河南省南阳市2025-2026学年高二上学期期中质量评估物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12025年秋期高中二年级期中质量评估物理试题注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。5．本试卷分试题卷和答题卷两部分，满分100分，考试时间75分钟。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列说法正确的是（）A.由电场强度可知，E与F成正比，与试探电荷电荷量q成反比B.由电流可知，单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，导体中电流越大C.由导体电阻可知，导体电阻R与导体两端电压U成正比，与流过导体的电流I成反比D.由可知，同一通电直导线放在匀强磁场中，导线所受磁场力越大，磁场就越强【答案】B【解析】A．电场强度由电场本身决定，与试探电荷的电荷量无关。公式是定义式，用于计算，但的大小不由或决定，故A错误。B．电流定义直接表明，单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，电流越大，故B正确。C．电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与和无关。公式仅用于计算，不表示比例关系，故C错误。D．磁场力仅在电流方向与磁场垂直时成立。若导线方向改变，可能减小甚至为零，不能直接推断的大小，故D错误。故选B。2.如图所示的实线为某静电场的电场线，虚线是仅在电场力作用下某带正电粒子的运动轨迹，A、B、C、D是电场线上的点，其中A、D两点在粒子的轨迹上，下列说法正确的是（）A.该电场可能是某一负点电荷产生的B.C点电势大于B点电势C.该粒子从D点运动到A点电场力做负功D.将该粒子在C点由静止释放，它可能一直沿电场线运动【答案】B【解析】A．负点电荷产生的电场线都是直线，则该电场不可能是某一负点电荷产生的，A错误；B．根据带正电的粒子的运动轨迹可知，粒子受电场力大致向下，可知电场线大致向下，沿电场线电势逐渐降低，可知C点电势大于B点电势，B正确；C．该粒子从D点运动到A点电场力与运动方向夹角为锐角，则电场力做正功，C错误；D．因电场线是曲线，则将该粒子在C点由静止释放，它不可能一直沿电场线运动，D错误。故选B。3.图甲是洛伦兹力演示仪。图乙是演示仪结构图，玻璃泡内充有稀薄的气体，由电子枪发射电子束，在电子束通过时能够显示电子的径迹。图丙是励磁线圈的原理图，两线圈之间产生近似匀强磁场，线圈中电流越大磁场越强，磁场的方向与两个线圈中心的连线平行。电子速度的大小和磁感应强度可以分别通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节。若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形。关于电子束的轨道半径，下列说法正确的是（）A.只增大电子枪的加速电压，轨道半径变小B.只增大励磁线圈中的电流，轨道半径变大C.同时增大电子枪的加速电压和励磁线圈中的电流，轨道半径一定变小D.增大电子枪的加速电压同时减小励磁线圈中的电流，轨道半径一定变大【答案】D【解析】电子被加速电场加速，由动能定理可得粒子在磁场中运动时，洛伦兹力提供向心力，则有联立解得A．只增大电子枪的加速电压，轨道半径变大，故A错误；B．只增大励磁线圈中的电流，磁感应强度B增大，轨道半径变小，故B错误；C．同时增大电子枪的加速电压和励磁线圈中的电流，则和B同时增大，轨道半径可能变小，可能变大，也可能不变，故C错误；D．增大电子枪的加速电压同时减小励磁线圈中的电流，即增大电压U的同时，减小磁感应强度B，则轨道半径一定变大，故D正确。故选D。4.如图所示，A、B两个带电小球分别用绝缘细线悬于水平天花板上，两球静止时在同一水平线上，其中悬线a与水平方向的夹角较小，不计小球的大小，下列说法正确的是（）A.悬线a上拉力小于悬线b上拉力B.小球A的带电量小于B的带电量C.A球受到的库仑力大于B球受到的库仑力D.A球质量大于B球的质量【答案】A【解析】BC．两球所受库仑力等大反向，两球带电荷量大小无法确定，故BC错误；A．设悬线a上拉力大小为，与水平方向夹角为α，悬线b上拉力大小为，与水平方向的夹角为θ，由题可知，，根据平衡条件有可得，故A正确；D．在竖直方向上，因为，所以，故D错误。故选A。5.如图所示，将带负电的试探电荷沿着等量异种点电荷连线的中垂线从A点移动到B点，再沿连线从B点移动到C点。在此全过程中（）A.试探电荷所受的静电力一直减小B.所经过各点处的电势大小关系为：C.试探电荷在各点的电势能大小关系为D.试探电荷从A经B到C和从A直接到C电场力做功一样【答案】D【解析】A．根据等量异种点电荷电场的电场线的分布，可知在移动试探电荷的路径上，电场线的分布逐渐变密集，即电场强度逐渐变大，则静电力逐渐变大，故A错误；B．根据等量异种点电荷电场的等势线的分布，在移动试探电荷的路径上，A、B处于同一等势面上，则从A到B电势先不变；C点电势比B点更高，则从B到C电势增大，故B错误；C．