七年级数学下学期期末模拟卷01（考试范围：苏科版七下全部内容）（解析版）

七年级数学下学期期末模拟卷01【考试范围：苏科版七下全部内容】注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上；2.回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效；3.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效；4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.第I卷（选择题）选择题（10小题，每小题3分，共30分）1．中国剪纸是中国最具代表性的民间艺术之一，于2009年入选联合国教科文组织“人类非物质文化遗产代表作名录”．下列剪纸作品中，是轴对称图形的是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】D【分析】本题考查了轴对称图形的识别．根据如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形，这条直线叫做对称轴进行分析即可．【详解】解：A、B、C选项中的图形都不能找到这样的一条直线，使图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，所以不是轴对称图形；D选项中的图形能找到这样的一条直线，使图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，所以是轴对称图形；故选：D．2．已知实数a，b满足，，则在下列判断中，正确的是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题考查了不等式的性质.求出，，代入即可.【详解】解：∵，∴，，∵，∴，，整理得：，，只有B符合题意，故选：B.3．对于命题“若，则”，下面，的值中，能说明这个命题是假命题的是（

）A．， B．， C．， D．，【答案】C【分析】本题考查了不等式的性质，命题真假的判定，掌握不等式的性质是关键．根据不等式的性质，代入计算判定即可．【详解】解：A、当时，，则，即，原命题为真，不符合题意；B、当时，，则，即，原命题为真，不符合题意；C、当时，，则，即，原命题为假，符合题意；D、当时，，则，即，原命题为真，不符合题意；故选：C．4．如图，的格子内填写了一些数和代数式，为了使格子的各行、各列及对角线上的三个数之和均相等．的值分别是（

）A．，0 B．1， C．，1 D．1，0【答案】C【分析】本题考查二元一次方程组应用，根据题意，列出方程组，进行求解即可．【详解】解：由题意，得：，解得：；故选C．5．若是正整数，且满足，则下列与的关系式正确的是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题考查了整式的混合运算，掌握合并同类项，同底数幂的乘法运算法则是关键．根据整式的混合运算计算即可．【详解】解：，，∴，故选：B．6．当依次取1，3，5，7时，小淇算得多项式的值分别为0，5，11，17，经验证，只有一个结果是错误的，这个错误的结果是（

）A．当时， B．当时，C．当时， D．当时，【答案】A【分析】此题主要考查二元一次方程组的求解，通过判断所解的、值是否相等即可得出原来多项式，即可判断哪个是否正确，所以此题的关键是要掌握解二元一次方程组．解组成的各个方程组，根据方程组的解逐个判断即可．【详解】解：当分别等于3、5时，代数式的值是5、11，代入得：，解得：；当分别等于5、7时，代数式的值是11、17，代入得：，解得：；∴当分别等于3、5、7时，多项式的值分别为5，11，17，而当时，多项式的值为，当时，错误，故选：A．7．小吉是一个爱好数学的好学生，一天他将三个正方形如图所示相连，然后将数字0~8填入图中的9个顶点处，使得每个正方形顶点上的四个数字的和都等于16，每个正方形顶点上的四个数字的平方和分别记为A、B、C，且．如果将交点处的三个填入的数字分别记作为x、y、x+y，则xy的值为（

