江苏省徐州市2025-2026学年高三上学期期中抽测物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1江苏省徐州市2025-2026学年高三上学期期中物理试题注意事项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷共6页，满分为100分，考试时间为75分钟。考试结束后，请将答题卡交回。2.答题前请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置。3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符。4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效。5.如需作图必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等需加黑加粗。一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分。每题只有一个选项最符合题意。1.2025年10月11日，中国自主研发的全球最大固体运载火箭“引力一号”在海上成功发射。已知该火箭起飞加速度约为，则火箭上升时，速度大小约为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】火箭初速度为零，根据可知火箭上升时，速度大小，故选C。2.如图所示，“海盗船”通过连接杆绕一固定轴正在做圆周运动，该连接杆上有、两点，则下列说法正确的是（）A.线速度 B.线速度 C.角速度 D.角速度【答案】B【解析】CD.连接杆上有、两点为同一杆上绕同一轴转动的两个点，所以角速度，CD错误；AB.由于、两点角速度相等，根据角速度与线速度关系可知，转动半径越大，线速度越大，由题意可知，所以可知，A错误、B正确。故选B3.某同学手持健身绳一端，连续上下抖动，两条绳各自产生一列沿绳传播的波。若同学加快抖动的频率，则绳波（）A.波速不变，波长变短 B.波速不变，波长变长C.波速减小，波长变短 D.波速增大，波长变长【答案】A【解析】根据波速，可知绳波一直在绳中传播，介质不变，传播速度保持不变，当手抖动的频率增加时，波长变短。故选A。4.如图所示，地震模拟振动台上，从左向右依次为固有频率、、的甲、乙、丙三个不同高度的建筑模型。当振动台以的频率稳定振动时（）A.丙的振动幅度最大B.乙的振动幅度最大C.甲的振动频率为D.甲的振动频率大于丙的振动频率【答案】B【解析】CD．受迫振动中，物体振动的频率等于驱动力的频率，与自身固有频率无关，则甲、乙、丙的振动频率都是，故CD错误；AB．当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体发生共振，此时振动幅度最大，则乙的振动幅度最大，故A错误，B正确。故选B。5.如图所示，“苏超”足球赛场上，某防守队员将质量为，速率为的球，在极短时间内以速率为反向踢出，则脚对足球的冲量大小约为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】以初速度方向为正方向，质量为，速率为的球与脚作用前的动量为与脚作用后的动量为根据动量定理可知脚对足球冲量即脚对足球的冲量大小为，故选D。6.某同学在体验“极速光轮”游乐项目时，用手机测量竖直方向加速度随时间变化的图像，如图所示，竖直向上为正方向。该同学处于超重状态的时刻为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】A．如图所示，竖直向上为正方向，时，加速度为负，即加速度方向向下，该同学失重，故A错误；B．，加速度为负，即加速度方向向下，该同学失重，故B错误；C．，加速度为正，即加速度方向向上，该同学超重，故C正确；D．，加速度为负，即加速度方向向下，该同学失重，故D错误。故选C。7.一辆汽车在平直路面上先由静止加速一段时间，再减速至停止，其位移和时间的图像可能是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】在图像中，图线的切线的斜率表示物体运动的速度，由题意可知，汽车在平直路面上先由静止加速一段时间，再减速至停止，即汽车在初始和最后阶段速度均为0，图线在图像中初始点和终止点的切线的斜率为0，与轴平行，所以A正确。