河北省沧州市多校2025-2026学年高一上学期期末考试物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1河北省沧州市多校2025-2026学年高一上学期期末考试物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．导航软件已成为人们出行必不可少的应用程序，给出行带来极大便利。如图为某同学从兰州到敦煌莫高窟时，导航给出的参考路线，对此路线的理解，下列说法正确的是（）A．“11小时31分”指的是时刻 B．“预计20点33分到达”指的是时间间隔C．“1085公里”指的是位移 D．“1085公里”指的是路程【答案】D【解析】A．“11小时31分”指的是完成行程所需要的时间，是时间间隔，不是时刻。故A错误；B．“预计20点33分到达”指的是预计到达的时间，是时刻，不是时间间隔。故B错误；CD．“1085公里”是导航规划的行车路线的长度，指的是路程。位移是从起点到终点的有向线段，C错误，D正确。故选D。2．随着电池和电机技术的进步，国产新能源车在加速性能方面表现出色。研究汽车加速时，会引入一个新物理量j来表示加速度a随时间t变化的快慢，即j=ΔA．m2s2 B．N/（kg・s） C．s【答案】B【解析】A．根据定义j=ΔaΔt，其中加速度Δa的单位为ms2，时间Δt的单位为s。因此，j的单位为B．将N=kg⋅m/s2C．s3m是ms3的倒数，与D．将N=kg⋅m/s2故选B。3．汽车的尾部有时会对车的性能做出标识，某品牌汽车标有“45TFS”，如图所示。其中“45”称为G值，表示车的加速性能，G值的大小为车辆从静止加速到速度为100km/hA．4.5s B．5.0s C．6.2s【答案】C【解析】根据题意，G值的大小为车辆百公里加速的平均加速度a（国际单位制）的10倍，则有a=将车辆速度v的单位换算为国际单位制v=100根据匀变速直线运动速度与时间的关系，则该车百公里加速时间约为t=故选C。4．如图所示，某工厂流水线上长度为3m的传送带AB以3m/s的速度顺时针运行，工件与传送带间的动摩擦因数为0.3。将不计大小的工件轻放在传送带左端的A点，重力加速度g取10mA．1s B．1.25s C．1.5s【答案】C【解析】工件在传送带上加速时，根据牛顿第二定律可得μmg=ma解得a=3假设工件加速到与传送带共速时，工件还没有到达B点，则工件加速的位移为x所以假设成立，则加速时间为t匀速时间为t所以，工件从A点运动到传送带右端的B点需要的时间为t=故选C。5．混合动力汽车结合了燃油发动机和电动机的优点，可从整体上降低燃油消耗，减少排放的污染物，提供更高效、环保的驾驶体验。一辆混合动力汽车某次启动时先采用电机为动力，经过位移x后，速度由0增加到v，之后在混合动力共同作用下又经时间t，速度增加到3v，则两次加速过程平均加速度大小之比为（）A．vt4x B．3vt2x C．2x3vt【答案】A【解析】采用电机为动力时，假设该过程为匀加速直线运动，其加速度大小为a1，根据匀变速直线运动位移与速度的关系，得解得a在混合动力共同作用下，平均加速度大小为a两次加速过程平均加速度大小之比为a故选A。6．如图所示，某同学用双手夹起了5本书，已知每本书的质量均为400g，书与书间的动摩擦因数为0.4，手与书间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g取10A．40N B．30N C．20N D【答案】C【解析】先将所有的书看成整体进行受力分析，则整体竖直方向受重力、静摩擦力的作用处于静止状态，根据平衡条件有2因为f其中μ解得F再将除最外侧两本书外的其他书看成整体进行受力分析，则整体竖直方向受重力、静摩擦力的作用处于静止状态，根据平衡条件有2因为f其中μ解得F所以，双手对书的压力至少为20N。故选C。7．如图甲所示，三角形物块P置于固定粗糙斜面上时其上表面恰好水平，将物块P自由释放后加速下滑，加速度大小为a1；若在物块P上表面放置一质量为m的物块，如图乙所示，随物块P一起自由下滑时加速度大小为a2；若在物块P自由下滑时对其施加大小为mg、方向竖直向下的压力，如图丙所示，物块P下滑加速度大小为A．