四川省广元市苍溪县2026年中考二模物理试题（含答案）

第第页四川省广元市苍溪县2026年中考二模物理试题一、选择题（本题共12个小题，每小题只有一个选项最符合题意。每小题3分，共36分）1．下列与物理知识有关的描述中，说法正确的是（）A．电子、质子、原子核是按尺度由大到小的顺序排列的B．化石能源是不可再生能源C．一名九年级男生的身高约为1.7dmD．中国空间站利用光纤将信息传回地面控制中心2．北方的冬天属于冰雪的世界。关于北方冬天的一些现象，下列说法正确的是（）A．寒潮来袭时黄河河面结冰，结冰是放热过程B．“泼水成冰”的原理是水蒸气在极寒环境下凝固成小冰晶C．气温低于0℃时雪人变小，这是凝华现象D．游客交谈时嘴边会出现“白气”，这是汽化现象3．如图所示是一款智能音箱，它可以通过语音指令播放音乐、播报天气，也能与手机蓝牙连接使用。下列说法正确的是（）A．智能音箱是高科技产品，发出的声音不是由物体振动产生的B．调节音量可以改变智能音箱发出声音的音调C．智能音箱能根据语言指令来完成指定操作，说明声音可以传递信息D．午休时关闭智能音箱，这是在传播过程中减弱噪声4．唐代诗人张志和在《渔歌子》中写道“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”。下图是白鹭在如镜的水面上捕鱼时的情形。针对这一情景，下列说法正确的是（）A．岸上的人看到的白鹭的倒影，是由光在均匀介质中沿直线传播形成的B．岸上的人能从各个角度看到白鹭，是由于光照在白鹭身上发生了镜面反射C．白鹭看到的水中的鳜鱼，实际上是由于光的折射形成的实像D．空中的白鹭俯冲捕鱼时，它在水中所成像的大小始终不变5．细心的小明通过平时观察发现如下现象，其中说法正确的是（）A．纸片托水的“覆杯实验”，可以证明大气压强的存在B．扔出的沙包仍能在空中飞行，是因为它受到了惯性力的作用C．轮船从海水密度较小的海域驶入海水密度较大的海域，它受到的浮力将变大D．飞机获得升力利用了“流体流速越大压强越大”的原理6．宋代文人张邦基在《墨庄漫录》中记载：“禁中以翠尾作帚，每幸诸阁，掷龙脑以辟秽，过则以翠尾帚之，皆聚，无有遗者。”意思是用孔雀毛扎成的翠羽扫帚打扫房间后，可以吸引龙脑香燃烧后的灰烬。下列关于该现象的说法中，正确的是（）A．龙脑香燃烧时烟雾缭绕，这是扩散现象B．翠羽扫帚扫地时因为电荷发生了转移而带上了电荷C．扫地后的翠羽扫帚可以吸引龙脑香燃烧后的灰烬，是因为分子间存在引力D．扫地后的翠羽扫帚可以吸引龙脑香燃烧后的灰烬，原理与验电器相同7．对于如图所示的实验装置，下列说法正确的是（）A．图中蹄形磁体两极的磁性最弱，且它的周围存在的磁感线分布与地磁场的磁感线分布相似B．科学家根据该实验装置探究得到的结论制造出了电动机C．该实验装置可以用来探究感应电流产生的条件D．导体ab固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，灵敏电流计的指针不会发生偏转8．如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I-U图像。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A，此时小灯泡L正常发光。电源为稳压电源，下列说法正确的是（）A．小灯泡L正常发光时的电阻为8ΩB．两个开关均闭合时，干路电流为0.5AC．若将小灯泡L和定值电阻R串联后接在图乙中电源两端，通过小灯泡L的电流更大D．仅将图乙中定值电阻R更换为定值电阻R1，两个开关均闭合，电流表的示数与未更换电阻且两开关均闭合时的示数相比减小了0.1A，则R1的阻值为10Ω9．如图所示是齐齐家的部分配电系统图，下列说法正确的是（）A．如图所示的电能表的读数为20264kW·hB．家庭电路中老化的电源线只要不破损，就可以一直使用下去C．若空气开关跳闸，一定是家庭电路中用电器总功率过大造成的D．将其他用电器全部关闭，仅将一台空调打开工作36s，发现电能表的脉冲指示灯闪烁了54次，则该空调的电功率为1500W10．如图所示，用F=50N的水平拉力拉着滑轮使重为200N的物体A沿水平地面匀速运动，且物体A运动的速度为0.2m/s，地面对物体A的摩擦力是物体A重力的1A．10s内物体A克服与地面之间的摩擦力做的功是80JB．10s内拉力F做的功是100JC．拉力F的功率是10WD．