ffl/,=2^vsinl20°

cd棒产生的电动势为Ee(rBLvsmnO°

可知两棒产生的电动势不相等，故CD错误；

B.在两棒加速过程中，回路的感应电动势为七=邑卢瓦r28人。1]120。+&^出120。

随着速度增大，回路的电动势与感应电流均增大，两棒各自受到安培力增大，两棒做加速度减

小的加速运动，因两棒的加速度大小始终相等，故当两棒的加速度同时减小到零力后均做匀速

6/17

直线运动，达到稳定状态。当两棒均做匀速直线运动时，对〃棒由平衡条件得：

加gsin300=8/〃/cos30°

解得感应电流的最大值为/二」迎

3BL

故在两棒在下滑过程中〃力中电流趋于走整，故B正确。

3BL

故选Bo

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合

题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.关于机械波与电磁波，下列说法中正确的是（）

A.电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率有关

R.电磁波可以发生衍射现象和偏振现象

C.简谐机械波在给定的介质中传播时，振动的频率越高，则波传播速度越大

D.电磁波和机械波从一种介质传播到另一种不同介质时，波长都会发生变化

【答案】BD

【详解】A.电磁波在真空中的传播速度恒为光速与电磁波的频率无关，故A错误；

B.衍射是一切波特有的共性，电磁波作为波可以发生衍射；电磁波是横波，偏振是横波特有

的现象，因此电磁波也可以发生偏振，故B正确；

C.简谐机械波的传播速度仅由介质的性质决定，与波源的振动频率无关，给定介质中波速是

定值，故c错误；

D.波的频率由波源决定，从一种介质进入另一种介质时频率/不变。机械波的波速由介质决

定，介质改变则波速y改变，由u=可知，波长久会变化；电磁波在介质中的波速□二£

n

（"为介质折射率），不同介质折射率不同，因此y改变，/不变，波长几也会变化，故D正

确。

故选BDo

9.某兴趣小组设计了一款金属探测仪，如图所示，探测仪内部的线圈与电容器构成LC振荡

电路，当探测仪检测到金属物体时探测仪线圈的自感系数发生变化，从而引起振荡电路中的电

流频率发牛变化，探测仪检测到这个变化就会驱动蜂鸣器发出声响。已知某时刻，电流的方向

7/17

由人流向。，且电流强度正在增强，则（)

ab

•♦

A.该时刻电容器下极板带正电荷

B.在电流强度增强过程中，线圈的自感电动势在减小

C.若探测仪靠近金属物体，其线圈的自感系数增大，则振荡电流的频率降低

D.若探测仪靠近金属物体，并保持相对静止时，金属中不会产生感应电流

【答案】BC

【详解】A.杲时刻，电流的方向由b流向且电流强度正在增强中，则电容器工处于放电

过程，上极板带正电荷，故A错误；

B.电流强度增强过程中，电流强度增大的越来越慢，则线圈的自感电动势正在减小，故B正

确；

C.探测仪靠近金属物体，相当于给线圈增加了铁芯，所以其自感系数L增大，根据公式

/"京高口欣L

自感系数L增大时振荡电流的频率降低，故C正确;

D.若探测仪靠近金属物体，并保持相对静止，但电流强度正在增大，金属也会产生感应电流,

故D错误。

故选BCo

10.由法拉第电磁感应定律可知，若穿过某截面的磁通量为①二中1^^0L则产生的感应电动

势为。=〃Xl）mCOS〃”。如图所示，竖直面内有一个闭合导线框力C。（由细软弹性电阻丝制

成），端点4、。固定，在以水平线段力。为直径的半圆形区域内，有磁感应强度大小为8、

方向垂直纸面向里的有界匀强磁场，圆的半径为R,导线框的电阻恒定为用两种方式使

导线框上产生感应电流：方式一：将导线上的。点以恒定角速度四（相对圆心。）从力点沿

71

圆弧移动至。点，设，=0时。在力点，？=一时。到。点；方式二：以4。为轴，保持

8/17

ZADC=45°，将导线框从竖直位置以恒定的角速度用转90°，设Z=0时导线框在竖直位置,

71

”迄时转至水平位置。则下列说法正确的是（）

）兀

A.方式一中，导线框中的感应电动势为G=8R~供COSG"0</<一

I口"

