新疆2026年高三二模高考物理试卷（含答案详解）

2026年新疆高考物理二模试卷

一、单选题：本大题共5小题，共30分。

1.两小球静止在光滑水平面上，它们之间夹着一个被压缩的轻质弹簧。同

时释放两球，在弹簧第一次恢复到原长的过程中（）

A.弹簧对两个小球所做的功相等B.弹簧对两个小球的冲量大小相等

C.任何时刻两个小球的加速度大小都相等D.任何时刻两个小球的速度大小都相等

2.一刚性密闭的导热容器中储有氧气，如图是容器中氧气分子在（TC和io（rc时的速率分布图，卜.列说法正

确的是（）

各速率区间的分子数

占总分子数的百分比

式皤ZZ分子的速率仆~

A.氧气分子的速率分布呈现分子数“两头多、中间少”的规律

B.（TC时，所有氧气分子的速率都在300〜400m/s的区间内

C.100℃lM,在各速率区间氧气分子数占总分子数的百分比都比（TC时大

D.100℃M,速率在400〜500m/s的氧气分子数占总分子数的百分比最大

3.静电透镜是利用静电场使电子会聚的装置。如图所示，虚线为这种静电场在纸面内的一簇等势线，带箭

头的实线是由左侧射入的三个电子的运动轨迹，会聚在尸点。下列关于电子在运动过程中的说法正确的是

120V90V60V30V

A.在A点的电势能大于在B点的电势能B.在A点的加速度小于在F点的加速度

C.从4点到B点动能减少D.从A点到〜点电场力做正功

4.两个相距很近的等量异种点电荷组成的系统称为电偶极子。如图，电荷fy

+q

量分别为+q和-q，电荷间距为/，坐标原点O为两者连线中点，电偶极子°________________?r

沿y轴放置，P点位于X轴上，距离O点的距离为八且则P点的场一q12

强大小为(真空中静电力常量为k)[)

蚓2kq[kq[2kq1

D-

人「3r3—「25r2

5.新疆昌吉努尔加滑雪场拥有优质的冰雪资源，雪道建设之初，设计者进行了相关计算和测试。已知滑雪

者与雪道间的动摩擦因数为0.05,斜坡倾角为10。时，滑雪者从距水平缓冲区高/h=107n处由静止滑下，

最终停在水平缓冲区的标记点A。如图所示，若将斜坡倾角调整为15。，同时将起点高度降低至％=9m,

斜坡与水平缓冲区交点。不变且平滑连接，不计空气阻力，则滑雪者最终将停在标记点人的(已知

tanl00x0.176、cotl0°«5.671、tanl5°«0.268、cot15°«3.732)()

A.右侧约3〃?处B.右侧约5m处C.左侧约3m处D.左侧约5m处

二、多选题：本大题共3小题，共18分。

6.圆柱形水井底部中央有一只小青蛙，关于小青蛙能看见的天空范围，下列说法正确的是()

