2025年-2026学年下学期上海高二化学期末模拟试卷（二）

第1页（共1页）2025年-2026学年下学期上海高二化学期末模拟试卷（二）一．解答题（共6小题）1．（2024秋•浦东新区校级期末）石油俗称工业的血液，与我们的生产、生活息息相关，现以石油气中的产物之一乙烷为主要原料合成化合物G，其合成路线如图：（1）步骤①的反应条件是。石油裂化得到轻质液体燃料的操作为变化（填“物理”或“化学”）。（2）物质B的沸点为12.3℃，常用于局部冷冻麻醉应急处理。物质B可通过烷烃的取代反应或乙烯的加成反应制得，其中最好的方法是反应（填“前者”或“后者”）。（3）C是衡量一个国家石油化工发展水平的标志，其名称为，其官能团名称是。（4）写出C合成聚乙烯的化学方程式。（5）D是白酒中除水以外的主要成分，写出D的结构简式。（6）F是食醋中有酸味的物质，写出生成F的反应类型为。A.氧化B.还原（7）G由C、H、O三种元素组成，如图为G的。A.球棍模型B.空间填充模型（8）G的结构简式为。写出步骤D和F生成G和水的化学方程式。（9）H是A的同系物，比A分子量大14，H分子式是，写出H可能的一种结构简式。2．（2025秋•黄浦区校级月考）烯烃中碳碳双键是重要的官能团，在不同条件下能发生多种变化。（1）某烯烃与氢气加成后得到2，2﹣二甲基戊烷，原烯烃的名称可能是。A.2，2﹣甲基﹣3﹣戊烯B.2，2﹣二甲基﹣4﹣戊烯C.4，4﹣二甲基﹣2﹣戊烯D.2，2﹣二甲基﹣2﹣戊烯（2）下列几种结构简式中，互为顺反异构体的是。（3）某高分子化合物是由两种单体加聚而成的，其结构如图：，两种单体的结构简式分别为和。烯烃A在一定条件下可以按下面的框图进行反应：已知：Ⅰ.D是，E是。Ⅱ.F1与F2互为同分异构体，G1和G2互为同分异构体。请回答下列问题：（4）A的结构简式是。（5）框图中属于取代反应的是（填数字代号）。（6）框图中①⑥分别属于哪种反应类型、。（7）G1的结构简式是。（8）双烯合成反应（即Diels﹣Alder反应）是一类二烯烃与单烯烃或炔烃作用生成六元环状化合物的反应，例如，最简单的1，3﹣丁二烯和乙烯的作用表示为：。则由1﹣丁烯和2，3﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯发生双烯合成反应的产物为。3．（2025秋•黄浦区校级期末）对氨基苯甲酸（PABA）对结核杆菌有抑菌作用，在一定条件下发生如图转化生成物质M和N。回答（1）～（3）题。（1）实现转化①最适宜选用的试剂是。A.NaB.NaOHC.Na2CO3D.NaHCO3（2）下列关于PABA和有机物N描述正确的是。A.均能形成分子间氢键B.均能形成分子内氢键C.均不能形成分子间氢键D.均不能形成分子内氢键（3）N在过量NaOH溶液中以的离子形式存在，在过量盐酸溶液中以的离子形式存在。4．（2025秋•上海校级期末）在阿司匹林之前，人们用水杨酸作为止痛药，但它有较强的酸性，能引起胃出血。25℃时Ka（1）下列关于水杨酸的叙述正确的是。A．水杨酸与互为同系物B．水杨酸分子中所有原子一定都在同一平面上C．水杨酸既可以看成是酚类物质，也可以看成是羧酸类物质（2）将水杨酸与溶液作用（填化学式），可以生成。（3）写出水杨酸的第一步电离的电离方程式。水杨酸钠（）易溶于水，可用作食品防腐剂，其水溶液呈碱性。（4）常温时，将0.1mol的水杨酸钠溶于水配成1升溶液，该溶液中OH﹣的浓度mol/L。（5）若向上述水杨酸钠溶液中加0.001molFeCl3（忽略体积变化），是否会有Fe（OH）3沉淀产生？通过计算说明（已知：25℃时，Fe（OH）3的Ksp＝2.8×10﹣39）。由于水杨酸的酸性较强，对胃肠道刺激大，目前只供外用。把水杨酸乙酰化后成为阿司匹林，副作用较低，阿司匹林成了现在主流的解热镇痛药。（6）阿司匹林可用水杨酸与乙酸酐（乙酸酐结构见下图）在催化剂、加热的条件下制得，写出该反应的化学方程式：。（7）当1mol阿司匹林和足量氢氧化钠溶液反应时最多需氢氧化钠。A．2molB．3molC．4molD．5mol（8）胃溃疡患者服用阿司匹林片时，为何需同时服用氢氧化铝片。一种缓释阿司匹林的结构式如下图，可缓慢释放药物，减少胃肠道刺激，维持稳定的血药浓度，减少不良反应，适合长期需要用药的慢性病患者。（9）该物质在酸性条件下水解生成阿司匹林、和一种聚合物，这种聚合物的单体的结构简式是。