B.两种方式中，通过导线截面的电荷量之比为1:1

C.若囚=2牡，则两种方式电阻丝上产生的热量之比为1：2

D.方式一中，问路中的电动势逐渐增大

【答案】AD

【详解】A.方式一中，时间，内CO转过角度为，=。八根据几何知识知线框的面积

S=-2RRsin0=R2sin0

2

磁通量为①=6S=BR2sin6=BR2sin叫

由题意得：导线框中的感应电动势为q=的①“cos。/=8叱。［cos。"，A正确：

—△①△①_

B.根据4=〃=〃----〃-------知：方式一中，A6=0,通过导线截面的电荷量q=。，而

tRR

方式二中，△①。0,通过导线截面的电荷量夕工o,B错误；

C.第二种方式穿过回路的磁通量①2=BR2cos

所产生的电动势为。2=B后外sin

若例二2以,则两种方式所产生的正弦交流电动势的有效值之比为与=刍"=名”=2

七2JBR.①2

由题意知的4=4，CO2t2=

9/17

根据焦耳定律0=/2放，可得弃=4,c错误；

D.方式二中，根据％=8配电sin在，可知，转动过程中回路的电动势逐渐增大，D正确。

第II卷

二、实睑题（16分）

11.一物理兴趣小组利用图示的装置“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”，空中变压器

为可拆式变压器，并且其铁芯是不完全闭合的（不能视为理想变压器），在原线圈或副线圈中,

接0和1时，接入匝数为〃，接0和2时，接入匝数为2〃，依次类推。

（1）（多选）实验还需下列器材中的（填选项前的字母）。

A.交流电流表

B.交流电压表

C.学生交流电源

（2）某次实验中，变压器的原线圈接0和8接线柱，副线圈接0和1接线柱，则此变压器为—

（选填“升”或“降”）压变压器：若副线圈所接电表的示数为2.0V,则所接电源电压可能为—

（填选项前的字母）。

A、18.0VB、10.0VC、5.0VD、2.5V

【答案】⑴BC

（2）降A

【详解】（1）本实验中，变压器的原线圈应接在交流电源上；为了知道原、副线圈的电压比和

线圈匝数比之间的关系，还需要电压表。故学生电源和电压表两个器材不能缺少，B、C项正

确。故选BC。

（2）[1]由于原线圈匝数较多，副线圈匝数较少，可知此变压器为降压变压器；理想变压器原、

U.n,

副线圈电压和匝数的关系为7TL='；

10/17

/7]_8

⑵若变压器的原线圈接0、8接线柱，副线圈接0、1接线柱，则原、副线圈匝数比

1

n,

=8,则原线圈两端电压4=16V,本题中可拆式变压器并非理想变压器，存在漏磁现

象：要使副线圈所接电压表示数为2.0V,则原线圈电压必须大于16V,故选A。

12.在练习使用多用电表的实验中：

-ZL口

©凡

—T

乙

⑴图甲中的力端与(填“红”或“黑”)色表笔相连接。

(2)一多用电表的电阻挡有四个倍率，分别是xl、xlO、xlOO.xlk,用xlOO挡测量某电阻

时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到挡。

(3)重新测量后，指针位于如图甲所示位置，被测电阻的测量值为kQo(保留2位有效

数字)