该装置的机械效率是80%11．医院的病房、楼道和厕所都安装了烟雾报警器。当发生火灾、有患者或患者家属抽烟时，报警器就会发出报警声音。某医院安装的烟雾报警器，它由“控制电路”和“工作电路”组成，电路图如图所示。其中“控制电路”由光敏电阻R、电磁铁（线圈阻值不变）、电源（电压保持不变）、开关、导线等组成；“工作电路”由蓄电池、扬声器、指示灯、导线等组成。已知光敏电阻阻值随光照强度的减弱而增大。烟雾报警器的工作原理：闭合开关S，“控制电路”和“工作电路”均接通且正常工作，此时光敏电阻接收到的光照强度正常，扬声器不发声，指示灯发光；当光敏电阻接收到的光照强度减弱到一定程度时，指示灯熄灭，扬声器发出报警声。下列说法正确的是（）A．闭合开关S，电磁铁的上端为N极B．根据报警器的工作原理判断，B处应接指示灯C．要提高报警器的灵敏度，可适当增大电源电压D．当光照强度减弱时，电磁铁消耗的电功率变大12．某工程施工时，要向江中沉放大量的施工构件。如图甲所示，假设一正方体构件从江面被匀速吊入江水中，在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，构件所受浮力F1、钢绳拉力F2随h变化的图像如图乙所示；构件下表面从水面下降4m所用时间为20s。下列说法正确的是（）（g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）A．构件的边长为4mB．构件的密度为2×103kg/m3C．构件下表面下降到水面下4m时，它受到的合力大小为1.6×105N，方向竖直向上D．构件下表面从水面下降4m的过程中，其重力所做功的功率为4.8×104W二、填空题（每空2分，共28分）13．2026年3月29日19时04分，随着中国国际航空执飞的CA1611航班平稳降落在哈尔滨太平国际机场，标志着国产大飞机C919正式开启北京往返哈尔滨的常态化商业运营。飞机加速滑行时受到（选填“平衡力”或“非平衡力”）的作用；飞机正常升空后，为了安静地休息，乘客戴上了耳罩，这是在（选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。14．如图所示是摄影师使用照相机（镜头焦距不变）拍摄的广元市苍溪县云峰镇梨花。与照相机镜头相同类型的透镜可以用来矫正（选填“近视眼”或“远视眼”）。若想将树上的一朵梨花拍大些，摄影师应使照相机镜头（选填“远离”或“靠近”）这朵梨花。15．加油机给匀速直线飞行的战斗机加油时，以地面为参照物，加油机是（选填“静止”或“运动”）的；如果加油过程中战斗机在2s内飞行了0.3km，则加油机的速度是m/s。16．紫兰湖能调节周围环境的温度，是因为水具有（选填“比热容”或“热值”）大的特性。周末，齐齐爸爸带着齐齐妈妈和齐齐驾车前往紫兰湖游玩。已知这辆汽车装备的增程器实际上是一个使用汽油的发电机，消耗1L汽油可以发3.6度电，则这个增程器的发电效率是（结果精确到小数点后一位）%。（汽油的热值是4.6×107J/kg17．如图所示，电源电压恒为18V，R0=60Ω，滑动变阻器的规格为“150Ω，2A”，电流表的测量范围为“0~0.6A”，小灯泡上标有“6V，3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。当开关S闭合，S1、S2断开，小灯泡L正常发光，则通电1min电流通过滑动变阻器产生的热量为J。当开关S闭合，S1和S218．请阅读下面的材料并回答问题：电水壶（如图所示）通电，水温上升到沸点后，水蒸气使双金属片变形推动蒸汽开关自动断电（下次烧水需重新闭合蒸汽开关）。若蒸汽开关失效，壶内的水会一直烧下去，直至烧干，发热元件温度急剧上升，发热盘底部也有一个双金属片开关，会因为热传导温度急剧上升，膨胀变形，断开电源。（1）水沸腾后会产生大量水蒸气，则相同质量的100℃的水和水蒸气相比，（选填“水的内能大”“水蒸气的内能大”或“水和水蒸气的内能一样大”）。（2）电水壶的插头应选用（选填“两脚”或“三脚”）插头。（3）电水壶烧水时，发生的主要能量转化是（填“××能转化为××能”）。（4）图中电水壶，其蒸汽开关与发热盘底部的双金属片开关应（选填“串联”或“并联”）连接。三、作图与实验探究题（第19、20题各2分，其余各题每空2分。共24分）19．