河北唐山市2025-2026学年高一第一学期期末考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025—2026学年度高一年级第一学期期末考试物理本试卷共8页，15小题，满分100分，考试时长75分钟。注意事项：1、答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列研究过程中，能把研究对象看成质点的是（）A.研究机器人模仿人行走的姿态 B.神舟二十二号飞船与空间站对接C.裁判员给跳水运动员评分 D.观察篮球从地面弹起的高度【答案】D【解析】A．研究机器人模仿人行走的姿态需分析身体各部分（如四肢）的具体动作，不能视为质点，A不符合题意；B．神舟二十二号飞船与空间站对接需精确控制相对位置、方向及姿态，不能视为质点，B不符合题意；C．裁判员给跳水运动员评分需评估动作细节（如翻转角度、身体姿态），不能视为质点，C不符合题意；D．观察篮球从地面弹起的高度仅关注整体运动轨迹（如位移、速度），篮球的大小和形状对高度测量无显著影响，可视为质点，D符合题意。故选D。2.某电梯从3楼出发降至1楼，短暂停留后返回3楼。设速度方向向下为正，电梯加速、减速过程均可视为匀变速直线运动。下列图像能正确描述电梯运动规律的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】AB．图像的斜率表示加速度，可知A选项表示电梯先做匀速直线运动再静止再反向匀速，不符合题意，故A错误，B正确；CD．图像的斜率表示速度，可知C选项表示电梯先保持静止，D选项表示电梯先做匀速直线运动再静止再反向匀速，均不符合题意，故CD错误。故选B。3.如图所示，用磁扣将一张卡纸固定在黑板上，均处于静止状态。忽略空气的作用力，则卡纸受到力的个数为（）A.5个 B.4个 C.3个 D.2个【答案】A【解析】用磁扣将一张卡纸固定在黑板上，均处于静止状态，对磁扣，根据共点力平衡可知，磁扣受到卡纸摩擦力与重力等大反向，方向竖直向上，根据牛顿第三定律可知，磁扣对卡纸的摩擦力方向竖直向下，在垂直黑板方向，磁扣受黑板的吸引力和卡纸的弹力；对卡纸，在竖直方向卡纸受到竖直向下的重力、磁扣对卡纸竖直向下的摩擦力和黑板对卡纸竖直向上的摩擦力，在垂直黑板方向，卡纸受磁扣的压力和黑板的支持力，可知卡纸受到力的个数为5个。故选A。4.生活中做变速运动的物体很多，加速度的大小也各不相同。下表为一些运动物体的加速度，则下列说法正确的是（）运动物体运动物体子弹在枪筒中赛车起步4.5跳伞者着陆汽车起步2汽车急刹车高铁起步0.35A.跳伞者着陆时的加速度大小最小 B.赛车起步时比汽车急刹车时的速度变化快C单位时间内赛车起步比汽车急刹车速度变化量大 D.单位时间内赛车起步比汽车起步速度变化量大【答案】D【解析】A．跳伞者着陆加速度为，大小为，而高铁起步加速度大小为，加速度大小最小，故A错误；BC．赛车起步加速度大小，汽车急刹车加速度为，大小为，加速度表示速度变化快慢，可知汽车急刹车速度变化更快，根据可知单位时间内赛车起步比汽车急刹车速度变化量小，故BC错误；D．汽车起步加速度大小为，根据可知单位时间内赛车起步比汽车起步速度变化量大，故D正确。故选D。5.北京时间2013年6月20日，我国航天员在天宫一号空间实验室进行了太空授课，演示了包括质量的测量在内的一系列实验。如图所示，测量时航天员把自己固定在支架的一端，另外一名航天员将支架拉开到指定位置。松手后，支架拉着航天员从静止返回到舱壁，返回过程中可测得多个物理量。则测量航天员质量选用的规律是（）A.平行四边形定则 B.共点力平衡 C.牛顿第二定律 D.杠杆平衡【答案】C【解析】A．平行四边形定则与本题无关，故A不符合题意；B．由题意，航天员处于加速状态，故选用的规律不是共点力平衡，故B不符合题意；C．在太空中，测量航天员质量可以选用牛顿第二定律，故C符合题意；D．在天宫一号空间实验室中的航天员处于完全失重状态，一切与重力有关的现象全部消失，故选用的规律不是杠杆平衡，故D不符合题意。故选C。6.如图所示，一个物体受到同一平面内的5个恒力作用，处于静止状态。