故选A8.如图所示，为某款汽车尾气消音器的原理图。位于T处的声源，发出波长为的声波。B管长度不变，改变，可调节A管长度，且时A、B管长度相等。改变时，处探测到声波强度发生变化，则（）A.消音器利用了波的衍射原理B.消音器利用了波的多普勒效应C.若点声波强度最弱，的最小值为D.若点声波强度最强，的最小值为【答案】C【解析】AB．消音器利用了波的干涉原理，AB错误；CD．当A、B两管等长时，位于T点的波源到O点的路程差为零，则O点振动加强，即两列波发生的干涉使得声波显著增强，可知d的最小值为0；将A管拉长d后，声波强度显著减小，说明两列波发生的干涉使得声波减弱，因为这是第一次干涉使得声波减弱，所以A管上、下两部分伸长的距离之和为波长的一半，即解得d的最小值为，C正确，D错误。故选C。9.如图所示，小球从光滑轨道左端静止释放，不计空气阻力，则小球从轨道右端飞出后的轨迹可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．小球从轨道右端飞出后到达最高点时，仍有水平方向上的速度，即有一部分重力势能转化为了动能，故不可能运动到与释放的位置同一高度，甚至超过释放位置。故AB错误；CD．根据曲线运动速度方向为该点切向方向可知，小球从轨道右端飞出时速度方向应是该点切线方向，故C正确，D错误。故选C。10.在“福建舰”航母的某次电磁弹射系统测试中，一架质量为的飞机，在弹射器的牵引力和发动机推力的共同作用下，沿甲板水平轨道做初速度为零的匀加速直线运动，经过时间，飞机达到速度时与弹射器分离；之后飞机仅在的作用下继续加速，经过时间，达到起飞速度。假设在整个弹射至起飞过程中，与均为水平方向的恒力，忽略一切阻力，则在此过程中，下列说法正确的是（）A.的功率恒定不变B.对飞机做的功等于C.对飞机做的功等于D.的大小为【答案】D【解析】A．功率，在匀加速阶段随时间线性增加，故的功率逐渐增大，并非恒定，故A错误；B．第一阶段总功为，所以对飞机做的功小于，故B错误；C．在全过程做功，总功为，而仅为第二阶段动能变化，故C错误；D．由第一阶段合力，第二阶段，联立得，故D正确。故选D。二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.为验证两个互成角度的力的合成规律，某组同学用系有三段长细线的匀质圆木板，在靠近黑板的竖直平面内，用三个弹簧测力计分别向三个方向拉细线，其中弹簧测力计的拉力在竖直方向，实验装置如图甲所示。当圆木板处于静止状态时，在每段细线所在直线取2个点标记在黑板上，同时记录三个弹簧测力计的示数。（1）该组同学认为弹簧测力计所测力的大小、方向，应与、弹簧测力计所测两力的合力大小相等、方向相反，采用的科学方法是__________；A.极限法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.理想实验法（2）下列说法正确的是__________（多选）；A.弹簧测力计使用前需校零B.拉线方向应与黑板平面尽量平行C.B、C两弹簧测力计的拉力方向应尽量垂直D.细线所在直线上选取的2个点，间距适当远一些（3）弹簧测力计A的示数如图乙所示，则其示数为__________N；（4）以、两弹簧测力计的拉力、为邻边作平行四边形，如图丙所示。测量平行四边形对角线长度，可知其对应的力的大小为__________N。（结果保留3位有效数字）（5）该组同学发现多次实验中，的大小均大于弹簧测力计的示数大小。有同学认为出现这样结果是由于读弹簧测力计的示数不准确造成的。你是否同意此观点？若同意，请简要说明理由；若不同意，请简要说明出现这样结果的一个原因。【答案】（1）B（2）ABD（3）##3.87##3.88（4）（5）不同意，因圆木板的重力或弹簧测力计弹簧重力影响【解析】【小问1】弹簧测力计所测力的大小、方向，应与、弹簧测力计所测两力的合力大小相等、方向相反，采用的科学方法是等效替代法。故选B。【小问2】A．为避免误差，弹簧测力计使用前需校零，故A正确；B．拉线方向应与黑板平面尽量平行，使绳的拉力在同一平面内，故B正确；C．B、C两弹簧测力计的拉力方向不需要垂直，故C错误；D．细线所在直线上选取的2个点，间距适当远一些，这样确定方向时可以减小误差，故D正确。故选ABD。