如图所示，光源S发出的一束光经平面镜反射后，反射光线经过A点进入人眼，试作出光路图。（保留作图痕迹）20．如图是小明在确定刻度尺的重心时的情形，刻度尺静止在他的手指上，请画出刻度尺受到的重力和支持力示意图。21．在“探究光的反射定律”实验中，器材有：激光笔、可折转光屏、平面镜和喷雾器。（1）将平面镜置于水平桌面，如图甲所示。激光笔的光束射向平面镜上O点，在平面镜上方喷水雾，从前向后观察，可在镜面上方看到条光束。（2）将折转光屏垂直于平面镜放置，让入射光沿左半屏射到O点，如图乙所示。要呈现反射光，需将右半屏向（选填“前”或“后”）折转。（3）保持入射点不变，多次改变入射方向，在光屏上记录每次实验的光路aa＇、bb＇和cc＇，如图丙所示。为了研究反射光线和入射光线的位置关系，发现左、右半屏相对应的光线关于转轴对称，可将此对称轴视为法线，同时根据光屏上的信息可得结论，反射角与入射角的大小。22．小明利用弹簧测力计、粗糙程度不同的两个水平长木板、木块（各个面的粗糙程度相同）、砝码等器材探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”。（1）如图甲、乙、丙所示，小明将木块放在水平木板（或水平较粗糙木板）上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在木板表面做匀速直线运动，实验数据如图所示。通过比较两图数据，可以得到结论：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。（2）小明想探究滑动摩擦力的大小与接触面积是否有关。为了提高测量精度，小明利用力传感器和传送带设计了如图丁所示的装置，保持传送带的转速不变进行实验，计算机记录木块平放和侧放时的传感器数据分别如图戊、图己（木块平放和侧放时的底面积不同）所示。①对比戊、己实验，可初步得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积（选填“有关”或“无关”）。②同桌小华认为传送带向右加速转动也不影响测量结果，他的观点是正确的，理由是：。23．某同学在老师的指导下对“探究电流与电压的关系”设计了三次实验电路，如图1甲、乙、丙所示。【证据】（1）由图1甲改进为图1乙是为保证实验过程中这一因素不变；由图1乙改进为图1丙是因为使用滑动变阻器可以改变电阻R0两端的。小明根据图1丙电路图正确连接电路，闭合开关后调节滑动变阻器，并记录电压表与电流表的示数，得到几组实验数据，如表所示。实验序号电压表的示数U/V电流表的示数I/A11.00.122.00.233.00.3【结论】（2）根据实验数据可以得出结论：当电阻一定时，电流与电压成比。【交流】（3）如图2所示是其他两位同学根据测量数据作出的I-U图像，分析图像可知Ra（选填“>”“<”或“=”）Rb。四、解答题（解答过程写出必要的文字说明、公式、步骤、数值和单位。每小题6分，共12分）24．如图所示，甲、乙两个质量均为2kg的实心均匀圆柱体放在水平地面上，甲的底面积为4×10-3m2，乙的体积为0.8×10-3m3。（g取10N/kg）（1）求乙所受的重力G乙和密度ρ乙（2）求甲对地面的压强p甲；（3）若甲的底面积是乙的1.5倍，在甲、乙的上部沿水平方向分别切去∆m甲和∆m乙，再将切去部分互换叠放在对方剩余部分的上方，使甲、乙对水平地面的压强相等。求出∆m甲和∆m乙的差值。25．周末，小东跟妈妈一起到超市购物，发现称量物品的电子秤（如图甲所示）与所学的物理知识有关，回家自己设计了一个简易的电子秤，电路如图乙所示。已知电源电压恒为6V，电流表的测量范围为0~0.6A，R0为定值电阻，Rt为压敏电阻，其阻值随所受压力大小变化的关系如图丙所示。将质量为0.2kg的托盘放在压敏电阻上（此时未放物品），闭合开关S，电流表的示数为0.1A。（g取10N/kg）（1）求未放物品时，电路消耗的总功率；（2）将1.0kg的物品放在托盘中10s，电流通过R0产生的热量为多少？（3）求这个电子秤所能称量物品的最大质量。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、原子由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成，按尺度由大到小的顺序排列应为原子核、质子、电子，故A错误；