若仅将的方向在该平面内转过60°，此时物体所受的合力大小为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】一个物体受到同一平面内的5个恒力作用，处于静止状态，合力为零，可知与其他4个恒力的合力等大反向，仅将的方向在该平面内转过60°，可知其他4个恒力的合力与此时的成120°，大小相等，根据力的合成可知物体所受的合力大小为。故选B。7.如图甲所示，在竖直平面放置一内壁光滑、半径为0.5m的细圆管轨道，其圆心为O。在最低点P有一质量为0.1kg的小球（小球直径略小于管的粗细，尺寸忽略不计），现使小球以5m/s的初速度在轨道内做圆周运动，设小球和圆心连线与竖直线OP夹角为，运动过程中小球速度的平方与夹角的关系如图乙所示。重力加速度g取，则（）A.为时管壁对小球的弹力大小为1N B.为时管壁对小球的弹力大小为5NC.过程中圆管对小球的弹力最大值为5N D.过程中圆管对小球的弹力最小值为0【答案】D【解析】A．为时，小球速度平方，有可得，故A错误；B．为时，小球速度的平方，有可得，故B错误；C．过程中，有又根据机械能守恒有可知夹角越大，速度越小，可知越小，可知圆管对小球的弹力最大值为时，即最大值为，故C错误；D．时，弹力最小，可知过程中圆管对小球的弹力最小值为0，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，向心力演示器左右两个塔轮的半径之比为，通过皮带连接。将质量相等的两小球分别放到挡板A、C处，可随塔轮一起转动。挡板A、C到弹簧测力计的距离相等，标尺可显示两个小球所受向心力的大小。现转动手柄，则左右两小球的（）A.线速度大小之比为 B.角速度大小之比为C.向心加速度大小之比为 D.向心力大小之比为【答案】AB【解析】AB．左右两个塔轮的半径之比为，通过皮带连接，可知边缘线速度大小相等，根据可知角速度之比为，故AB正确；CD．挡板A、C到弹簧测力计的距离相等，根据可知向心加速度大小之比为，两小球质量相等，根据可得向心力大小之比为，故CD错误。故选AB。9.如图所示，在一端封闭的竖直细玻璃管中注满清水，水中放一个小圆柱体蜡块R。使R从坐标原点O处匀速上浮，同时玻璃管沿x轴正方向做初速度为0的匀加速直线运动，则蜡块（）A.轨迹为曲线 B.轨迹为直线 C.沿管上升的速度不变 D.沿管上升的速度变大【答案】AC【解析】AB．小圆柱体沿竖直方向做匀速运动，沿水平方向做初速度为0的匀加速直线运动，合外力沿水平方向，曲线运动的轨迹向合力的方向弯曲，小圆柱体的运动轨迹为曲线，故A正确，B错误；CD．根据运动的独立性，小圆柱体沿竖直方向做匀速运动，沿管上升的速度不变，故C正确，D错误。故选AC。10.如图所示，两根等长轻绳分别连接轻质圆环和匀质细棒，将两轻环套在粗糙水平杆上。现改变两环的距离，系统仍静止，下列说法正确的是（）A.两轻绳竖直时绳上的拉力最小 B.两轻绳竖直时轻环受到杆的弹力最大C.两轻环距离越大，绳子的拉力可能越大 D.两轻环距离越大，轻环受到的摩擦力可能越大【答案】ACD【解析】A．设两根轻绳与竖直方向的夹角为，则绳子拉力大小满足可知当时，绳子拉力取得最小值，故A正确；B．轻环共受到摩擦力、杆的弹力、轻绳拉力的作用，竖直方向上支持力的大小满足故轻环受到杆的弹力与轻绳与竖直方向的夹角无关，故B错误；C．当两轻环间的距离大于细棒长度时，两轻环距离越大，绳子与竖直方向的夹角也就越大，由选项A分析可知绳子拉力大小，可知绳子拉力会随两轻环距离增大而增加，故C正确；D．当两轻环间的距离大于细棒长度时，两轻环距离越大，绳子与竖直方向的夹角也就越大，水平方向上轻环受到的摩擦力与绳子拉力的水平分量平衡，满足，可知摩擦力会随两轻环距离增大而增加，故D正确；故选ACD。三、非选择题：共54分。11~12题为实验题；13~15题为计算题，需要写出必要过程，只写结果不给分。11.某实验小组利用图（a）所示装置研究平抛运动的规律。实验时，先将斜槽固定在贴有坐标纸的木板边缘，调节木板使其竖直；把小球放在槽口处，用铅笔记下小球在槽口时球心在木板上的水平投影点O，建立xOy坐标系，然后从斜槽上多次释放小球，描绘出小球飞行中的点迹，如图（b）所示。已知每个方格的边长为5cm，重力加速度g取。