(4)当图乙所示欧姆表的电池的电动势下降到4.2V、内阻增加了5C时仍可调零，调零后，调

零电阻R的阻值将变(填“大”或“小”)，测得的电阻值将变(填“大”或“小

【答案】(1)黑

(2)xlk

⑶17

(4)小大

【详解】(1)多用电表内部电路中，黑表笔连接内部电源的正极，红表笔连接内部电源的负极,

故4端接黑表笔。

(2)用xlOO挡测量时，表头指针偏转角度很小，说明被测电阻阻值较大，所选倍率偏小，故

应奥到x1k挡。

(3)测量电阻时读最上面一行的刻度线，读数为17,被测电阻的测量值为17xlkQ=17kQ

(4)[1]欧姆调零时，红黑表笔直接接触，调整欧姆挡的调零旋钮，使指针指向0C,此时表

11/17

头G满偏。

IR

设表头G的满偏电流为4，则多用电表的干路电流为/满=44+%

R0

由于4、4、儿不变，调零后干路电流保持不变。

£

又总电阻R总=1

/满

当E减小到4.2V,R总变小。

RR

总电阻尺总=^^Q+厂+R

4+火o

内阻尸增大5。，〃变小。

⑵电动势石和内阻，•未发生改变时，通过表头G的电流

j%_T人&J__/测凡

1则R「明4+&R「Rg+R°

I二E二1二1

此时，干路电流测R总+夫总।r测1।R测

~E~E~E

当E减小到4.2V,内阻，•增大5c时，/满保持不变，?变大，/测变小，通过表头G的电流

E

/变小，表头G的指针偏转变小，测得的电阻值变大。

【点暗】测电阻时，0刻度在最右侧，指针满偏时为0Q,指针偏转越小，测得的电阻值越大。

三、解答题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写

出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13.如图所示为某一新能源动力电池充电的供电电路图.升压变压器副线圈两端接有一理想电

压表，示数L=2500V,升压变压器原、副线圈的匝数比勺：〃2=1：10,降压变压器原、副线

圈的匝数比〃3：%=6:1。充电桩充电时的额定功率P=12kW,额定电压S=400V,变压

器均视为理想变压器.求：

12/17

充

电

桩

升压变压器降压变压器动力电池

(1)升压变压器原线圈两端电压a以及降压变压器原线圈两端电压。3；

⑵通过输电线上的电流4及输电线的总电阻〃；

⑶供电电路的效率

【答案】(l)a=250V,U.=2400V

(2)A=5A,尸=20Q

(3“7=96%

U,n,

【详解】(1)根据理想变压器两端电压与匝数的关系U=

%n2

得以=250V

额定电压S=400V,根据*=&

得4=2400V

(2)充电桩充电时的额定功率尸=12kW,可知降压变压器的输入功率为P=12kW,通过

,P12000一

输电线上的电流4=77=入而■AA=5A

q2400

输电线电压降一。3=100V

输电线的总电阻厂=牛=20C

(3)配电设施的输出功率《=中?=，202=12.5kW

供电电路的效率〃=100%=96%

14.某一具速度选择器的质谱仪原理如图所示。A为粒子加速器，B为速度选择器，磁场与

13/17

电场正交，磁感应强度为力两板间距离为小C为偏转分离器，磁感应强度为为。今有一质

量为用、电荷量为。的正粒子、由静止释放（不计重力），经A加速后，该粒子恰能以速度V

通可速度选择器，粒子进入分离器后做匀速圆周运动。最终打在质谱仪荧光屏上的D点。求:

（1）粒子加速器的加速电压S；

⑵速度选择器两板间电压3；

（3）粒子打在质谱仪上的D点到刚进入磁场比的位置的距离。

【答案】（1）把i

2e

（2）BQ

2777V

⑶苑

【洋解】（1）粒子在加速器中由静止开始加速，根据动能定理，电场力做功等于粒子动能的变

2

化：eUx=l^v-0

2

2

整理得：［/,=—

2e

（2）粒子恰能匀速通过速度选择密，说明电场力与洛伦兹力平衡。速度选择器内电场强度

根据平衡条件：eE=evB1

代入£

a

14/17

得：e牛=?叫

整理得：U.=B.dv

2

(3)粒子进入偏转分离器后，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动：evB.=m—

r

mv

解得圆周运动的轨道半径：厂二一二

eB2

c2mv

由轨迹可知，粒子运动半周后打在D点，所求距离为圆周的直径：x=2r=—

eB2

15,如图所示，两条光滑的足够长的平行金属直导轨々66、。©2。3的间距为”=lm,轨道

1与轨道H的结点处鸟、&为绝缘材料。PR、。©2段的轨道I倾斜放置，与