a1=a2=a3 B．【答案】B【解析】设三角形物块的质量为M，三角形物块与斜面的动摩擦因数为μ，斜面倾角为θ，则对甲图，由牛顿第二定律得Mg解得a则对乙图，由牛顿第二定律得(M+m)g解得a则对丙图，由牛顿第二定律得(M+m)g解得a所以a故选B。二、多选题8．杂技演员表演单手抛接四球，某同学观察发现演员抛球的时间间隔均为0.4s，抛接球过程中球在手中停留时间极短，且手的位置基本不变。将球的运动视为竖直上抛运动，重力加速度g取10A．球离开手时的速度大小约为8m/sC．球上升的最大高度约为3.2m D．球上升的最大高度约为【答案】AC【解析】由题意可知，每个球在空中停留的时间为t=4×0.4则每个球上升的时间为tAB．根据v=g可得，球离开手时的速度大小约为v=8m/s，故A正确，BCD．球上升的最大高度约为h=12gt'故选AC。9．小明同学为了研究自己所住高层楼的电梯运行情况，将速度传感器安装在运行电梯内，记录了电梯从地面一层开始到自家楼层停下的全过程，得到的速度随时间变化的图像如图所示。已知住宅楼层高度约为3mA．小明在1∼2s内处于超重状态，3∼4B．小明在7∼10sC．电梯对小明的最大支持力约为其重力的1.2倍D．小明家所住楼层为8楼【答案】BC【解析】A．由图像可知，1~4s内电梯向上加速，支持力大于重力，故小明处于超重状态，故A错误；B．在7s~10s内电梯向上减速，加速度方向向下，支持力小于重力，小明处于失重状态，故B正确；C．根据牛顿第二定律可得F结合图像可知1~4s加速度先增大后减小，最大加速度大约为a=故FN≈1.2mg，故D．v-t图像与横坐标围成的面积表示位移，故图线与坐标轴围成的面积表示小明家所在高度；则x≈2×已知住宅楼层高度约为3m，故小明家所住楼层为10楼，故D故选BC。10．卡车运输卷材时常用“V”形槽固定。如图所示，某“V”形槽可简化为由固定于卡车的光滑斜面I和光滑竖直面II组成，斜面的倾角为30∘。质量为m的匀质圆筒状钢卷放在“V”形槽内，钢卷对I、II压力的大小分别为F1和A．若卡车加速行驶，随着加速度增大，F1B．若卡车加速行驶，随着加速度增大，F2C．若卡车减速行驶，随着加速度增大，F1D．若卡车减速行驶，随着加速度增大，F2【答案】BCD【解析】AC．钢卷在竖直方向上受力平衡，则F可得F即不论是卡车加速还是减速，F1都不变，故A错误，CB．若卡车加速行驶，则加速度向右，根据牛顿第二定律可得F因为F1不变，则当加速度增大时，F2减小，故D．若卡车减速行驶，则加速度向左，根据牛顿第二定律可得F因为F1不变，则当加速度增大时，F2增大，故故选BCD。三、实验题11．某科学小组利用如图甲所示装置探究弹簧弹力与形变量的关系，设计的实验如下：质量为2kg的物块A置于压力传感器上，将待测弹簧拴接在A上面，待测弹簧上端通过轻绳跨过定滑轮拴接带指针的挂钩，下方可以悬挂钩码B，装置左侧固定一个竖直的直尺，可以测出挂钩下移的距离。整个实验中弹簧均处于弹性限度内，重力加速度g取9.8实验操作如下：①挂钩下不悬挂钩码、让系统保持静止、上下调节刻度尺位置，使指针指向0刻度，并读出压力传感器的示数F0②每次挂上不同质量钩码，用手托住、缓慢释放，测出系统稳定时指针相对0刻度下移的距离x1，并读出相应的压力传感器的示数F③以压力传感器示数为纵轴，指针下移的距离为横轴，根据每次测量的数据，描点作出F-x图像如图乙所示。回答下列问题：其中一次指针位置如图丙所示，则对应的读数为cm；在实验误差允许的范围内，可认为弹簧弹力与弹簧形变量成（填“正比”“反比”或“不确定关系”）；弹簧劲度系数k=Nm（结果保留3位有效数字），带指针的挂钩的重力为N【答案】11.00正比65.00.1【解析】由图丙可知，刻度尺的分度值为0.1cm，则读数为11.00cm；由图像可知，F与x成线性关系，则F与x的函数式可写为F=-kx+bk为常数，设物体A的质量为M，带指针的挂钩重力为G，物体B的质量为m，不悬挂物体B时，对物体A分析由Mg-G=悬挂物体B时Mg-mg-G=则对应图像的函数式为F=Mg-G-kxk为常数，所以可认为弹簧弹力与弹簧形变量成正比，其中k为弹簧的劲度系数；结合上述分析和图像可知，图像斜率的绝对值表示弹簧的劲度系数，则有k=由以上分析可知Mg-G=19.5其中Mg=19.6解得G=0.112．