B、化石能源（煤、石油、天然气）在短期内无法从自然界得到补充，属于不可再生能源，故B正确；

C、一名九年级男生的身高约为1.7m，1.7dm=0.17m，不符合实际，故C错误；

D、中国空间站利用电磁波（无线电波）将信息传回地面控制中心，光纤通信需要光在光纤中传播，无法在太空中直接使用，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查微观粒子的尺度大小，原子核的尺度大于质子，质子的尺度大于电子；

B、考查能源的分类，化石能源属于不可再生能源；

C、考查长度的估测，九年级男生的身高约为1.7m；

D、考查电磁波的应用，空间站通过电磁波与地面通信。2．【答案】A【解析】【解答】A、寒潮来袭时黄河河面结冰，是水由液态变为固态的凝固过程，凝固放热，故A正确；

B、“泼水成冰”的原理是液态的水在极寒环境下迅速凝固成冰，不是水蒸气凝固，故B错误；

C、气温低于0℃时雪人变小，是固态的雪直接升华为水蒸气，属于升华现象，故C错误；

D、游客交谈时嘴边出现的“白气”，是呼出的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故D错误；

故答案为：A。

【分析】A、考查凝固现象，物质由液态变为固态的过程叫凝固，凝固放热；

B、考查物态变化的判断，“泼水成冰”是液态水的凝固过程，而非水蒸气的变化；

C、考查升华现象，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；

D、考查液化现象，物质由气态变为液态的过程叫液化，“白气”是水蒸气液化形成的小水滴。3．【答案】C【解析】【解答】A、声音是由物体振动产生的，智能音箱发出的声音也是由物体振动产生的，故A错误；

B、调节音量可以改变智能音箱发出声音的响度，而非音调，故B错误；

C、智能音箱能根据语言指令来完成指定操作，说明声音可以传递信息，故C正确；

D、午休时关闭智能音箱，这是在声源处减弱噪声，而非传播过程中，故D错误；

故答案为：C。

【分析】A、考查声音的产生，一切声音都是由物体振动产生的；

B、考查声音的特性，音量调节改变的是声音的响度，音调由频率决定；

C、考查声音的利用，声音可以传递信息和能量，智能音箱根据指令操作是利用声音传递信息；

D、考查噪声的控制，关闭音箱是在声源处减弱噪声。4．【答案】D【解析】【解答】A、岸上的人看到的白鹭的倒影，是由光的反射形成的平面镜成像现象，而非光的直线传播，故A错误；

B、岸上的人能从各个角度看到白鹭，是由于光照在白鹭身上发生了漫反射，反射光线向各个方向传播，而非镜面反射，故B错误；

C、白鹭看到的水中的鳜鱼，实际上是由于光的折射形成的虚像，而非实像，故C错误；

D、平面镜成像的特点是像与物体大小相等，空中的白鹭俯冲捕鱼时，白鹭本身的大小不变，因此它在水中所成像的大小始终不变，故D正确；

故答案为：D。

【分析】A、考查平面镜成像的原理，倒影是光的反射形成的；

B、考查镜面反射与漫反射的区别，能从不同角度看到物体是因为发生了漫反射；

C、考查光的折射现象，水中鱼的虚像是光的折射形成的；

D、考查平面镜成像的特点，像与物体大小始终相等，与物体到镜面的距离无关。5．【答案】A【解析】【解答】A、纸片托水的“覆杯实验”，可以证明大气压强的存在，故A正确；

B、扔出的沙包仍能在空中飞行，是因为沙包具有惯性，惯性是物体的固有属性，不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；