5．（2026春•上海校级月考）盐酸恩沙替尼（J）是首个由中国企业主导在全球上市的小分子肺癌靶向创新药，标志着我国在肿瘤靶向药物领域取得了非常大的突破和进展，其合成路线如图：已知：①Boc2O是（1）B的结构简式为。（2）反应条件X可选择。A．Br2/CCl4B．NaOH/H2OC．新制Cu（OH）2悬浊液D．Fe/HCl（3）E中官能团的名称是。（4）F生成G的反应类型为。A．氧化反应B．取代反应C．消去反应D．加成反应（5）写出G到H的化学方程式。（6）在G转化为H的过程中，加入足量三乙胺[（C2H5）3N]可提高H的产率，请解释产率提高的原因。而加入足量乙胺C2H5NH2反而会降低H的产率，请解释产率降低的原因。（7）写出一种符合下列条件的Boc2O的同分异构体：。①含4个—OCH3；②含非三元环的环状结构；③核磁共振氢谱显示有2组峰；④使酸性KMnO4溶液褪色。（8）据题中信息，以苯为原料，设计合成食品香料的路线（用流程图表示，其他无机试剂任选）。6．（2026•上海校级模拟）异氰酸（H—N＝C＝O）和氰酸（H—O—C≡N）是由德国化学家维勒（FriedrichWohler）在研究氰酸铵时发现，这两种酸是化学史上发现的第一个同分异构体。（1）异氰酸分子中σ键与π键个数之比为，C、N、O三种元素中第一电离能最小是（填元素符号）。（2）能说明氮元素的电负性比碳元素强的事实是。A．共价键极性：N—H＞C—HB．氧化性：NO2＞CO2C．含氧酸酸性：HNO2＞H2CO3D．气态氢化物的热稳定性：CH4＞NH3（3）氰酸的熔点比异氰酸高，可能由所致。A．分子间氢键强度差异B．分子内氢键强度差异C．分子内共价键强度差异用烃基R替换异氰酸中H可得到异氰酸酯（R—N＝C＝O）。异氰酸酯是重要的有机化工原料，现有一种通过异氰酸酯制备杀虫剂氟铃脲（G）的合成路线，过程如下：已知：Ⅰ．异氰酸酯结构中的碳氮双键比碳氧双键活性更强，更容易与含有活泼氢的物质（如ROH、RNH2等）发生加成反应，如：R1—NH2+O＝C＝N—R2→一定条件Ⅱ．→OH（4）关于有机物G说法正确的是。A．存在顺反异构体B．可与水合茚三酮发生显色反应C．有2种不同杂化方式的碳原子D．最多可与8molH2发生加成反应（5）在系统命名卤代芳烃时，卤原子往往作取代基，如有机物的系统命名为2﹣氯甲苯，据此规则A的名称应为。（6）化合物B→C的反应类型是。A．取代反应B．加成反应C．消去反应D．氧化反应（7）D中含氧官能团的名称为。（8）E的结构简式为，在D→E的过程中会生成另一个分子，其化学式为。（9）G还有另外一种合成线路，是由D和另一种异氰酸酯H通过一步反应制得，写出H的结构简式：。（10）有机物I是比E多2个碳原子的同系物，写出符合下列要求且属于有机物I的一种同分异构体的结构简式：。ⅰ．存在1个不对称碳原子；ⅱ．在一定条件下，可形成内盐结构；ⅲ．分子中共有四种化学环境不同的氢原子，个数比为1：2：2：2。（11）结合以上合成路线及题目信息，设计一条以1，3﹣丁二烯和为主要有机原料制备一种聚氨酯材料（）的合成路线。二．推断题（共1小题）7．（2026春•徐汇区校级期中）奥司他韦被称为流感特效药，具有抗病毒的生物学活性，其主流合成路线如图所示：已知：（Boc）2O的结构简式为。（1）A的名称为；G中的含氧官能团有。（2）甲醛、乙醛为原料通过两步反应可生成A，过程如下：第二步反应的反应类型是，检验该步的反应物是否反应完全的方法是。（3）反应B→D的原子利用率为100%，写出C的结构简式。（4）E→F的化学方程式为。在E→F的反应中会发生副反应生成一种F的同分异构体F′，写出F′的结构简式。（5）在G→H的反应中，加入一定量的（CH3CH2）3N可提高G的转化率，原因是。（6）奥司他韦（M）分子中①、②号N原子中更易与H+反应的是（选填“①”或“②”）号N原子，原因是。（7）参照上述合成路线，以CH3CHO和为主要原料，其他试剂任选，设计合成的路线。