某科学小组设计了如图甲所示的实验装置“探究加速度与力、质量的关系”。(1)安装纸带时，有图a、b两种穿法，正确的是图（填“a”或“b”）。(2)实验时，一定要进行的操作或保证的条件是_____。（多选）A．用天平测出砂和砂桶的质量B．调整长木板的倾角平衡阻力时，小车后面安装纸带C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数D．释放小车前，应调节滑轮的高度使牵引小车的细绳保持水平E．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量M(3)某次实验得到的纸带如图乙所示，已知所用电源的频率为50Hz，相邻2个计数点之间还有4个计时点没有标出，可求出小车的加速度大小为ms2（计算结果保留2位有效数字）。若实际频率小于50Hz，则测出的加速度（填“偏大”“偏小”或(4)以拉力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的a-F图像是一条直线，如图丙所示，已知直线上某点A的坐标为（p，q），则点A对应的砂和砂桶的总质量为。（重力加速度为g）【答案】(1)b(2)BC(3)0.35偏大(4)p【解析】（1）安装纸带时，应该让复写纸在纸带的上面，让复写纸压住纸带，则图b穿法正确，图a的穿法错误。（2）AE．力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故AE错误；B．由于小车运动过程中，纸带与打点计时器限位孔之间有摩擦力，故平衡摩擦力时，小车后面安装纸带，故B正确；C．实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，需记录传感器的示数，故C正确；D．为了减小实验误差，调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，故D错误。（3）由题意可知，相邻计数点间的时间间隔为T=根据逐差法可知，小车的加速度为a=若实际频率小于50Hz，实际打点周期大于0.02s，则代入计算的时间偏小，使得测出的加速度偏大。（4）滑轮的质量可以忽略，对砂和砂桶，根据牛顿第二定律得mg-F=ma则有F=mg-ma则由图像可知，当F=p时，a=q，代入上式，解得砂和砂桶的总质量为m=四、解答题13．轻质杆两端分别固定有质量分别为m、M的A、B两个小球，置于光滑球面碗内处于静止状态，A球与圆心O点的连线与竖直方向的夹角为60∘，B球与圆心连线与竖直方向的夹角为30(1)A、B两球对碗面压力的大小之比；(2)两球的质量m与M之比。【答案】(1)33(2)【解析】（1）对A、B两球受力分析，如图所示则，对A球，在力的矢量三角形中，根据正弦定理可得F对B球，在力的矢量三角形中，根据正弦定理可得F联立，可得F即碗面对两球的支持力之比为33，根据牛顿第三定律可知，A、B两球对碗面压力的大小之比为3（2）对A球，在力的矢量三角形中，根据正弦定理可得F对B球，在力的矢量三角形中，根据正弦定理可得F联立，可得m14．汽车甲以速度v1=6m/s(1)两车运动的加速度大小；(2)从汽车甲刹车到停止的过程中两车间的最远距离。【答案】(1)a甲=1m/s2，【解析】（1）由图可知，t=2s时两车的瞬时速度相等，设为v，则设汽车甲刹车到停止所用时间为t0，则v1其中，由图可知v联立，解得t0=6s，（2）根据v-t图线与横轴所围面积表示位移，且运动过程中甲车恰好没有撞上乙车，可知t=2s两车共速，此时两车恰好没有相撞，则t015．如图所示，足够长的水平面上静止一质量M=2kg、长度为L的木板A，其左端放置一质量m=3kg的小滑块B，A、B间的动摩擦因数μ1=0.5，A与水平面间的动摩擦因数μ2=0.2。当滑块B获得水平向右、(1)B在A上滑动时A、B的加速度；(2)木板A的长度L；(3)若B获得水平向右、v'0=16m/s的初速度，为使B不从A上滑落，同时对【答案】(1)aA=2.5m(2)15m(3)【解析】（1）B在A上滑动时，以A为对象，根据牛顿第二定律可得μ解得a方向水平向右；以B为对象，根据