C、轮船在海中始终漂浮，浮力等于自身重力，重力不变，所以从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，浮力大小不变，故C错误；

D、飞机获得升力利用了“流体流速越大，压强越小”的原理，故D错误；

故答案为：A。

【分析】A、考查大气压的证明实验，覆杯实验是验证大气压存在的经典实验；

B、考查惯性的概念，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是一种力；

C、考查物体的浮沉条件，轮船漂浮时浮力始终等于重力，与海水密度无关；

D、考查流体压强与流速的关系，飞机升力利用的是“流速越大，压强越小”的原理。6．【答案】B【解析】【解答】A、龙脑香燃烧时烟雾缭绕，烟雾是固体小颗粒的运动，不是分子的扩散现象，故A错误；

B、翠羽扫帚扫地时，与地面摩擦，电荷发生转移而带上了电荷，故B正确；

C、扫地后的翠羽扫帚吸引灰烬，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，并非分子间引力，故C错误；

D、扫地后的翠羽扫帚吸引灰烬，是利用了带电体吸引轻小物体的原理，而验电器的原理是同种电荷相互排斥，两者原理不同，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查扩散现象的本质，扩散是分子的无规则运动，而烟雾是宏观的固体颗粒运动；

B、考查摩擦起电的实质，摩擦起电是电荷的转移过程；

C、考查带电体的性质，带电体能够吸引轻小物体，这与分子间引力无关；

D、考查验电器的工作原理，验电器利用的是同种电荷相互排斥，与带电体吸引轻小物体的原理不同。7．【答案】C【解析】【解答】A、蹄形磁体两极的磁性最强，并非最弱，地磁场的磁感线分布与条形磁体相似，与蹄形磁体不同，故A错误；

B、该实验装置探究的是电磁感应现象，根据此原理制造的是发电机，而非电动机，故B错误；

C、该实验装置没有电源，通过导体切割磁感线产生感应电流，可以用来探究感应电流产生的条件，故C正确；

D、导体ab固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，导体ab相对于磁体向右运动，切割磁感线，会产生感应电流，灵敏电流计的指针会发生偏转，故D错误；

故答案为：C。

【分析】A、考查磁体的性质，磁体两极磁性最强，地磁场的磁感线分布与条形磁体相似；

B、考查电磁感应现象的应用，电磁感应是发电机的工作原理；

C、考查感应电流产生的条件，该装置通过导体切割磁感线产生感应电流，可探究其产生条件；

D、考查相对运动与电磁感应，导体与磁体发生相对切割磁感线运动时，会产生感应电流。8．【答案】A【解析】【解答】A、只闭合开关S1时，电路为小灯泡L的简单电路，电流表的示数为0.5A，此时小灯泡L正常发光。由图甲可知，此时小灯泡两端的电压为4V，根据欧姆定律R=UI，小灯泡正常发光时的电阻RL=4V0.5A=8Ω，故A正确；

B、两个开关均闭合时，小灯泡L与电阻R并联，电源电压为4V。由图甲可知，当电压为4V时，通过电阻R的电流为0.2A，根据并联电路电流规律I=IL+IR，干路电流I=0.5A+0.2A=0.7A，故B错误；

C、若将小灯泡L和定值电阻R串联后接在电源两端，总电压为4V，根据串联电路电压规律U=UL+U【分析】本题考查了欧姆定律的应用，解题关键是结合I-U图像分析电路状态。首先根据只闭合S1时的电流和小灯泡正常发光的条件，从图像中读出电压，利用公式R=UI计算小灯泡的电阻；再分析并联电路中电阻R的电流，利用并联电路电流规律I=9．【答案】D【解析】【解答】A、电能表读数的最后一位是小数位，单位为kW·h，所以图示电能表的读数为2026.4kW·h，故A错误；