完成下列问题：（1）每次由静止释放小球时，小球在斜槽上高度________（选填“相同”或“不同”），斜槽轨道末端必须________（选填“水平”或“倾斜”）；（2）由图（b）可以求出小球做平抛的初速度大小为________m/s。【答案】（1）相同水平（2）1【解析】【小问1解析】每次由静止释放小球时，小球在斜槽上高度应相同，才能保证小球每次以相同的水平速度抛出。斜槽轨道末端必须水平，以保证小球做平抛运动【小问2解析】各点之间的水平距离相等，可知相邻两点之间的时间间隔相等。在竖直方向上，根据逐差公式可得解得水平方向有可得小球做平抛的初速度大小12.如图（c）所示，将一端带挂钩和指针的弹簧另一端固定在铁架台的横梁上，刻度尺平行弹簧固定，0刻度与弹簧上端水平对齐。实验时依次将钩码挂在弹簧上，分别记录钩码个数n和指针对应的刻度值x。（1）实验小组在实验中根据记录的数据作出图像，如图（d），根据图像（d）可求得该弹簧的劲度系数为________N/m（重力加速度g取10，钩码质量均为50g，计算结果保留三位有效数字）；（2）实验小组又利用该弹簧和毫米刻度尺制作了一个“竖直加速度测量仪”。如图（e）所示，将弹簧上端固定，下端悬吊质量为0.2kg的小球，静止时弹簧下端的指针指在毫米刻度尺上某位置，并标记为加速度的0点。则当弹簧下端的指针指在刻度为C的位置时，该位置应标记的加速度值为________（保留一位有效数字）。【答案】（1）20.0（2）1【解析】【小问1解析】该弹簧的劲度系数为【小问2解析】设小球静止时弹簧的伸长量为，则有，当弹簧下端的指针指在刻度为C的位置时，弹簧的伸长量减小了，由联立解得13.某实验小组用如图甲所示的实验装置来验证牛顿第二定律，为消除阻力的影响，实验前必须补偿阻力。（1）该小组补偿阻力的操作如图乙所示，将木板右端加入垫片垫高，推动小车，小车拖动纸带运动，打出如图丙所示纸带，纸带左端与小车相连。根据纸带点迹分布判断该小组需要采取的措施是________；A.增加垫片 B.减少垫片C.在小车上加入适量砝码 D.操作时需将砂桶拴在小车上（2）该小组正确补偿阻力后，保持小车质量不变，在砂桶中放入适量细砂，释放小车得到如图丁所示的纸带（相邻两计数点间还有四个点没有画出）。已知打点计时器连接的是50Hz的交流电。根据纸带求出打下计数点3时小车的速度为________m/s，加速度为________。（结果均保留两位有效数字）【答案】（1）A（2）0.431.2【解析】【小问1解析】AB．根据纸带上的点迹可知，小车运动时的速度在减小，说明平衡摩擦力不足，所以应该增加垫片数量使木板角度更大，故A正确，B错误；CD．平衡摩擦力是为了使木板有一定的角度，使得小车的重力沿斜面的分量与摩擦力相等来抵消摩擦力的影响，故不应挂砂桶，同时改变小车质量对木板的倾角无影响，故CD错误。故选A。【小问2解析】根据匀变速运动公式，打出点3时的速度为其中代入数据可得根据位移差公式，并利用逐差法计算，可知代入数据可解得14.以15m/s的速度行驶的汽车，某时刻开始制动，在制动后的前3s内前进27m，汽车制动可视为匀减速直线运动。求：（1）汽车的加速度大小；（2）制动后5s内汽车发生的位移。【答案】（1）（2）【解析】【小问1解析】以汽车为研究对象，由题意可知其做匀减速直线运动，设汽车的加速度大小为，根据位移公式有代入数据解得【小问2解析】当汽车速度减为0时，根据速度公式有代入数据解得所以制动后5秒内发生的位移等于制动后的内的位移，即代入数据解得15.轻绳一端固定在拉力传感器上，另一端系有质量为m的小球，使球在竖直平面内做圆周运动。当球某次运动到最低点时，轻绳恰好被拉断，球的速度保持不变并水平飞出。已知拉力传感器离地面高度为h，绳长为，绳承受的最大拉力是小球重力的10倍，重力加速度为g，忽略空气阻力，小球可视为质点。求：（1）小球飞出时的速度；（2）小球落地的水平距离。【答案】（1）（2）【解析】【小问1解析】以小球为研究对象，在最低点对其受力分析（如图所示），根据向心力公式有解得小球飞出时的速度【小问2解析】在竖直方向上，根据位移公式有水平方向上，根据位移公式有联立解得小球落地的水平距离16.如图所示，将两等高、长度均为3