2025年-2026学年下学期上海高二化学期末·解答一．解答题（共6小题）1．（2024秋•浦东新区校级期末）石油俗称工业的血液，与我们的生产、生活息息相关，现以石油气中的产物之一乙烷为主要原料合成化合物G，其合成路线如图：（1）步骤①的反应条件是光照。石油裂化得到轻质液体燃料的操作为化学变化（填“物理”或“化学”）。（2）物质B的沸点为12.3℃，常用于局部冷冻麻醉应急处理。物质B可通过烷烃的取代反应或乙烯的加成反应制得，其中最好的方法是反应后者（填“前者”或“后者”）。（3）C是衡量一个国家石油化工发展水平的标志，其名称为乙烯，其官能团名称是碳碳双键。（4）写出C合成聚乙烯的化学方程式nCH2=C（5）D是白酒中除水以外的主要成分，写出D的结构简式CH3CH2OH。（6）F是食醋中有酸味的物质，写出生成F的反应类型为A。A.氧化B.还原（7）G由C、H、O三种元素组成，如图为G的A。A.球棍模型B.空间填充模型（8）G的结构简式为CH3COOC2H5。写出步骤D和F生成G和水的化学方程式CH3COOH+CH3CH2OH⇌△浓H2SO4CH3COOC2H（9）H是A的同系物，比A分子量大14，H分子式是C3H8，写出H可能的一种结构简式CH3CH2CH3。【答案】（1）光照；化学；（2）后者；（3）乙烯；碳碳双键；（4）nCH2（5）CH3CH2OH；（6）A；（7）A；（8）CH3COOC2H5；CH3COOH+CH3CH2OH⇌△浓H2SO4CH3COOC（9）C3H8；CH3CH2CH3。【分析】乙烷发生取代反应生成一氯乙烷，一氯乙烷发生消去反应生成乙烯，乙烯与水发生加成反应生成乙醇，乙醇经催化氧化生成乙醛，乙醛进一步被氧化为乙酸，乙酸与乙醇发生酯化反应生成化合物G为乙酸乙酯。【解答】解：（1）乙烷在光照条件下与氯气发生取代反应生成一氯乙烷；石油裂化得到轻质液体燃料过程中有新物质生成，属于化学变化，故答案为：光照；化学；（2）通过乙烯发生加成反应制一氯乙烷较好，原子利用率百分之百，无副产物，产物纯净，故答案为：后者；（3）C为乙烯，其所含官能团为碳碳双键，故答案为：；（4）乙烯在催化剂作用下发生加聚反应生成聚乙烯：nCH2故答案为：nCH2（5）D为乙醇，结构简式：CH3CH2OH，故答案为：CH3CH2OH；（6）F是食醋中有酸味的物质，即乙酸，乙醛进一步被氧化可生成乙酸，故答案为：A；（7）G为乙酸乙酯，根据结构模型可知为球棍模型，故答案为：A；（8）乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，乙酸乙酯结构简式：CH3COOC2H5；反应化学方程式：CH3COOH+CH3CH2OH⇌△浓H2SO4CH3COOC故答案为：CH3COOC2H5；CH3COOH+CH3CH2OH⇌△浓H2SO4CH3COOC（9）H是A的同系物，比A分子量大14，为丙烷，分子式：C3H8；可能存在的结构简式：CH3CH2CH3，故答案为：C3H8；CH3CH2CH3。【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式、明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度中等。2．（2025秋•黄浦区校级月考）烯烃中碳碳双键是重要的官能团，在不同条件下能发生多种变化。（1）某烯烃与氢气加成后得到2，2﹣二甲基戊烷，原烯烃的名称可能是C。A.2，2﹣甲基﹣3﹣戊烯B.2，2﹣二甲基﹣4﹣戊烯C.4，4﹣二甲基﹣2﹣戊烯D.2，2﹣二甲基﹣2﹣戊烯（2）下列几种结构简式中，互为顺反异构体的是①③。（3）某高分子化合物是由两种单体加聚而成的，其结构如图：，两种单体的结构简式分别为CH2＝CR—CH＝CHR和R—CH＝CH—R。烯烃A在一定条件下可以按下面的框图进行反应：已知：Ⅰ.D是，E是。Ⅱ.F1与F2互为同分异构体，G1和G2互为同分异构体。请回答下列问题：（4）A的结构简式是。（5）框图中属于取代反应的是②（填数字代号）。（6）框图中①⑥分别属于哪种反应类型加成反应、加成反应。（7）G1的结构简式是。（8）双烯合成反应（即Diels﹣Alder反应）是一类二烯烃与单烯烃或炔烃作用生成六元环状化合物的反应，例如，最简单的1，3﹣丁二烯和乙烯的作用表示为：。则由1﹣丁烯和2，3﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯发生双烯合成反应的产物为。【答案】（1）C；（2）①③；（3）CH2＝CR—CH＝CHR；R—CH＝CH—R；（4）；（5）②；（6）加成反应；加成反应；（7）；（8）。