B、老化的电源线绝缘层会变脆开裂，存在安全隐患，即使不破损也应及时更换，故B错误；

C、空气开关跳闸的原因有两种：一是电路中用电器总功率过大，二是电路发生短路，故C错误；

D、根据电能表参数“3600imp/kW·h”，指示灯闪烁54次消耗的电能W=543600kW·h=0.015kW·h=5.4×104J，工作时间t=36s，根据公式【分析】A、电能表读数最后一位为小数位，读数应为2026.4kW·h。B、老化电源线绝缘层易开裂，存在安全隐患，需及时更换。C、空气开关跳闸的原因包括用电器总功率过大或电路短路两种情况。D、先根据电能表参数算出消耗的电能，再用公式P=Wt算出电功率为10．【答案】D【解析】【解答】A、物体A受到的摩擦力f=110G=110×200N=20N，10s内物体A移动的距离sA=vAt=0.2m/s×10s=2m，克服摩擦力做功W有=fsA=20N×2m=40J，故A错误；

B、该滑轮为动滑轮，拉力移动的速度【分析】A、先计算摩擦力f=110G，再根据s=vt算出物体移动距离，最后用W=fs求克服摩擦力做功，结果为40JB、动滑轮拉力移动距离是物体移动距离的一半，即sF=12sA，用C、根据P=Wt，代入拉力做功和时间，算出功率为5W，而非D、机械效率η=W有W11．【答案】B【解析】【解答】A、闭合开关S，根据安培定则，电流从电磁铁下端流入、上端流出，电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误；

B、光照正常时，光敏电阻阻值小，控制电路电流大，电磁铁吸下衔铁，此时A接通、B断开，扬声器不工作、指示灯发光；光照减弱时，光敏电阻阻值变大，控制电路电流小，电磁铁释放衔铁，此时B接通、A断开，指示灯熄灭、扬声器报警，因此B处应接扬声器，A处接指示灯，故B错误；

C、若适当增大电源电压，在相同光照强度（光敏电阻阻值）下，控制电路电流会增大，电磁铁更容易吸合衔铁，从而在烟雾浓度较低（光照减弱不明显）时就能触发报警，提高了报警器的灵敏度，故C正确；

D、当光照强度减弱时，光敏电阻阻值增大，控制电路电流减小，电磁铁线圈阻值不变，根据公式P=I2R【分析】A、考查安培定则的应用，电流方向与电磁铁磁极的判断，电流从下端流入，下端为N极。B、考查电磁继电器的工作原理，光照正常时衔铁吸合，A支路接通，故A处为指示灯；光照减弱时衔铁释放，B支路接通，故B处为扬声器。C、考查报警器灵敏度的调节，增大电源电压，控制电路电流增大，电磁铁在光敏电阻阻值较小时就能吸合衔铁，提高了灵敏度。D、考查电功率的计算，光照减弱时，光敏电阻阻值增大，控制电路电流减小，由P=I12．【答案】D【解析】【解答】A、构件边长等于其刚浸没时的深度，由图乙可知，h=2m时浮力不再增大，说明此时构件完全浸没，故边长为2m，A错误；

B、构件完全浸没时浮力F浮=ρ水gV=1×103×10×23=8×104N；构件重力G=F拉+【分析】A、构件刚浸没时浮力不再变化，此时下表面深度等于边长，故边长为2m，不是4m。B、先算完全浸没浮力，再由G=F拉+F浮C、匀速运动物体受力平衡，合力为0。D、先算下降速度v=st，再用P=Gv计算重力做功功率，结果为13．【答案】非平衡力；人耳处【解析】【解答】飞机加速滑行时，速度大小发生变化，运动状态改变，因此受到的是非平衡力；乘客戴耳罩通过阻挡噪声进入人耳来减弱噪声，属于在人耳处减弱噪声。

故答案为：非平衡力；人耳处；

【分析】根据运动状态是否改变判断受力情况：物体运动状态改变时，受到的是非平衡力；减弱噪声的途径包括声源处、传播过程中、人耳处，戴耳罩属于在人耳处减弱噪声。关键知识点：力与运动的关系、减弱噪声的途径。14．【答案】远视眼；靠近【解析】【解答】照相机的镜头相当于一个凸透镜；矫正近视眼需用凹透镜，矫正远视眼需用凸透镜；根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”的规律，若要把梨花的像拍得更大，应使照相机镜头靠近梨花。

故答案为：远视眼；靠近；

【分析】本题考查透镜的应用与成像规律，解题时先明确照相机镜头的光学元件类型，再结合近视眼、远视眼的矫正原理判断透镜类型，最后根据凸透镜成实像的规律分析拍摄时的调节方法。关键知识点：凸透镜的应用、近视眼与远视眼的矫正、凸透镜成实像的规律。15．【答案】运动；150【解析】【解答】判断物体运动状态的依据是：物体相对于参照物的位置是否发生改变。以地面为参照物，加油机的位置发生了变化，因此加油机是运动的。