）A．0 B．6 C．7 D．8【答案】D【分析】本题考查有理数的乘方和加法运算，整式的运算，乘法公式，掌握有理数的乘方和加法运算法则，以及整式运算法则和乘法公式是解题的关键．根据每个正方形四个顶点上的四个数字的和都等于16，则三个正方形上的数字之和为48，可得，由于，进而得，即可解决问题．【详解】解：∵每个正方形顶点上的四个数字的和都等于16，∴三个正方形顶点上的数字之和为：，则到这个数字之和为：，∵、、都加了两次，∴，∴，∴，∵，而，∵三个正方形交点处的三个数字的平方都加了两次，∴，∴，∴，∴，∵，∴，∴，∴，将代入得，∴，∴．故选D．8．如图，在直角三角形中，，，，，动点M在线段上运动（不与端点重合），点M关于边，的对称点分别为E，F，连接，点D在上，则在点M的运动过程中，线段长度的最小值是（

）A． B． C．10 D．【答案】A【分析】本题考查轴对称的性质，涉及三角形面积、点到直线的距离等知识，过作于，连接，根据已知，由面积法先求出，根据对称可得，故线段长度最小即是长度最小，求出垂线段的长度即可解答，解题的关键是将求长度的最小值转化为求长度的最小值．【详解】解：过作于，连接，如图：，，点M关于边，的对称点分别为E，F，，，线段长度最小即是长度最小，此时，即与重合，最小值为．故选：A．9．若整数a使得关于x的不等式组有且仅有5个整数解，且使关于y的一元一次方程的解满足．则所有满足条件的整数a的值之和为（

）A． B．24 C． D．27【答案】C【分析】本题考查了解一元一次方程，解一元一次不等式组和不等式组的整数解等知识点，能根据不等式的解集求出不等式组的解集是解此题的关键．先求出不等式组的解集，根据已知条件求出的范围，求出方程的解，根据求出的范围，求出公共部分，再求出的整数解，最后求出答案即可．【详解】解：，解不等式①，得，解不等式②，得，所以不等式组的解集是，∵为整数，不等式组有且仅有5个整数解，，解得：，解方程得：，，，解得：，，∵为整数，，，故选：C．10．如图，长为，宽为的大长方形被分割为小块，除阴影，外，其余块是形状、大小完全相同的小长方形，其较短的边长为，下列说法中正确的是（）小长方形的较长边为；阴影的较短边和阴影的较短边之和为；阴影和阴影的周长之和与值无关；当时，阴影和阴影的面积和为定值．A． B． C． D．【答案】A【分析】本题考查了列代数式以及整式的混合运算，逐一分析四条说法的正误是解题的关键．①观察图形，由大长方形的长及小长方形的宽，可得出小长方形的长为，说法①正确；②由大长方形的宽及小长方形的长、宽，可得出阴影，的较短边长，将其相加可得出阴影的较短边和阴影的较短边之和为，说法②错误；③由阴影，的相邻两边的长度，利用长方形的周长计算公式可得出阴影和阴影的周长之和为，可得出说法③正确；④由阴影，的相邻两边的长度，利用长方形的面积计算公式可得出阴影和阴影的面积之和为，代入可得出说法④正确．【详解】解：①大长方形的长为，小长方形的宽为，小长方形的长为，说法①正确；②大长方形的宽为，小长方形的长为，小长方形的宽为，阴影的较短边为，阴影的较短边为，阴影的较短边和阴影的较短边之和为，说法②错误；③阴影的较长边为，较短边为，阴影的较长边为，较短边为，阴影的周长为，阴影的周长为，阴影和阴影的周长之和为，阴影和阴影的周长之和与值无关，说法③正确；④阴影的较长边为，较短边为，阴影的较长边为，较短边为，阴影的面积为，阴影的面积为，阴影和阴影的面积之和为，当时，，说法④正确．