【分析】（1）根据烯烃的加成反应原理，碳碳双键中的一个键断开，分别结合H原子，生成2，2﹣二甲基戊烷：CH3C（CH3）2CH2CH2CH3，采取倒推法相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，即得到该烯烃；（2）在同一碳原子上不连相同官能团或原子的情况下，相同官能团或原子在碳碳双键两端且同侧的为顺式结构，相同官能团或原子在碳碳双键两端且异侧的为反式结构；（3）高分子的主链只有C，为加聚产物；烯烃A含有碳碳双键，根据D的结构简式可知A为，A与HBr发生加成反应生成C为（CH3）2CBrCH（CH3）2，A与氢气发生加成反应生成B，B与溴发生取代反应生成C，则B为（CH3）2CHCH（CH3）2．D在足量的氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成E，则E为，E与适量Br2反应时有两种加成方式，即1，2﹣加成生成和1，4﹣加成生成，再加成HBr时F1有两种加成产物，F2只有一种加成产物，则F1为，F2为，故G1为，G2为，以此解答（4）～（7）；（8）由1﹣丁烯和2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯发生双烯合成，丁烯中双键变单键，二烯烃发生1，4加成，且形成环状结构。【解答】解：（1）2，2﹣二甲基戊烷的碳链结构为，2，2﹣二甲基戊烷相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，从而得到烯烃；根据2，2﹣二甲基戊烷的碳链结构，可知相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键只有2种情况，烯烃的碳链结构分别为：、，烯烃的名称分别为：4，4﹣二甲基﹣1﹣戊烯、4，4﹣二甲基﹣2﹣戊烯，故答案为：C；（2）相同官能团或原子在碳碳双键两端且同侧的为顺式结构，相同官能团或原子在碳碳双键两端且异侧的为反式结构，①为反式结构；②，同一碳上连相同官能团或原子，没有顺反异构；③为顺式结构；④，同一碳上连相同官能团或原子，没有顺反异构，互为顺反异构的是①③，故答案为：①③；（3）高分子的主链只有C，为加聚产物，则单体的结构简式分别为CH2＝CR—CH＝CHR、R—CH＝CH—R，故答案为：CH2＝CR—CH＝CHR；R—CH＝CH—R；（4）由上述分析可知，A的结构简式是：，故答案为：；（5）框图中属于取代反应的是②，故答案为：②；（6）框图中①、⑥属于加成反应、加成反应，故答案为：加成反应；加成反应；（7）G1的结构简式为，故答案为：；（8）由1﹣丁烯和2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯发生双烯合成，丁烯中双键变单键，二烯烃发生1，4加成，且形成环状结构，合成产物的结构简式为，故答案为：。【点评】本题考查有机物的推断，为高频考点，把握碳链变化、有机反应及反应条件、官能团的变化为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意有机物性质的应用，题目难度中等。3．（2025秋•黄浦区校级期末）对氨基苯甲酸（PABA）对结核杆菌有抑菌作用，在一定条件下发生如图转化生成物质M和N。回答（1）～（3）题。（1）实现转化①最适宜选用的试剂是D。A.NaB.NaOHC.Na2CO3D.NaHCO3（2）下列关于PABA和有机物N描述正确的是AB。A.均能形成分子间氢键B.均能形成分子内氢键C.均不能形成分子间氢键D.均不能形成分子内氢键（3）N在过量NaOH溶液中以的离子形式存在，在过量盐酸溶液中以的离子形式存在。【答案】（1）D；（2）AB；（3）；。【分析】（1）反应①中，PABA中羧基转化为—COONa、酚羟基和氨基不反应，羧基能和NaHCO3反应生成—COONa，氨基、酚羟基不反应；（2）二者都能形成分子间和分子内氢键；（3）N在过量NaOH溶液中，酚羟基和NaOH发生中和反应，在过量盐酸溶液中，氨基和稀盐酸反应生成铵盐。【解答】解：（1）反应①中，PABA中羧基转化为—COONa、酚羟基和氨基不反应，羧基能和NaHCO3反应生成—COONa，氨基、酚羟基不反应，所以选择的试剂是碳酸氢钠，故答案为：D；（2）氨基、酚羟基都能形成分子间氢键，分子中的氨基和酚羟基能形成分子内氢键，所以A、B正确，故答案为：AB；（3）N在过量NaOH溶液中，酚羟基和NaOH发生中和反应，以的离子存在，在过量盐酸溶液中，氨基和稀盐酸反应生成铵盐，以的离子存在，故答案为：；。