加油时加油机与战斗机相对静止，二者速度大小相同。先进行单位换算：0.3km=300即加油机的速度为150m/s故答案为：运动；150；【分析】解题时需明确运动和静止的相对性，根据物体与参照物的位置变化判断运动状态，关键知识点：参照物的选择与运动状态的判断。先利用相对静止的条件确定加油机与战斗机速度相等，再通过单位换算和速度公式计算速度大小，关键知识点：相对静止的条件、速度公式的应用。16．【答案】比热容；40.2【解析】【解答】水具有比热容大的特性，相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同热量时温度变化更小，因此能调节周围环境的温度。

由ρ=mV1L汽油燃烧放出的热量为：Q转化的电能为：W=3.6发电效率为：η=故答案为：比热容；40.2；【分析】本题先利用水的比热容特性解释温度调节原理，再按密度、热值、电能单位换算、效率公式分步计算；关键知识点为比热容特性、密度公式ρ=mV、热值公式Q放17．【答案】360；2【解析】【解答】当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L与变阻器R串联。因小灯泡正常发光，故UL=6V，由串联电路电压特点，变阻器两端电压：U通电1min电流通过滑动变阻器产生的热量：不考虑温度对灯丝电阻的影响，小灯泡的电阻：R结合P=U2R，电源电压一定时，电路总电阻越大，电功率越小。当S闭合、灯泡L与变阻器电路消耗的最小总功率：P故答案为：360；2；【分析】解题时先分析开关状态对应的电路连接方式，结合小灯泡正常发光的条件，利用I=PU求出串联电路电流；再通过串联电路电压规律U=UL+UR求出变阻器电压，用Q=W=UIt计算电流产生的热量；接着用R=18．【答案】（1）水蒸气的内能大（2）三脚（3）电能转化为内能（4）串联【解析】【解答】(1)100℃的水变为同温度的水蒸气时，需要吸收汽化热。由于温度不变，分子动能不变，吸收的热量会转化为分子势能，因此相同质量的水蒸气内能比水更大。

故答案为：水蒸气的内能大；

(2)电水壶是金属外壳用电器，为防止漏电时外壳带电引发触电事故，需通过插头将金属外壳接地，因此必须选用三脚插头。

故答案为：三脚；

(3)电水壶烧水时消耗电能，将能量转化为水和发热元件的内能，其主要能量转化形式为电能转化为内能。

故答案为：电能转化为内能；

(4)两个开关中任意一个断开都需切断整个电水壶的电源，以实现双重保护，只有串联电路能满足这一要求，因此两个开关应串联连接。

故答案为：串联；

【分析】(1)结合内能由分子动能和分子势能构成的特点，利用温度不变时分子动能不变、汽化吸热使分子势能增大的规律，可推得相同质量的水蒸气内能更大；关键知识点：内能的构成、汽化吸热的特点。