A.若井中无水，小青蛙看到的天空范围和井口一样大

氏若井中无水，井越深，小青蛙看到的天空范围越小

C若井中水是满的，小青蛙有可能看到整个天空

D.若井中水的深度是井深的一半，小青蛙看到的天空范围是井口水满时的一半

7.某电动汽车充电桩的供电系统视作理想变压器，如图所示。原线圈

匝数为九I，电流为/】，输入电压为小。当两区同时工作时，两个副线

圈分别作为快充区和慢充区为电动车供电，线圈匝数分别为叼和九3,

电流分别为，2和，3,输出电压分别为4和的。下列关系正确的是（）

A.UJi=U2I2+U3I3

B.Tlj/j—几212

C.U]=4+3

D.几2"3=九3”2

8.如图所示，半径为「的光滑圆轨道竖直放置，以圆心。为坐标原点

在辱克平面建立直角坐标系。一小球在最低端4点沿内轨以速度为=

2河水平射出，不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.小球将在B点下方某点脱离轨道

B.小球将在B点上方某点脱离轨道

C.小球脱轨后，将在与脱离点关于），轴对称的位置再次进入轨道

D.小球脱离轨道后，将在x轴下方某点与轨道相撞

三、实验题：本大题共2小题，共26分。

9.某实验小组用单摆测量重力加速度。

（1）测量钢球直径的正确操作是图中—（选填“甲”或“乙”）所示的方式。

使用游标卡尺测得摆球直径d=20.00mm,刻度尺测得摆线长I=400.0mm,则摆长L=—cm（保留4位

有效数字）。

（2）如图1所示，在单摆悬点处安装力传感器，使摆线与竖直方向夹角为。（6V5。），无初速度释放摆球,

利用力传感器，得到力与时间的关系，如图2所示，则单摆的周期为_s（保留2位有效数字）。

（3）为减小误差，改变摆线长度/,测出对应的周期。作出相应的关系图像，如图3所示。算出图线

斜率为Z,则重力加速度g=—（结果用女表示）。

（4）图像没有过原点的原因是一，

A.实验地所处的海拔过高

B.纵坐标是摆线长

C.没有测量小球质量

10.小明同学探究热敏电阻&的阻值随温度变化的规律。实验器材有：电源（3匕0.5。）、多用电表、电压表

（3.5匕约50k。）、滑动变阻器品（0〜1k。）、滑动变阻器降（0〜10。）、电阻箱Ro（O〜999.9C）、开关、导

线若干。

丙丁戊

(1)小明首先使用多用电表粗测0℃时热敏电阻的阻值，如图甲所示。他将选择开关置于欧姆“Xlk”挡,

正码操作后指针偏转如图乙所示，则测量值为一k。。为较准确地测量，他应换用一(选填“xlO/c”或

“X100”)挡并重新欧姆调零。

(2)小明设计了如图丙所示的电路，要使c、d两端的电压可从零开始变化，滑动变阻器R应选用一(选填

“以”或“RB”)。将电路图补画完整。

(3)正确连线后，将滑动变阻器的滑片。移到最左端，电阻箱调到合适阻值，闭合工。将开关£切换到小

调节滑片P使电压表示数Uo=2.70V。再将开关S2切换到仇电阻箱调至如图丁所示，则此时接入电路的

电阻&=—0,若此时电压a=1.35K,热敏电阻41=—。(保留3位有效数字)。

(4)保留％、滑片〃位置和开关S2状态不变，改变调温箱温度，得到不同温度下凡的阻值如图戊所示。在

100aC~15(TC的温度区间，若用线性模型%=/?o-彘来近似描述该热敏电阻的特性，其中。为线性温度

系数。则a=一,其物理意义是一。

四、计算题：本大题共2小题，共36分。

11.如图所示，物体4、B之间用张紧的轻绳连接后静止在水平地面上，t=0时刻对物体A施加一个水平

向右的恒力F=16N,4s时撤去力凡已知物体A、B质量均为2依，物体A与地面的动摩擦因数为0.4,

物体B与地面的动摩擦因数为0.2,求：

(l)4s时物体A的速度；

(2)轻绳至少多长才能避免两物体相撞;

(3)若物体4刚静止时，物体8恰好与之相撞，求轻绳的长度。

12.如图为杲种质谱仪的I.作原埋示意图。离子源发出甲、乙两种正离

子束，它们的初速度均为火、电荷量均为外质量分别为2〃?和机，离

子从S点垂直于电场方向射入静电分析器，OS为水平线段。静电分析

S-ZO

器中有指向圆心o的径向电场，所有与。点等距的位置场强大小相2r。„

伊

原

探

等。磁分析器内充满垂直于纸面向外的匀强磁场，其理想边界在O尸所测

板

在的竖直线.匕甲离子在静电分析器中沿半径为2ro的四分之•圆弧做

匀速圆周运动，从P点水平射出；乙离子从。。的中点M以与水平方

能分析器

向戌。角(cos。=条)射出，两高子射入磁分析器，最终打在探测板

V。

上。其中甲离子打在。点正下方的。点(0Q=2%),乙离子打在N点(未画出)。已知P、M两点的电势差

UPM=不计重力和离子间相互作用。

(1)求甲离子在静电分析器中运动位置的场强E的大小，以及磁分析器中磁感应强度B的大小：

(2)求乙离了打在探测板的位置N点到O点的距离；

若磁感应强度在和之间波动，为使两束离了在探测板上的落点完全分离，求等的最

(3)(8-/8)(8+48)D

大值;

(4)在满足(3)的情况下，求乙离子在磁场中运动的最长时间与最短时间的比值。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4弹簧对两球的弹力大小相等，但两球的质量未知，因此在弹簧恢复原长的过程中，两球的