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题的关键，题目难度不大。4．（2025秋•上海校级期末）在阿司匹林之前，人们用水杨酸作为止痛药，但它有较强的酸性，能引起胃出血。25℃时Ka（1）下列关于水杨酸的叙述正确的是C。A．水杨酸与互为同系物B．水杨酸分子中所有原子一定都在同一平面上C．水杨酸既可以看成是酚类物质，也可以看成是羧酸类物质（2）将水杨酸与NaHCO3溶液作用（填化学式），可以生成。（3）写出水杨酸的第一步电离的电离方程式⇌+H+。水杨酸钠（）易溶于水，可用作食品防腐剂，其水溶液呈碱性。（4）常温时，将0.1mol的水杨酸钠溶于水配成1升溶液，该溶液中OH﹣的浓度10﹣6mol/L。（5）若向上述水杨酸钠溶液中加0.001molFeCl3（忽略体积变化），是否会有Fe（OH）3沉淀产生？通过计算说明向上述水杨酸钠溶液中加0.001molFeCl3，即c（FeCl3）＝0.001mol/L，此时c（Fe3+）c3（OH﹣）＝0.001×（10﹣6）3＝10﹣21＞2.8×10﹣39＝Ksp[Fe（OH）3]，即会有Fe（OH）3沉淀产生（已知：25℃时，Fe（OH）3的Ksp＝2.8×10﹣39）。由于水杨酸的酸性较强，对胃肠道刺激大，目前只供外用。把水杨酸乙酰化后成为阿司匹林，副作用较低，阿司匹林成了现在主流的解热镇痛药。（6）阿司匹林可用水杨酸与乙酸酐（乙酸酐结构见下图）在催化剂、加热的条件下制得，写出该反应的化学方程式：+（CH3CO）2O→Δ催化剂+CH3COOH。（7）当1mol阿司匹林和足量氢氧化钠溶液反应时最多需氢氧化钠B。A．2molB．3molC．4molD．5mol（8）胃溃疡患者服用阿司匹林片时，为何需同时服用氢氧化铝片氢氧化铝片可以中和胃酸和羧基，减少药物对胃溃疡患者胃壁的刺激作用，同时在溃疡面形成保护膜，隔绝阿司匹林和胃酸对溃疡处的刺激。一种缓释阿司匹林的结构式如下图，可缓慢释放药物，减少胃肠道刺激，维持稳定的血药浓度，减少不良反应，适合长期需要用药的慢性病患者。（9）该物质在酸性条件下水解生成阿司匹林、乙二醇（或HOCH2CH2OH）和一种聚合物，这种聚合物的单体的结构简式是CH2＝C（CH3）COOH。【答案】（1）C；（2）NaHCO3；（3）⇌+H+；（4）10﹣6；（5）向上述水杨酸钠溶液中加0.001molFeCl3，即c（FeCl3）＝0.001mol/L，此时c（Fe3+）c3（OH﹣）＝0.001×（10﹣6）3＝10﹣21＞2.8×10﹣39＝Ksp[Fe（OH）3]，即会有Fe（OH）3沉淀产生；（6）+（CH3CO）2O→Δ催化剂+CH3COOH；（7）B；（8）氢氧化铝片可以中和胃酸和羧基，减少药物对胃溃疡患者胃壁的刺激作用，同时在溃疡面形成保护膜，隔绝阿司匹林和胃酸对溃疡处的刺激；（9）乙二醇（或HOCH2CH2OH）；CH2＝C（CH3）COOH。【分析】（1）A．已知同系物是指结构相似（即官能团的种类和数目分别相同），且组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质；B．已知苯环上所有原子共平面，但酚羟基中为V形结构，羧基上的所有原子不一定共平面；C．由题干水杨酸的结构简式分析；（2）将水杨酸转化为，即保留酚羟基，除去羧基，根据酸性强弱：羧酸＞碳酸＞苯酚；（3）羧基的酸性强于酚羟基；（4）常温时，将0.1mol的水杨酸钠溶于水配成1升溶液，此时水杨酸钠溶液的浓度为：0.1mol/L，根据+H2O⇌+OH﹣的Kh=KwKa_110-1410-3（5）该溶液中OH﹣的浓度10﹣6mol/L，若向上述水杨酸钠溶液中加0.001molFeCl3，即c（FeCl3）＝0.001mol/L，此时c（Fe3+）c3（OH﹣）＝0.001×（10﹣6）3＝10﹣21＞2.8×10﹣39＝Ksp[Fe（OH）3]；（6）由题干水杨酸、阿司匹林、乙酸酐的结构简式可知，阿司匹林可用水杨酸与乙酸酐在催化剂、加热的条件下制得；（7）由题干阿司匹林的结构简式可知，1mol分子中含有1mol羧基需消耗1molNaOH，1mol酚酯基需消耗2molNaOH；（8）阿司匹林分子中含有羧基，将刺激胃壁，同时服用氢氧化铝片可知中和胃酸和羧基，减少药物对胃溃疡患者胃壁的刺激作用，同时在溃疡面形成保护膜；（9）该物质中含有酯基在酸性条件下水解生成阿司匹林、乙二醇和一种聚合物即聚2﹣甲基丙烯酸；【解答】解：（1）A．