【小问3】弹簧测力计A精度为，故读数为【小问4】根据标度可得对应的力的大小为【小问5】不同意，因圆木板的重力或弹簧测力计弹簧重力影响。12.我国“天问一号”探测器成功着陆火星，已知火星半径为，自转周期为，火星表面重力加速度为（忽略自转影响），引力常量为。（1）求火星的质量；（2）若在火星表面发射一颗火星同步卫星，求该同步卫星距离火星表面的高度。【答案】（1）（2）【解析】【小问1】在天体表面（忽略自转影响），有解得火星的质量【小问2】对同步卫星，根据万有引力提供向心力有联立解得可得该同步卫星距离火星表面的高度为13.公交车以的速度匀速行驶，质量为的行李箱放置在公交车地板上，由于前方出现紧急状况，司机立即采取紧急制动，制动的加速度大小为，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。，求：（1）若行李箱与地板间不发生相对滑动，地板对行李箱的摩擦力大小；（2）若行李箱与地板间的动摩擦因数，行李箱经多长时间匀减速到零？【答案】（1）（2）【解析】【小问1】行李箱与地板间不发生相对滑动，行李箱加速度由牛顿第二定律，地板对行李箱的摩擦力大小【小问2】对行李箱由牛顿第二定律可得解得故公交车先停止，行李箱一直做匀减速直线运动，行李箱停止所用时间14.如图所示，质量均为的、、C三个小球分别套在光滑的“T”型离心装置的水平杆两侧和竖直杆上，为水平杆的中点，两球与之间用原长为的两个完全相同的轻质弹簧连接，A、B两球用长为的轻绳与球连接。最初系统处于静止，轻绳与竖直杆间的夹角为。该装置绕竖直杆所在轴缓慢加速，直至弹簧恢复到原长。已知，，重力加速度为。求：（1）系统静止时，绳上弹力的大小和弹簧的劲度系数；（2）当弹簧恢复原长时，水平杆转动的角速度；（3）从开始至弹簧恢复原长的过程中，A、B、C三个小球的机械能增加量。【答案】（1），（2）（3）【解析】【小问1】对球，根据平衡条件，有解得对球受力分析，根据平衡条件可得解得【小问2】当弹簧恢复原长时，设此时绳子拉力为，绳子与竖直方向夹角为，对球，根据平衡条件，有对A球由牛顿第二定律得，解得【小问3】A、B两个小球的速度为球上升的高度为A、B、C球系统增加机械能为联立解得15.如图所示，足够长水平传送带速度为，沿顺时针方向匀速转动。将标号为1、2、3……2024、2025的滑块无初速度的摆放在传送带上。滑块与传送带间无摩擦力，滑块间距均为，质量均为。在1号滑块左侧相距长度处，无初速度的再放置一质量为，与传送带间有摩擦力的物块，物块加速到速度为时，与1号滑块相撞。已知相撞后，1号滑块碰2号滑块前不会被物块追上。此后物块每次与1号滑块碰撞的速度均为。所有碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间不计，物块与滑块均可视为质点。求：（1）物块第一次与1号滑块碰撞后的速度大小；（2）与比值（用表示）；（3）【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1】根据动量守恒定律和能量守恒定律，得，联立解得，【小问2】设物块的加速度为，物块由静止加速，速度达到，有物块碰后，速度由加速到，位移为，有两式相比，代入速度后可得【小问3】物块与滑块1碰后，每次碰滑块1前，均前进的距离，速度从加速到。设完成全部2025次碰撞总时间为。滑块1向滑块2运动、碰后交换速度，滑块1静止，滑块2以向滑块3运动；滑块2向滑块3运动，碰后交换速度，。。。直到滑块2024碰滑块2025，滑块2025以向前匀速运动；第一次碰滑块1到碰滑块2025，所需的总时间为。有，2025号滑块运动的位移，可得其它解法：物理情景：物块在滑块1位置，碰滑块1后速度减小为，滑块1以向前匀速运动；因：相撞后，滑块1碰滑块2前不会被物块追上。此后物块每次与滑块1碰撞的速度均为。故：物块与滑块1碰后，从滑块1位置开始，物块又加速直到速度。在物块加速过程中，滑块1和滑块2已相碰，并交换速度，滑块1静止在滑块2的位置，“等待物块的碰撞”，而滑块2正以匀速运动，去碰滑块3。。。。由此可推知，物块与滑块1完成2025次碰撞的时间长，滑块2025在滑块2024碰后的时间短。另解法1：碰撞后物块做匀加速直线运动，假设物块与传送带之间的动摩擦因数为，第二次与滑块1碰撞的时间为物块与1号滑块从第1次碰撞到第2025次碰撞时间为，联立消可得：第2025号滑块运动的位移，可得解法2：1号至202