综上所述，正确的说法有①③④．故选：A．第II卷（非选择题）二、填空题（8小题，每小题3分，共24分）11．计算的结果是．【答案】【分析】本题考查了幂的乘方和积的乘方，熟练掌握以上知识点是解答本题的关键．根据幂的乘方和积的乘方等知识点计算解答即可．【详解】解：，故答案为：．12．如果代数式的展开式不含x的一次项，那么m为．【答案】【分析】本题考查了多项式乘以多项式，合并同类项，熟练运用整式的运算法则是解题的关键．根据多项式乘以多项式的法则和合并同类项法则，即可解答．【详解】解：，∵关于x的代数式的展开式中不含x的一次项，∴，解得：，故答案为：．13．下列命题中是真命题的有．（填序号）①如果，，则；②在同一平面内，过一点有且只有一条直线与已知直线平行；③同位角相等；④同旁内角互补，则它们的角平分线互相垂直；⑤互补的两个角是邻补角；⑥过一点画已知直线的垂线可以画而且只能画一条；⑦有理数和数轴上的点一一对应．【答案】④【分析】根据平行线的判定和性质，命题真假的判定，相关的数学知识判断解答即可．本题考查了平行线的判定和性质，命题真假的判定，相关的数学知识，熟练掌握平行线的判定和性质是解题的关键．【详解】解：①如果，，未添加条件“在同一平面内”，无法判断a与c的关系，故①中命题是假命题；②在同一平面内，过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行，故②中命题是假命题；③两直线平行，同位角相等，故③中命题是假命题；④如图，，平分，平分，∴，，∴，∴，即，∴同旁内角互补，则它们的角平分线互相垂直，故④中命题是真命题；⑤互补的两个角不一定是邻补角，故⑤中命题是假命题；⑥在同一平面内，过一点画已知直线的垂线可以画而且只能画一条，故⑥中命题是假命题；⑦有理数和数轴上的点不是一一对应，故⑦中命题是假命题．故答案为：④．14．关于x，y的方程组与有相同的解，则的值为．【答案】【分析】本题考查了方程组的解，先根据两个方程组的解相同得新的方程组，根据一个方程组求出相同的解，再代入求出的和．【详解】解：∵关于x，y的方程组与有相同的解，∴方程组和方程组也有相同的解，解方程组，得，方程组的①②，得即，当时，，∴．故答案为：．15．如图，正方形的边长为100米，甲、乙两个动点分别从A点和B点同时出发按逆时针方向移动．甲的速度是7米/秒，乙的速度是10米/秒，经过秒，甲、乙两动点第一次位于正方形的同一条边上．【答案】70【分析】本题主要考查了一元一次不等式的实际应用，设运动时间为t秒，根据题意可得，解得，当时，此时第一次两动点相距100米，当乙第二次到达A时，需要的时间为秒，此时甲运动的路程为米，即此时甲在与点B相距10米，据此可得答案．【详解】解：设运动时间为t秒，由题意得，，解得，当时，此时第一次两动点相距100米，此时甲、乙位置如图所示，当乙第二次到达A时，需要的时间为秒，此时甲运动的路程为米，即此时甲在与点B相距10米，∴此时两动点都在上，∴经过70秒，甲、乙两动点第一次位于正方形的同一条边上．故答案为：70．16．如图，点是外的一点，点，分别是两边上的点，点关于的对称点恰好落在线段上，点关于的对称点落在的延长线上．若，则线段的长为．【答案】15【分析】本题考查轴对称的性质，熟练掌握知识点是解题的关键．由轴对称的性质得到，同理得到，进而根据线段的和差即可解答．【详解】解：点关于的对称点恰好落在线段上，，，，点关于的对称点落在的延长线上，，．故答案为：15．17．小樊同学在学习完乘法公式后，发现完全平方公式经过适当变形后可以解决很多数学问题，如图，线段，P为线段AB上一动点，将线段绕点A逆时针旋转得到线段，同时将线段绕点P顺时针旋转得到线段，连接，．