已知同系物是指结构相似（即官能团的种类和数目分别相同），且组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质，据此可知水杨酸与的官能团种类不同，即结构不相似，不互为同系物，故A错误；B．已知苯环上所有原子共平面，但酚羟基中为V形结构，羧基上的所有原子不一定共平面，即水杨酸分子中不一定所有原子都在同一平面上，故B错误；C．由题干水杨酸的结构简式可知，水杨酸中含有酚羟基可以看成是酚类物质，又含有羧基可以看成是羧酸类物质，故C正确；故答案为：C；（2）将水杨酸转化为，即保留酚羟基，除去羧基，根据酸性强弱：羧酸＞碳酸＞苯酚。水杨酸中的羧基酸性强于碳酸，可以与NaHCO3反应；而酚羟基酸性弱于碳酸，不与NaHCO3反应，因此选用NaHCO3溶液可以只让羧基反应，故答案为：NaHCO3；（3）由于羧基的酸性强于酚羟基，故水杨酸的第一步电离的电离方程式为：⇌+H+，故答案为：⇌+H+；（4）常温时，将0.1mol的水杨酸钠溶于水配成1升溶液，此时水杨酸钠溶液的浓度为：0.1mol/L，根据+H2O⇌+OH﹣的Kh=KwKa_110-1410-3=10﹣11，即有c(水杨酸)c(OH-)c(水杨酸钠)-c(水杨酸)=10﹣11，水解程度较小，故有：c2(O故答案为：10﹣6；（5）由上述（4）分析可知，该溶液中OH﹣的浓度10﹣6mol/L，若向上述水杨酸钠溶液中加0.001molFeCl3，即c（FeCl3）＝0.001mol/L，此时c（Fe3+）c3（OH﹣）＝0.001×（10﹣6）3＝10﹣21＞2.8×10﹣39＝Ksp[Fe（OH）3]，即会有Fe（OH）3沉淀产生，故答案为：向上述水杨酸钠溶液中加0.001molFeCl3，即c（FeCl3）＝0.001mol/L，此时c（Fe3+）c3（OH﹣）＝0.001×（10﹣6）3＝10﹣21＞2.8×10﹣39＝Ksp[Fe（OH）3]，即会有Fe（OH）3沉淀产生；（6）由题干水杨酸、阿司匹林、乙酸酐的结构简式可知，阿司匹林可用水杨酸与乙酸酐在催化剂、加热的条件下制得，该反应的化学方程式为：+（CH3CO）2O→Δ催化剂+CH3COOH，故答案为：+（CH3CO）2O→Δ催化剂+CH3COOH；（7）由题干阿司匹林的结构简式可知，1mol分子中含有1mol羧基需消耗1molNaOH，1mol酚酯基需消耗2molNaOH，故当1mol阿司匹林和足量氢氧化钠溶液反应时最多需氢氧化钠3mol，故答案为：B；（8）由题干阿司匹林的结构简式可知，阿司匹林分子中含有羧基，将刺激胃壁，同时服用氢氧化铝片可知中和胃酸和羧基，减少药物对胃溃疡患者胃壁的刺激作用，同时在溃疡面形成保护膜，隔绝阿司匹林和胃酸对溃疡处的刺激，故答案为：氢氧化铝片可以中和胃酸和羧基，减少药物对胃溃疡患者胃壁的刺激作用，同时在溃疡面形成保护膜，隔绝阿司匹林和胃酸对溃疡处的刺激；（9）由题干高聚物的结构简式可知，该物质中含有酯基在酸性条件下水解生成阿司匹林、乙二醇和一种聚合物即聚2﹣甲基丙烯酸，这种聚合物的单体即2﹣甲基丙烯酸，其结构简式是CH2＝C（CH3）COOH，故答案为：乙二醇（或HOCH2CH2OH）；CH2＝C（CH3）COOH。【点评】本题考查有机物的结构和性质等，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。5．（2026春•上海校级月考）盐酸恩沙替尼（J）是首个由中国企业主导在全球上市的小分子肺癌靶向创新药，标志着我国在肿瘤靶向药物领域取得了非常大的突破和进展，其合成路线如图：已知：①Boc2O是（1）B的结构简式为。（2）反应条件X可选择D。A．Br2/CCl4B．NaOH/H2OC．新制Cu（OH）2悬浊液D．Fe/HCl（3）E中官能团的名称是氨基、酰胺基、酯基。（4）F生成G的反应类型为B。A．氧化反应B．取代反应C．消去反应D．加成反应（5）写出G到H的化学方程式。