湖南省娄底市2025-2026学年高二下学期期末考试物理自编试卷（人教版）（解析版）

湖南省娄底市2025-2026学年高二下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案ADCCBCDADBDBD1．A【详解】A．光电效应现象证明光具有粒子性，是量子通信中光子探测技术的理论基础，故A正确；B．α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，天然放射现象才揭示了原子核具有复杂结构，且该实验并非可控核聚变的理论支撑，故B错误；C．放射性元素的半衰期由原子核内部结构决定，与外界温度、压强等环境条件无关，故C错误；D．比结合能（平均结合能）越大，核子结合越牢固，原子核越稳定，结合能大小与原子核稳定性无直接关系，故D错误。故选A。2．D【详解】A．根据电磁波波速、频率与波长的关系，真空中光速c为定值，已知无线电波频率小于可见光，因此无线电波波长更大，故A错误；B．所有电磁波在真空中的传播速度均为光速c，在相同介质中传播速度也相等，故B错误；C．望远镜成像分辨率随波长减小而提高，可见光波长更短，成像分辨率更高，更适合观测月球表面环形山的形状，故C错误；D．宇宙微波背景辐射属于无线电波段，是射电望远镜的观测频段，更适合用射电望远镜观测，故D正确。故选D。3．C【详解】A．三条电场线疏密不同，可表示非匀强电场，A正确；B．变化的磁场激发的涡旋电场（感应电场），其电场线是闭合曲线，B正确；C．电场线是互相平行的，一定是匀强电场；匀强电场的场强大小处处相等，电场线必须平行且等间距。平行但不等间距的电场不可能存在，C错误；D．负点电荷的电场线特点就是所有电场线指向负电荷本身，D正确。题目要求选择错误的，故选C。4．C【详解】根据玻尔跃迁理论，辐射光子的能量等于能级差，满足，可知：光子能量越大，波长越短。三个跃迁分别为、、，满足能级差关系代入能级差关系得整理得故选C。5．B【详解】A．由运动学公式可得由图像与纵轴的交点坐标可知v由图像与横轴的交点坐标可知解得故A错误；B．由于根据公式解得故B正确；C．根据公式代入数据可得故C错误；D．根据公式得3s末的速度则平均速度故D错误。故选B。6．C【详解】ABC．对篮球受力分析，竖直方向满足因为静摩擦力解得所以想要抓起篮球，则每根“手指”对篮球压力的最小值为且可得夹角α满足时，才能将篮球抓起，时，不一定能将篮球抓起，故AB错误，C正确；D．若抓起篮球竖直向上做匀速运动，篮球始终处于平衡状态，则每根“手指”对篮球的压力不一定变大，故D错误。故选C。7．D【详解】A．根据楞次定律，进入磁场时线框中产生逆时针电流，穿出磁场时产生顺时针电流，故A错误；B．根据楞次定律，安培力应阻碍线框的相对运动，安培力方向一直是向左的，故B错误；C．进入磁场时切割磁感线的等效长度在增加，由公式E=BLv感应电动势在增大，感应电流与安培力也是增大，根据平衡条件可知水平拉力增大，故C错误；D．通过线框横截面的电量与速度无关，故D正确。故选D。8．AD【详解】A．开始时，重力和电场力平衡，故将A板上移，由E=Ud可知，E变小，故油滴应向下加速运动；根据C=QU，可知，电容器电量减小，故G中有bB．若将A板向左平移一小段位移，则E不变，油滴仍静止，但由于S减小，则C减小，电容器电量减小，故G中有b→a的电流；故B错误；C．若将S断开，Q不变，将A板向左移动一小段位移，S减小，C减小，则U增大，E增大，则油滴向上运动，故C错误；D．若将S断开，Q不变，再将B板向下平移一小段位移，根据可知，场强E不变，则油滴仍静止，故D正确。故选AD。9．