若，则的面积为．【答案】5【分析】本题考查了旋转的性质，完全平方公式，先根据完全平方公式并结合已知求出，根据旋转的性质得出，则，最后根据三角形面积公式求解即可．【详解】解：∵，∴，又，∴，∵旋转，∴，∴，∴的面积为，故答案为：5．18．已知关于x，y的方程组的解满足，其中m，n都是实数，且．若a，b均为正整数，则所有符合条件的整数n的个数为．【答案】3【分析】本题考查了解二元一次方程组，能求出是解此题的关键．先求出方程组的解，再结合已知条件得到，然后根据a，b均为正整数最后得出答案即可．【详解】解方程组得：∵方程组的解满足∴，∴，∵∴整理得，∵a，b均为正整数∴当时，，此时；当时，，此时；当时，，此时；∴n的值为0，，，共3个．故答案为：3．三、解答题（10小题，共66分）19．计算：(1)；(2)；(3)．【答案】(1)(2)(3)【分析】本题主要考查了整式的混合运算，熟练掌握相关运算法则是解题关键．（1）根据同底数幂的除法法则进行计算即可求解；（2）先根据积的乘方法则、同底数幂的乘法法则进行运算，再合并同类项即可求解；（3）根据多项式乘以多项式的运算法则进行计算，即可求解．【详解】（1）解：．（2）解：．（3）解：．20．解方程组：(1)(2)【答案】(1)(2)【分析】本题考查解二元一次方程组，熟练掌握消元法解方程组，是解题的关键：（1）加减消元法解方程组即可；（2）代入消元法解方程组即可．【详解】（1）解：，，得：，解得：；把代入①，得：，解得：；∴方程组的解为：；（2）原方程组可化为：，把代入②，得：，解得：；把代入，得：，解得：；∴方程组的解为：．21．解不等式组：【答案】【分析】本题考查的是解一元一次不等式组，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键．分别求出各不等式的解集，再求出其公共解集即可．【详解】解：由①得：；由②得：，∴原不等式组的解集为：．22．先化简，再求值：，其中．【答案】；【分析】本题考查了整式的乘法与化简求值，熟练运用平方差公式是解此题的关键．运用整式的运算规则化简在求值即可．【详解】解：．当时，原式．23．如图，①，②平分，③平分，④．(1)若以①②③为条件，④为结论组成一个命题，则这个命题是________（“真”或“假”）命题；(2)若（1）为真命题，证明（1）中的结论：若（1）为假命题，请举出反例．【答案】(1)真(2)见解析【分析】本题考查了命题，平行线的性质，角平分线的性质，（1）根据命题的真假即可判断；（2）根据得，根据平分得，根据平分得，根据可得，等量代换，进行计算即可得；掌握命题，平行线的性质，角平分线的性质是解题的关键．【详解】（1）解：即若以①②③为条件，④为结论组成一个命题，则这个命题是真命题，故答案为：真；（2）解：∵，∴，∵平分，∴，∵平分，∴，∵∴，，，．24．在第八章我们学习了“平方差公式”和“完全平方公式”，，，，这四个代数式之间具有一定的关系．【初步尝试】如果，，那么_____；【灵活运用】如图，农场开辟出一块边长为11米的正方形菜地，计划种植黄瓜与番茄两种蔬菜．在菜地中设计两个长和宽分别为、的长方形，其中每个长方形的长与宽之差为2米，每个长方形的面积为35平方米．计划在图中阴影部分种植黄瓜，其余菜地种植番茄，请求出黄瓜的种植面积．【答案】[初步尝试]；[灵活运用]53平方米【分析】本题考查了完全平方公式与几何面积，正确掌握相关性质内容是解题的关键．[初步尝试]结合题意，得，再把，，分别代入进行计算，即可作答．[灵活运用]由题意先得出，再运用，得出，结合图形，得阴影部分面积，进行化简，再代入数值，进行计算，即可作答．