位移大小不一定相等。根据功的公式

W=Fx

由于位移x不一定相等，所以弹簧对两球做的功不一定相等，故A错误；

8弹簧对两球的弹力大小始终相等，方向相反，且作用时间相同。根据冲量公式

l=Ft

两球受到的冲量大小相等，方向相反，故B正确；

C两球受到的弹力大小相等，根据牛顿第二定律，加速度大小与质量成反比。由于两球质量未知，加速度

大小不一定相等，故C错误：

D根据动量守恒定律，系统初始动量为0,因此任意时刻两球的动量大小相等、方向相反，由十两球质量

未知，速度大小不一定相等，故。错误。

故选：儿

A根据功的公式判断弹簧对两个小球所做的功的关系；

B.根据冲量公式求弹簧对两个小球的冲量大小的关系；

C根据牛顿第二定律求任何时刻两个小球的加速度大小关系；

。.根据动量守恒定律判断任何时刻两个小球的速度大小关系。

本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚两球的运动过程是解题的前提，应用动量守恒定律恒

即可解题。

2.【答案】D

【解析】解：4氧气分子的速率分布遵循的规律是“中间多、两头少”，即中等速率的分子数占比最大，

速率很大和很小的分子数占比都很小，故A错误；

B.从图中可以看到，0P时，分子速率分布在多个区间内，并非所有分子的速率都在300〜400m/s的区间

内，只是这个区间的分子数占比最大，故8错误；

。.对比两条曲线，在速率较低的区间(如100〜200m/s、200〜300m/s),0°C时的分子数占比要大于

100℃时的占比，故C错误;

。.从图中100℃对应的虚线曲线可以看出，其峰值出现在400~500ni/s的区间，说明该区间内氧气分子数

占总分子数的百分比最大，故。正确。

故选：。。

根据分子的速率分布遵循的规律结合图中给定的曲线举例分析，逐一判断各选项的正误。

考查分了•的速率分布遵循的规律和图中给定的曲线的认识和理解，属于基础题。

3.【答案】C

【脩析】解：44点电势(120V)高于6点电势(601/)。电子带负电，电势越高，负电荷的电势能越低。因

此，电子在八点的电势能小于在8点的电势能，故人错误；

R等势线的疏密反映电场强度的大小。A点等势线更密集，说明A点电场强度大于厂点电场强度。根据牛

顿第二定律，A点的加速度大于广点的加速度，故8错误；

C从A到8,电势降低，电子电势能增加。根据能量守恒，电势能增加意味着动能减少，故C正确；

点电势高于尸点电势，电子从A到广，电势能增加。电势能增加说明电场力做负功，故。错误。

故选：C。

A.根据“负电荷在电势低处电势能K”判断在A点的电势能与在4点的电势能的关系：

比根据电场线的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律求在八点的加速度与在产点的加速度的关系；

C.根据能量守恒求从A点到B点动能变化；

。.根据电场力做功与电势能的关系判断从A点到尸点电场力做功情况。

解决这类题FI的一定要从受力情况着手，分析电子的运动情况，能熟练运用推论：负电荷在电势低处电势

能大，判断电势能的变化。

4.【答案】A

【解析】解：两个场强E+和对称分布，它们在x轴方向的分量大小相等、方向相反，相互抵消。它们在

1

kqkq7

E=2-ycosO=2—z-------------/

4（犷+评符；

考虑r»1,所以

kql

EP=­

故A正确，BC。错误。

故选：A。

根据场强的矢量叠加求夕点的场强大小。

本题难度中等，需要学生对电场的表达式很熟练，根据极限的思想方法选出正确答案。

5.【答案】A

【解析】解：倾角为10°时（高度4二10m,停在A点）设水平缓冲区滑行距离为X1，由动能定理:

倾角为15。时（高度电=9?八设水平缓冲区滑行距离为%2,同理：

八2

mgh?-4mgeos%•葡初-fimgx2=0

代入数据比较

x2~~3m

说明第二次滑行更远，停在A点右侧约3〃?处。

故A正确，BCD错误。

故选：Ac

在不同的倾角情况下，根据动能定理求滑雪者最终将停在标记点A的什么位置。

本题是实际问题，关键要建立物理模型，对问题进行简化，分析人的受力情况和运动情况是基础，要求熟

练掌握动能定理。

6.【答案】BC

【解析】解：4若井中无水，光沿直线传播，小青蛙的视野由井口边缘限制，看到的天空范围小于井口大

小，井越深，看到的范围越小，故4错误。

及若井中无水，井越深，井口边缘到青蛙的连线与竖直方向的夹角越小，视野范围越小，故8正确。

C若井中水是满的，光线从空气射入水中会发生折射，折射角小于入射角，这会让青蛙的视野范围变大。

当井的深度足够浅时，理论上青蛙有可能看到整个天空，故C正确。

。.看到的天空范围由折射光线的最大张角决定，这个角度与水的深度不是简单的线性关系，故。错误。

故选：BC。

青蛙之所以坐在井里，只能看到很小的一片天，就是因为光沿直线传播的缘故。当井中有水时，光由空气

斜射入水中，在水面上要发生折射，根据折射定律得出答案。

正确理解掌握光的直线传播和光的折射特点，是解答该题的关键。

7【答案】AD

【解析】解：4根据理想变压器的输出功率等于输入功率，即「出=2入，即有//1=（72/2+//3,故A正

确；

BCD.对于有多个副线圈的理想变压器，根据?=*照=2正由U/=U2/2+U“3,联立解得n/=

U?n2u3n2

n2/2+n3/3,*=g=备即电出二的外，故BC错误，。正确。

故选:ADO

A.根据理想变压器的输出功率等于输入功率进行分析解答；

BCD.根据理想变压器的变压比结合功率关系列式求解判断各选项正误。

考查理想变压器的特点，特别注意多组副线圈和一组副线圈的不同处理方法，属于中等难度考题。

8.【答案】BD

【解析】解:力8.小球脱离轨道的临界条件是轨道对它的支持力

N=0

此时重力沿半径方向的分力提供向心力。设脱离点与圆心0的连线和水平x轴的夹角为%由向心力公

式：

V2

mgsxna=m~

即M=grsina

机械能守恒

11,

5m比7=+mgr（l+sina）

2

sina=9

联立解得

sin30°=0.5,a>30°

所以脱离点在8点上方。故A错误，8正确：

脱离点：

2

sin优=5

位干圆心右侧上方，坐标为（萼r,>）,小球脱离后，以速度■=Jgrsina=『做斜抛运动。

OJAf。

vx--vsina=一冬^^（向左）

vy=vcosa=*黑（向上）

上升到最高点的时间由

弓二。£

得

J3°gr

-9g

斜上抛回到与抛出点等高时的水平位移

8/5

r

x=vx-2t=~2j~

圆轨道上斜抛抛出点所在的水平弦长

27518门

l=2x=-r=-rr

。.斜上抛回到与抛出点等高时的水平位移小于圆轨道上斜抛抛出点所在的水平弦长，故D正确：

。.乜可根据斜上抛轨迹是抛物线，不是圆，不可能刚好对称贴回去，故C错误。

故选：BD。

/1B根据向心力公式和机械能守恒求小球脱离轨道的位置；

CD根据斜抛运动的规律和运动学公式分析判断。

本题考查牛顿运动定律、向心力公式、斜抛运动的综合应用，关键要掌握斜抛运动的规律，寻找隐含的几

何关系。

9.【答案】甲

41.00

1.3

4712k

B

【解析】解：(1)测量钢球直径需要使用游标卡尺的外测量爪，可知正确操作是图中甲所示的方式：使用

游标卡尺测得摆球直径d=20.00mm,刻度尺测得摆线长Z=400.07—m,则摆长L=Z+^=400.0mm+

20CO

—^―mm=410.00mm=41.00cm。

(2)由图2可知，对应71=5次全振动，故单摆的周期T=；=7.6526?.1274s一1.3s。

(3)根据单摆的周期公式7=2兀俘，得，=若一(可知图像的斜率仁看得g=47r2%

(4)由图3知，当，=0时，/>0,摆长等于摆线长与摆球的半径之和，说明不是摆长，而是摆线长，即图

像没有过原点的原因是纵坐标是摆线长，与实验地所处的海拔和小球质量的测量无关，故8正确，4C错

误。

故选：B。

故答案为:(1)甲，41.00。(2)1.3。(3)4TT2K(4)8。

(1)根据背出来的物理量选择恰当的操作方式，结合摆长的公式列式求解。

(2)根据图像和对应的全振动次数和时间求解周期。

(3)根据单摆的周期公式结合图像斜率的物理意义进行解答。

(4)根据图像不过原点分析可能的原因。

考查基本器材的使用和单摆的周期公式的应用，热练掌握图像的处理方法是关键，属于中等难度考题。

10.【答案】1.5

x100

RB

200.0

20C

o.8n/℃

每升高1鼠热敏电阻减小的阻值，或单位温度变化引起的电阻变化

【解析】解：(1)选择开关置于欧姆“X1k”挡，正确操作后指针偏转如图乙所示，则测量值为l.Sx

lkO=L5k。。多用电表指针偏转角度过大，说明待测电阻较小，为较准确地测量，他应换用X100挡并重

新欧姆调零。

(2)要使。、d两端的电压可从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，为了操作方便和减小误差，则R

