湖南省张家界市2025-2026学年高二下学期期末考试物理练习卷（人教版）（解析版）

湖南省张家界市2025-2026学年高二下学期期末考试练习卷物理试题（解析版）题号12345678910答案ABACCBBABACBC1．A【详解】根据多普勒效应，当汽车远离测速仪时，波源与观测者相互远离，测速仪接收到的反射波频率会低于原发射频率，因此频率变小。故选A。2．B【详解】对时间内喷出的气体，根据动量定理有解得根据牛顿第三定律和二力平衡有解得故选B。3．A【详解】A．该核反应过程最终生成，由反应方程可知，的比结合能小于的比结合能，故A项正确；B．由题意可知，该衰变属于β衰变，其本质是原子核中的中子变成质子并释放出电子，所以放出的电子来源为核内的中子，故B项错误；C．衰变的半衰期与温度无关，所以受核污染的海产品经过高温烹煮其放射性不会有所减弱，故C项错误；D．半衰期是大量原子的统计规律，100个氚核的衰变问题并不适用，故D项错误。故选A。4．C【详解】将玻璃管向上提起10cm，假设水银柱不动，封闭气体的体积会增大，根据玻意耳定律（温度不变）可知封闭气体压强会减小。而外界大气压不变，此时封闭气体压强小于大气压与管内水银柱产生压强之差，水银柱会向上移动，气柱长度会变长。所以，玻璃管向上提起10cm后，水银柱上移。故选C。5．C【详解】A．根据图像的斜率表示速度，可知0~10s内做匀速直线运动，故A错误；B．根据图像可知，0~20s内机器人发生的位移为0，则0~20s内平均速度大小为零，故B错误；C．根据图像，在20~30s内路程为2m，则平均速率为，故C正确；D．根据图像的斜率表示速度，可知5s末的速度与15s末的速度大小相等，方向相反，故D错误。故选C。6．B【详解】A．升温后内胆中气体分子的平均动能增大，但不是每一个气体分子的动能都增大，故A错误；B．内胆中气体体积不变，温度升高，根据查理定律，可知内胆内气体压强增大，故B正确；C．内胆中气体体积不变，外界对气体做功为0，根据热力学第一定律可知，此过程内胆中气体的内能增加量等于Q，故C错误；D．内胆中气体体积不变，单位体积中的气体分子数不变，气体温度升高，气体分子的平均动能增大，根据压强微观意义可知，内胆中气体分子单位时间内撞击单位面积内壁的次数增大，故D错误。故选B。7．B【详解】A．A→B过程中，气体经历等温过程，气体内能保持不变，体积变小，外界对气体做正功，由热力学第一定律，可得气体放出热量，故A错误；B．B→C过程中，气体经历等容过程，体积保持不变，由查理定律可得，压强和热力学温度成正比，故压强增大，温度升高，气体分子的热运动变得更剧烈，故B正确；C．C→D过程中，气体经历等温过程，压强变小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少，故C错误；D．要想比较状态B气体的温度和状态D气体的温度，考虑到状态A和状态B的温度相等，故只需比较状态D和状态A的温度。D→A过程中，气体经历等容过程，由查理定律可得，压强和热力学温度成正比，故压强降低，温度降低，故状态D的温度大于状态A的温度，即大于状态B的温度，故D错误。故选B。8．AB【详解】AB．由图可知，在0~t1内，电容器C在放电，时刻放电结束；在t1~t2内，电容器C在充电，则磁场能正在转化为电场能，故AB正确；CD．由图可知，在t2~t3内，电容器C在放电，时刻放电结束；在t3~t4内，电容器C在充电，则磁场能正在转化为电场能，故CD错误。故选AB。9．