BD【详解】A．开始运动时通过金属棒ab的电流最大，最大值为故A错误；B．开始运动时，两棒受安培力最大，加速度最大，则金属棒cd的最大加速度为，故B正确；C．两棒组成的系统受合外力为零，则动量守恒，则从初始时刻到金属棒cd的速度减为零时，以向左为正方向，根据动量守恒定律有4mv0－mv0=4mv1解得此时回路中的电流为，C错误；D．最终两棒共速，则由动量守恒定律4mv0－mv0=5mv解得整个过程产生的焦耳热，故D正确。故选BD。10．BD【详解】A．挂上物体C后，弹簧将会对物体B和C组成的系统做功，所以物体B和C组成的系统机械能不守恒，故A错误；B．没有挂物体C之前，弹簧处于压缩状态，对物体B分析有解得挂上物体C后，当物体C运动到最低点时，弹簧处于拉伸状态，压力传感器示数恰好为0，对物体A分析有解得可知拉伸量与压缩量相等，弹簧弹性势能不变，则对物体B、C有解得故B正确；C．挂上物体C后，物体B、C速度大小相等，当物体B的速度达到最大时，B、C所受合力为0，可知弹簧此时恢复原长，弹性势能全部转化为物体B、C的动能，则有解得故C错误；D．撤去物体C后，物体B做简谐运动，根据简谐运动的对称性，物体B在其平衡位置附近上下振动，其振幅则弹簧最大压缩量B运动到最低点时压力传感器示数最大，对物体A分析有故D正确。故选BD。11．(1)(2)B(3)1.15(4)1.56【详解】（1）毫安表的满偏电压为则，改装后的最大量程为所以，改装后的量程为。（2）由于改装后的电流表的内阻已知，为了精确测量，图中多用电表代替的电压表应为电源的“内接法”，即右边表笔P应接到“B”处。（3）由图2可知，多用电表的读数为1.15V。（4）[1][2]由（1）分析可知，电路中电流为毫安表示数的3倍。改装后的电流表的内阻为根据欧姆定律整理可得可得U−I图线的斜率的绝对值为截距为所以，12．2×10-5802.5×10-9A【详解】（1）[1]一滴溶液中含有纯油酸的体积为（3）[2]油膜的面积为[3]油酸分子的直径约为（4）[4]A．根据d=VS，油酸未完全散开，S偏小，B．根据，油酸溶液的浓度低于实际值，的测量值偏小根据d=VS，V偏小，C．根据，计算油膜面积时，若将所有不足一格的方格计为一格，S偏大；根据d=VS，故选A。13．(1)72cm(2)87cm【详解】（1）对封闭气体，玻璃管由开口向上变为水平，根据玻意耳定律有（p0＋l0）l1=p0l2其中p0=76cmHg，l0=20cm，l1=h1=57.1cm解得l2≈72cm（2）假设玻璃管足够长，对封闭气体，玻璃管由开口向上变为开口向下，根据玻意耳定律有（p0＋l0）l1=（p0-l0）x解得x=98cm由于x＋l0=118cm>l=100cm可知，有一部分水银从管口流出。对封闭气体进行分析（p0＋l0）l1=[p0-（l-l3）]l3代入数据得舍去负值解得l3≈87cm14．(1)b端电势高于a端电势；(2)【详解】（1）根据右手定则可知，车头进入磁场瞬间，线框ab边产生的感应电流的方向为a→b则b端电势高于a端电势。列车车头进入磁场瞬间产生的感应电动势的大小为根据闭合电路的欧姆定律可知，回路中产生的感应电流的大小为I=车头进入磁场瞬间所受安培力的大小为由牛顿第二定律，则有联立解得列车的加速度大小为（2）在列车从进入磁场到停止的过程中，克服安培力所做的功在数值上等于线框产生的热量，则由能量守恒有得15．(1)(2)①；②【详解】（1）设正离子的质量为m，电荷量为q，则比荷a=根据几何关系可得正离子做圆周运动的半径根据动能定理可得解得根据牛顿第二定律可得解得（2）①根据动能定理可得解得根据牛顿第二定律可得qvB=m解得离子恰好经过加速电场右边