【详解】解：[初步尝试]∵，∴，，，，，故答案为：；[灵活运用]∵在菜地中设计两个长和宽分别为、的长方形，其中每个长方形的长与宽之差为2米，每个长方形的面积为35平方米，∴，则．（负值已舍去），阴影部分面积（平方米）．25．如图，将长方形纸片沿折叠后，点、分别落在点、的位置，交于点，再将沿折叠，点落在的位置（在折痕的左侧）．(1)如果，求的度数；(2)如果，则________；(3)探究与的数量关系，并说明理由．【答案】(1)(2)30(3)，见解析【分析】（1）根据折叠的性质求出，然后根据平行线的性质求解即可；（2）先求出的度数，然后利用平行线的性质求出的度数，进而求出的度数，根据折叠可求出的度数，由角的和差关系求出的度数，再根据折叠求出的度数，最后根据角的和差关系求解即可；（3）设，然后类似（2）的方法求解即可．【详解】（1）解∶根据题意，得，∴，由折叠的性质得，，∴，∴；（2）解：∵，∴，由（1）知：，∴，∵，∴，由折叠的性质得，，∵，∴，∴，由折叠的性质得，，∴，故答案为：30；（3）解：理由：设，∴，由（1）知：，∴，∵，∴，由折叠的性质得，∵，∴，∴，由折叠的性质得，∴，∴，∴．【点睛】本题考查了折叠的性质，平行线的性质等知识，明确题意，利用平行线的性质探究出角之间的关系是解题的关键．26．某铁件加工厂用如图1的长方形和正方形铁片（长方形的宽与正方形的边长相等）加工成如图2的竖式与横式两种无盖的长方体铁容器．（加工时接缝材料不计）观察发现：长方形铁片张数正方形铁片张数1个竖式无盖铁容器中411个横式无盖铁容器中32(1)如果加工m个竖式铁容器与n个横式铁容器，则共需要长方形铁片张，正方形铁片张；(2)现有长方形铁片155张，正方形铁片70张，如果加工成这两种铁容器，刚好铁片全部用完，那加工的竖式铁容器、横式铁容器各有多少个？(3)把长方体铁容器加盖可以加工成为铁盒.现用35张铁板做成长方形铁片和正方形铁片，再加工成铁盒，每张铁板的裁法有①裁3个长方形铁片；②裁4个正方形铁片；③裁1个长方形铁片和2个正方形铁片．若充分利用这些铁板加工成铁盒，最多可以加工成多少个铁盒？【答案】(1)，(2)加工的竖式铁容器有20个，横式铁容器各有25个；(3)最多可加工铁盒19个．【分析】本题考查了二元一次方程组的实际应用，掌握解二元一次方程的方法是解题的关键．（1）如图得加工1个竖式铁容器需要长方形铁片4张，正方形铁片1张；加工1个横式铁容器需要长方形铁片3张，正方形铁片2张，即可求解；（2）设加工m个竖式铁容器与n个横式铁容器，根据题意列出方程组求解即可；（3）设做长方形铁片的铁板x张，做正方形铁片的铁板y张，根据题意列出方程组求解即可．【详解】（1）解：由题意得如果加工m个竖式铁容器与n个横式铁容器，则共需要长方形铁片张，正方形铁片张；故答案为：，；（2）解：设加工的竖式铁容器有m个，横式铁容器有n个，由题意得，解得故加工的竖式铁容器有20个，横式铁容器各有25个；（3）解：设做长方形铁片的铁板x张，做正方形铁片的铁板y张，由题意得解得∴在这35张铁板中，25张做长方形铁片可做（片），9张做正方形铁片可做（片），剩1张可裁出1个长方形铁片和2个正方形铁片，共可做长方形铁片（片），正方形铁片（片）∴可做铁盒（个）答：最多可加工铁盒19个．27．阅读材料：定义：若关于的一元一次方程的解及解的二倍都在一元一次不等式组的解集范围内，则称这个方程为该不等式组的“完全子方程”．例如：方程的解为，则；不等式组的解集是，可以发现方程的解及都在不等式组的解集的范围内，则称方程是不等式组的“完全子方程”．请根据以上材料回答下面问题：(1)在方程①；②中，是不等式组的“完全子方程”的是______；（填序号）(2)若方程是不等式组的“完全子方程”，求的取值范围．【答案】(1)①(2)【分析】本题考查的是一元一次