应选用总阻值较小的心，电路图补画完整如下

(3)根据电阻箱的读数规则，电阻箱接入电路的电阻为％=2x10012+0x(10+1+0.1)0=200.0。，当

开关S2切换到。时，电阻箱和热敏甩阻的总电压为4=2.70心当开关52切换到〃时，电压表示数为由=

1.35忆即热敏电阻两端的电压为5=1.35V,所以此时电阻箱两端电压为U=%-%=2.707-1.35V=

1.35V=力,故温度t】下热敏电阻的阻值为R门=%=200。。

(4)由图戊可知，在100℃〜150℃的温度区间，100℃时，对应的热敏电阻阻值为8=1000,150℃时，

对应的电阻值为凡=60。，根据凡=心一酸，得a==；＞黑。/葭=0.8。/。夫其物理意义是每

*muJLUU

升高re热敏电阻减小的阳值，或单位温度变化引起的电阻变化。

故答案为：(1)1.5,x100o

⑵降，

-1/；4/：

—I/I」I/f

bl:.....:

C-----------

~p~

------1I------

R

Ti―—

(3)200.0,200o

(4)0.8/2/℃,每升高1℃热敏电阻减小的阻值，或单位温度变化引起的电阻变化。

(1)根据欧姆表的读数规则完成读数，结合欧姆表的指针偏转角度太大，说明待测电阻太小，得要选择更

小的倍率分析解答。

(2)根据分压式接法和分压式滑动变阻器的选择要求进行选择并完成电路图。

(3)根据甩阻箱的读数规则完成读数结合串联分压的知识求解。

(4)根据图像提供信息结合表达式分析解答。

考查基本器材的使用和读数问题，知道滑动变阻器的不同接法的优缺点，图像的认识和处理，涉及知识点

太多，难道较大，注意平时知以的方法的积累。

11.【答案】4s时物体A的速度为4m/s轻绳至少2〃?才能避免两物体相撞轻绳的长度为\m

【解析】解：(1)对整体受力分析,根据牛顿第二定律有：F-PAMAS-^BmB9=(mA+mB)a^解得Q=

lm/s2,

当£=4s时，物体A的速度u=at=1x4m/s=4m/s。

2

(2)撤去力尸到A静止，根据动能定理：一〃刖取/=0-^mAv,解得与=2m,

撤去力/到B静止，根据动能定理：一〃8m8g又2=0解得小=4m,

A、B之间相差距离/x=x2-%1=4m-2m=2m,则轻绳至少2m才能避免两物体相撞。

(3)撤去力尸到4静止，由运动学公式0=u-解得t=ls,物体A刚静止时，物体8恰好与之相

撞,

则这段时间B的位移为%3=vt-:他。“，解得%3=3m,

A、B之间相差距高=x3-=3m-2m=Im,则轻绳的长度为1小。

答：(l)4s时物体A的速度为4m/s；

(2)轻绳至少2〃?才能避免两物体相撞;

(3)轻绳的长度为l/»o

(1)对整体受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度，在结合速度公式计算4s时物体人的速度;

(2)撤去力尸到A、B静止，根据动能定理求出各自位移，求出位移差即为避免两物体相撞的最小位移;

(3)若物体4刚静止时，物体8恰好与之相撞结合运动学公式求出两物体位移差为轻绳长度;

本题考查了牛顿第二定律在连接体物体中的应用，解题关键是根据牛顿第二定律先整体法求出在力尸作用

下的加速度，结合运动学公式求解相关问题。

12.【答案】甲离子在静电分析器中运动位置的场强E的大小为黑磁分析器中磁感应强度8的大小为

强乙离子打在探测板的位置N点到。点的距离为3ro若磁感应强度在(8-48)和(B+48)之间波动，为

(7r0

使两束离子在探测板上的落点完全分离，萼的最大值为，F-4在满足(3)的情况下，乙离子在磁场中运

O

动的最长时间与最短时间的比值为辛

【解析】解：(1)甲离子在静甩分析器中做匀速圆周运动

qE=2m•丹Vo

2r0

得

E=----

qr。

如图

静电分析器、上

离子

y乙闻子

5丫2•\

”

2or

，

：

探

；

测

板

:-、

:

r2

g磁分析隅

甲离子在磁分析器中运动，洛伦兹力提供向心力

诏

qvQB=2m-----

根据几何关系

6=2r0

得

"0

(2)乙离子在静电分析器中运动，由动能定理得

qUpM=2mV2-2mV0

解得

v2=\T5V0

乙离子在磁分析器中做匀速圆周运动，