（6）在G转化为H的过程中，加入足量三乙胺[（C2H5）3N]可提高H的产率，请解释产率提高的原因三乙胺[（C2H5）3N]是碱性物质，可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率。而加入足量乙胺C2H5NH2反而会降低H的产率，请解释产率降低的原因加入乙胺（C2H5NH2），会和乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率。（7）写出一种符合下列条件的Boc2O的同分异构体：或。①含4个—OCH3；②含非三元环的环状结构；③核磁共振氢谱显示有2组峰；④使酸性KMnO4溶液褪色。（8）据题中信息，以苯为原料，设计合成食品香料的路线（用流程图表示，其他无机试剂任选）。【答案】（1）；（2）D；（3）氨基、酰胺基、酯基；（4）B；（5）；（6）三乙胺[（C2H5）3N]是碱性物质，可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率；加入乙胺（C2H5NH2），会和乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率；（7）或；（8）。【分析】由图可知，C发生类似F→G的反应生成D，由D的结构简式可知C为，对比A、C的结构简式，结合B的分子式可以推知A和B发生取代反应生成C，则B为，D发生还原反应生成E，F和Boc2O发生取代反应生成G，G发生已知信息的反应原理生成H，H和LiOH发生取代反应生成I，E和I经过多步反应生成J，以此解答。【解答】解：（1）根据分析，B的结构简式为，故答案为：；（2）化合物D中的硝基被还原为氨基，发生还原反应，故所加试剂要有还原性，故答案为：D；（3）E中含有的官能团有氨基、酰胺基、酯基，故答案为：氨基、酰胺基、酯基；（4）结合分析，F生成G的反应类型为取代反应，故答案为：B；（5）按照G与H的结构简式，结合加入的CO和乙醇可知，G到H的化学方程式，故答案为：；（6）在G转化为H的过程中生成HCl，加入足量三乙胺[（C2H5）3N]可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率；若加入乙胺（C2H5NH2）过量，会和过量的乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率，故答案为：三乙胺[（C2H5）3N]是碱性物质，可以和产物HCl反应，促进平衡正向移动，提高H的产率；加入乙胺（C2H5NH2），会和乙胺（C2H5NH2）发生信息反应得到副产物（含酰胺基），降低H的产率；（7）Boc2O的分子式为C10H18O5，不饱和度为2。符合条件①含4个—OCH3；②含非三元环的环状结构；③核磁共振氢谱显示有2组峰，需18个氢中的12个H相同、剩余6个以2个相同的—CH3；④使酸性KMnO4溶液褪色，说明含有碳碳双键。综上符合要求的结构简式有或，故答案为：或；（8）根据目标产物中的酯基可利用合成路线中的方法，由羟基与酰氯发生取代反应，故最后一部的两个有机物为和，第一步由苯引入碳氯键形成氯苯，再利用G→H合成路线合成，再合成苯甲醇，具体合成路线为，故答案为：。【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生基础知识的掌握情况，试题难度中等。6．（2026•上海校级模拟）异氰酸（H—N＝C＝O）和氰酸（H—O—C≡N）是由德国化学家维勒（FriedrichWohler）在研究氰酸铵时发现，这两种酸是化学史上发现的第一个同分异构体。（1）异氰酸分子中σ键与π键个数之比为3：2，C、N、O三种元素中第一电离能最小是C（填元素符号）。（2）能说明氮元素的电负性比碳元素强的事实是AC。A．共价键极性：N—H＞C—HB．氧化性：NO2＞CO2C．含氧酸酸性：HNO2＞H2CO3D．气态氢化物的热稳定性：CH4＞NH3（3）氰酸的熔点比异氰酸高，可能由A所致。A．分子间氢键强度差异B．分子内氢键强度差异C．分子内共价键强度差异用烃基R替换异氰酸中H可得到异氰酸酯（R—N＝C＝O）。异氰酸酯是重要的有机化工原料，现有一种通过异氰酸酯制备杀虫剂氟铃脲（G）的合成路线，过程如下：已知：Ⅰ．异氰酸酯结构中的碳氮双键比碳氧双键活性更强，更容易与含有活泼氢的物质（如ROH、RNH2等）发生加成反应，如：R1—NH2+O＝C＝N—R2→一定条件Ⅱ．