(2)从安全用电角度分析，金属外壳用电器通过三脚插头接地，可在漏电时避免外壳带电引发触电事故；关键知识点：三脚插头的接地保护作用。

(3)电水壶工作时消耗电能，将能量传递给水和自身发热元件，实现电能向内能的转化；关键知识点：用电器的能量转化。

(4)根据双重保护的要求，结合串联电路“一处断开，整个电路断路”的特点，可知两个开关应串联连接；关键知识点：串联电路的特点。（1）100℃的水变为同温度的水蒸气时，需要吸收汽化热，温度不变因此分子动能不变，吸收的热量会增加分子势能，相同质量的前提下，水蒸气的内能更大。（2）电水壶是金属外壳的用电器，为了防止漏电时外壳带电引发触电事故，需要通过插头将金属外壳接地，因此必须选用三脚插头。（3）电水壶烧水时，消耗电能，将能量转化为水和发热元件的内能，因此主要能量转化是电能转化为内能。（4）根据题意，两个开关任意一个断开都需要切断整个电水壶的电源，才能起到双重保护的作用，只有串联电路才能满足这一要求，因此两个开关串联连接。19．【答案】【解析】【解答】根据平面镜成像“物像关于镜面对称”的特点，先作出光源S关于平面镜的对称点S'（即S的虚像，作对称的垂线、镜后辅助线用虚线）；连接S'A，交平面镜于点O，O即为入射点（S'O的镜后部分画虚线，OA画实线）；连接S到O，得到入射光线；在光线上标注箭头：入射光线箭头从S指向O，反射光线箭头从O指向故答案为：；【分析】本题考查平面镜成像的光路作图，解题时先利用平面镜成像的对称性找到光源的虚像，再结合“反射光线的反向延长线过虚像”的规律，连接虚像与目标点确定入射点，最后画出入射光线和反射光线并标注箭头；关键知识点：平面镜成像的对称性、光的反射定律。20．【答案】【解析】【解答】刻度尺静止在水平桌面上，处于平衡状态，竖直方向仅受两个力：一是地球施加的竖直向下的重力G，二是手指对它施加的竖直向上的支持力F。这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，且都作用在刻度尺的重心位置，构成一对平衡力。按照力学作图规范，以重心为作用点，分别沿竖直向下、竖直向上的方向画出带箭头线段，并标注对应符号即可，如图所示：

【分析】根据物体静止时的平衡状态，判断竖直方向仅受重力与支持力这一对平衡力，再结合力的示意图的绘制要求，明确作用点、方向，即可完成作图。21．【答案】（1）2（2）前（3）相等【解析】【解答】(1)激光笔射出的光束射到平面镜O点后发生反射，形成入射光束和反射光束；喷水雾后，水雾使光发生散射，清晰显示出两条光路，因此能看到2条光束。

故答案为：2；

(2)根据光的反射定律，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。图中右半屏偏向后侧，与左半屏（入射光线所在平面）不在同一平面，需将右半屏向前折转，使其与左半屏共面，才能呈现反射光。

故答案为：前；

(3)反射光线与入射光线关于法线对称，由光屏刻度可知，每组入射光线、反射光线与法线的夹角相等，因此反射角与入射角的大小相等。

故答案为：相等；

【分析】(1)解题时结合光的反射现象，分析水雾对光路的显示作用；关键知识点：光的反射、光的散射。

(2)解题时依据光的反射定律中“三线共面”的要求，分析光屏的调整方法；关键知识点：光的反射定律、实验装置的调整。

(3)解题时通过观察光屏上的角度刻度，结合反射光线与入射光线的对称关系，得出反射角与入射角的关系；关键知识点：光的反射定律、反射角与入射角的关系。（1）激光笔射出的光束射到平面镜O点后，会发生光的反射，形成1条入射光束和1条反射光束；喷水雾后，水雾使光散射，可清晰显示出两条光路，因此能看到2条光束。（2）根据光的反射定律，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。图乙中右半屏目前偏向后侧，和左半屏（入射光线所在平面）不在同一平面，因此需要将右半屏向前折转，使右半屏和左半屏共面，才能呈现出反射光。（3）反射光线和入射光线关于作为对称轴的法线对称，从光屏的刻度信息可以看出，每组入射光线和反射光线与法线的夹角相等，因此可得结论：反射角与入射角的大小相等。22．【答案】（1）甲、丙（2）无关；木块相对地面静止，受到的摩擦力和传感器的拉力是一对平衡力，大小相等，与传送带的运动状态无关【解析】【解答】(1)探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需控制压力大小不变，只改变接触面粗糙程度。甲、丙两图中，木块对接触面的压力相同，只有木板粗糙程度不同，因此选择甲、丙两组数据。

故答案为：甲、丙；

(2)对比戊、己图像可知，木块平放、侧放（接触面积不同）时，稳定后滑动摩擦力大小相等，因此滑动摩擦力大小与接触面积无关；该装置中木块始终相对地面静止，根据二力平衡，传感器拉力大小始终等于滑动摩擦力大小；滑动摩擦力大小只与压力、接触面粗糙程度有关，与传送带的运动速度无关，传送带加速时压力、粗糙程度均不变，滑动摩擦力大小不变，因此加速转动不影响测量，小华的观点正确。

故答案为：无关；木块相对地面静止，受到的摩擦力和传感器的拉力是一对