AC【详解】BC．从波源停止振动时开始计时，t=1s时波源附近的波形图如图所示，由图可知波的传播速度为由题图可知波长为，则波的周期为故B错误，C正确；A．由题图根据同侧法可知，若此时的质点继续振动，处的质点向下振动，由于波源振动整数个周期后停止振动，则各个质点也是振动整数个周期后停止振动，所以处的质点起振方向向下，波源的起振方向向下，故A正确；D．若以题图作为质点P的振动0时刻，则质点P的方程为则在t=1.5s时，质点P相对题图时刻振动了，质点P的位移为故D错误。故选AC。10．BC【详解】A．无风时，设悬挂点两侧的晾衣绳与竖直方向的夹角为，由几何关系可知对悬挂点受力分析可知解得A项错误；B．有风时，设悬挂点左侧的晾衣绳长度为，右侧长度为，则有解得设左侧晾衣绳与竖直方向的夹角为，右侧晾衣绳与竖直方向的夹角为，由几何关系可知，设此时细线中的拉力大小为，对悬挂点受力分析，竖直方向有解得B项正确；C．水平方向有解得C项正确；D．衣服和衣架稳定后，晾衣绳对其作用力大小等于其重力和风力的矢量和，则D项错误。故选BC。11．(1)B(2)1.012.00(3)C(4)0.50.2【详解】（1）A．平衡阻力时，应取下砂桶不取下纸带，故A错误；B．安装器材时，应调整滑轮高度，使木板上方绳子与木板平行，这样小车受力会更稳定，故B正确；C．绳子拉力由弹簧测力计记录，所以不需要砂和砂桶的总质量远小于小车质量，故C错误。故选B。（2）[1]由题可知计数点间隔时间根据匀变速直线运动中间时刻瞬时速度等于该过程平均速度可得[2]充分利用图乙所给数据，故使用逐差法得（3）平衡摩擦力时，把长木板的一端垫得过高，使得倾角偏大，小车重力沿斜面的分量大于摩擦力，不加拉力时，小车已经具有一定的加速度，图像在纵轴上有截距，由于小车所受的绳子拉力由弹簧测力计得出，所以直线不会随着砂桶（含砂）的总质量增大而发生弯曲。故选C。（4）[1]对滑块受力分析故图像斜率可得[2]图像轴截距可得12．(1)(2)B(3)1.15(4)【详解】（1）毫安表的满偏电压为则，改装后的最大量程为所以，改装后的量程为。（2）由于改装后的电流表的内阻已知，为了精确测量，图中多用电表代替的电压表应为电源的“内接法”，即右边表笔应接到“”处。（3）由图2可知，多用电表的读数为1.15V。（4）[1][2]由（1）分析可知，电路中电流为毫安表示数的3倍。改装后的电流表的内阻为根据欧姆定律整理可得可得图线的斜率的绝对值为截距为所以，13．(1)(2)【详解】（1）激光在水晶圆柱体中的光路图如图所示由几何关系可知，其中，则，则水晶圆柱体对激光的折射率为（2）激光由点P传播到点Q的路程为激光在水晶圆柱体中的速度为则激光由点P传播到点Q所用时间为14．(1)72cm(2)87cm【详解】（1）对封闭气体，玻璃管由开口向上变为水平，根据玻意耳定律有（p0＋l0）l1=p0l2其中p0=76cmHg，l0=20cm，l1=h1=57.1cm解得l2≈72cm（2）假设玻璃管足够长，对封闭气体，玻璃管由开口向上变为开口向下，根据玻意耳定律有（p0＋l0）l1=（p0-l0）x解得x=98cm由于x＋l0=118cm>l=100cm可知，有一部分水银从管口流出。对封闭气体进行分析（p0＋l0）l1=[p0-（l-l3）]l3代入数据得舍去负值解得l3≈87cm15．(1)(2)(3)(4)【详解】（1）M刚进磁场时，电流对M，根据牛顿第二定律棒N刚出磁场时，电流中电流对M，根据牛顿第二定律根据动量守恒，联立解得，（2）棒M从