→OH（4）关于有机物G说法正确的是C。A．存在顺反异构体B．可与水合茚三酮发生显色反应C．有2种不同杂化方式的碳原子D．最多可与8molH2发生加成反应（5）在系统命名卤代芳烃时，卤原子往往作取代基，如有机物的系统命名为2﹣氯甲苯，据此规则A的名称应为2，6﹣二氯甲苯。（6）化合物B→C的反应类型是A。A．取代反应B．加成反应C．消去反应D．氧化反应（7）D中含氧官能团的名称为酰胺基（酰胺键）。（8）E的结构简式为，在D→E的过程中会生成另一个分子，其化学式为HCl。（9）G还有另外一种合成线路，是由D和另一种异氰酸酯H通过一步反应制得，写出H的结构简式：。（10）有机物I是比E多2个碳原子的同系物，写出符合下列要求且属于有机物I的一种同分异构体的结构简式：。ⅰ．存在1个不对称碳原子；ⅱ．在一定条件下，可形成内盐结构；ⅲ．分子中共有四种化学环境不同的氢原子，个数比为1：2：2：2。（11）结合以上合成路线及题目信息，设计一条以1，3﹣丁二烯和为主要有机原料制备一种聚氨酯材料（）的合成路线，。【答案】（1）3：2；C；（2）AC；（3）A；（4）C；（5）2，6﹣二氯甲苯；（6）A；（7）酰胺基（酰胺键）；（8）；HCl；（9）；（10）；（11），。【分析】根据流程及A的分子式为C7H6Cl2，可推出A的结构式为，A在氨气和氧气的作用下，生成了B（），B与KF反应，生成C（），根据题给信息，C与过氧化氢反应，生成D（），D和COCl2反应生成E，E的分子式为C8H3F2NO2，推出E的结构式为，E与F（）反应生成了氟铃脲G（），据此分析。【解答】解：（1）异氰酸结构H—N＝C＝O，单键均为σ键，双键含1个σ键和1个π键，共3个σ键、2个π键，故比值为3：2；同周期元素第一电离能从左至右增大（N的2p轨道半满稳定，第一电离能大于O），第一电离能：N＞O＞C，第一电离能最小的是C，故答案为：3：2；C；（2）电负性越大，对共用电子对吸引力越强，共价键极性越强，N—H极性大于C—H，说明N电负性更大，故A正确；B．氧化性与电负性无直接关系，故B错误；C．含氧酸酸性越强，中心原子吸引电子能力越强，HNO2酸性强于H2CO3，可说明N电负性更大，故C正确；D．电负性越强，气态氢化物稳定性越强，气态氢化物稳定性NH3＞CH4，故D错误；故答案为：AC；（3）氰酸含H—O—，更容易形成分子间氢键，分子间氢键使分子间作用力增大，熔点升高，故熔点差异由分子间氢键强度差异导致，故答案为：A；（4）A．G中无碳碳双键，不存在顺反异构，故A错误；B．水合茚三酮与α﹣氨基酸发生显色反应，G无此结构，故B错误；C．G中苯环碳、羰基碳均为sp2杂化，—CF2CF2H中碳为sp3杂化，只有两种杂化方式，故C正确；D．G中只有两个苯环可与H2加成，最多共消耗6molH2，酰胺基不加成，故D错误；故答案为：C；（5）A的结构式为，A为甲基在1位，两个氯在2、6位的甲苯，按命名规则（卤原子作取代基，甲苯为母体），命名为2，6﹣二氯甲苯，故答案为：2，6﹣二氯甲苯；（6）B中苯环上的Cl被F取代生成C，属于取代反应，故答案为：A；（7）D为，含氧官能团为酰胺基（酰胺键），故答案为：酰胺基（酰胺键）；（8）据分析，E的结构为，D（）和COCl2反应生成E，副产物为HCl，故答案为：；HCl；（9）D为，与H一步加成得到G，根据信息反应可知，H为，故答案为：；（10）有机物I是比E（）多2个碳原子的同系物，I的同分异构体，ⅰ．存在1个不对称碳原子（手性碳）；ⅱ．在一定条件下，可形成内盐结构（同时有氨基和羧基）；ⅲ．分子中共有四种化学环境不同的氢原子，个数比为1：2：2：2；结构简式：，故答案为：；（11）1，3﹣丁二烯经1，4﹣加成、水解、加氢得到1，4﹣丁二醇，1，4﹣丁二醇氧化生成，与缩合生成，路线：，，故答案为：，。【点评】本题考查有机合成，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。二．推断题（共1小题）7．（2026春•徐汇区校级期中）奥司他韦被称为流感特效药，具有抗病毒的生物学活性，其主流合成路线如图所示：已知：（Boc）2O的结构简式为。（1）A的名称为丙烯酸；G中的含氧官能团有酰胺基和酯基。（2）甲醛、乙醛为原料通过两步反应可生成A，过程如下：第二步反应的反应类型是