试探电荷带负电，在移动试探电荷的路径上，因电势先不变后增大，故试探电荷的电势能先不变后减小，故C错误；D．电场力做功与电荷的运动路径无关，只与起点和终点位置有关，所以试探电荷从A经B到C和从A直接到C电场力做功一样，故D正确。故选D。6.如图所示，是某两量程电流表内部的部分电路。当使用a、b两个端点时，量程I1=1A，当使用a、c两个端点时，量程I2=0.1A，已知表头的内阻Rg为100Ω，满偏电流Ig为10mA，则电阻R1、R2的值是（计算结果保留小数点后两位）（）A.R1=1.01ΩB.R2=10.00ΩC.若将该电流表当做电压表用，接a、c两个端点时量程是2.11VD.若将该电流表当做电压表用，接a、c两个端点时量程比接a、b时大【答案】B【解析】AB．接a、b时，起分流作用为一支路，表头与串联为一支路，此时量程为而电流表的量程为当表头达到满偏时通过两个支路的总电流，即为同理，接a、c时，为一支路起分流作用，表头为一支路，此时量程为则联立，解得，，故A错误，B正确；C．若将该电流表当做电压表用，接a、c两个端点时量程是，故C错误；D．若将该电流表当做电压表用，接a、b两个端点时量程是，故D错误。故选B。7.如图所示电路中，A、B是构成平行板电容器的两金属极板，光敏电阻RT的阻值随光照强度的增大而减小，灯泡的电阻RL>r。将开关S闭合，有一带电粒子静止在电容器中的P点，现在仅减小光敏电阻的光照强度，下列说法正确的是（）A.粒子仍保持静止不动B.电阻R中有向下的电流C.灯泡L将变亮D.电源的输出功率将减小【答案】D【解析】减小光敏电阻的光照强度，光敏电阻RT的阻值将增大A．RT的阻值增大，RT分灯分到的电压增大，灯泡分到的电压减小，电容器与灯泡是并联关系，电容器两板间的电势差减小，，板间粒子将向下运动，A错误；B．根据，电容C不变，两板间电压U减小，带电量Q将减小，放电电流会向上通过电阻R，B错误；C．RT的阻值增大，灯泡分到的电压减小，灯泡会变暗，C错误；D．当电源内外电阻相等时，电源的输出功率最大，因灯泡的电阻RL>r，电路中的外电阻已大于电源内阻，减小光敏电阻的光照强度，光敏电阻RT的阻值将增大，电路的总电阻会变得更大，这时输出功率将减小，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.同学们在学习平行板电容器时，会通过如图仪器进行实验操作，得到电容是由哪些因素决定的，则下列说法正确的是（）A.按图甲标示箭头进行操作，能发现静电计中指针与竖直方向夹角变小B.按图乙标示箭头进行操作，能发现静电计中指针与竖直方向夹角变大C.按图丙标示箭头进行操作，能发现静电计中指针与竖直方向夹角变小D.各图中与地连接导线是用来改变仪器带电量的【答案】BC【解析】A．图甲中，电容器的正对面积减小，根据可知电容减小；电容器的电量不变，根据可知电压增大，则能发现静电计中指针与竖直方向夹角变大，故A错误；B．图乙中，电容器两极板的距离增大，根据可知电容减小；电容器的电量不变，根据可知电压增大，则能发现静电计中指针与竖直方向夹角变大，故B正确；C．图丙中，插入电介质后，相对介电常数增大，根据可知电容增大；电容器的电量不变，根据可知电压减小，则能发现静电计中指针与竖直方向夹角变小，故C正确；D．各图中与地连接导线的作用是保持静电计的电压与电容器的电压相等，故D错误。故选BC。9.一质量为m，电荷量大小为q的带正电粒子，从O点以初速度沿x轴正方向进入电场，沿x轴运动的过程中，带电粒子的电势能随位移x变化的关系图像如图所示。仅考虑电场力的作用，下列说法正确的是（）A.x1处的电势为B.该粒子从x1处运动到x3处的过程中，动能先增加后减小C.该粒子沿x轴从O点到x1处的过程中，加速度逐渐减小D.若在x2处静止释放一个负电荷，该电荷将在和x4之间做往复运动【答案】AC【解析】A．根据电势定义式可得x1处的电势为，故A正确；B．根据图像可知，该粒子从x1处运动到x3处的过程中，电势能一直减小，根据能量守恒，可知动能一直增大，故B错误；C．根据电场力做功大小与电势能变化量大小的关系有可得可知图像斜率绝对值表示电场力大小，根据图像可知，该粒子沿x轴从O点到x1处的过程中，图像斜率的绝对值逐渐减小，则电场力逐渐减小，根据牛顿第二定律可知，加速度逐渐减小，故C正确；D．由题知，带正电的粒子从O点以初速度沿x轴正方向进入电场，由图像可知，其电势能先增大，后降低，再增大，根据可知电势升高，电势降低，电势升高；若在x2处静止释放一个负电荷，电场力对其做正功，电势能减小，则负电荷会运动到高电势处，即向运动，然后电场力再对其做负功，电势能增大，再运动至点，如此往复运动，故该电荷不会在和x4之间做往复运动，故D错误。故选AC。10.如图所示，质量为m、带电量为＋q的粒子，以初速度v0从A点竖直向上射入水平方向大小为的匀强电场中，粒子经过最高点B点。下列判断中正确的是（）A.最高点B点的速度为2v0B.A、B两点间的电势差C.A、B两点间的水平距离为D.该粒子从A点到B点过程中速率的最小值为【答案】CD【解析】A．粒子水平方向做匀加速运动，竖直方向做匀减速运动，则水平加速度为则到达最高点的时间最高点B点的速度为，A错误；C．A、B两点间的水平距离为，C正确；B．A、B两点间的电势差，B错误；D．粒子所受的合力方向与水平方向的夹角为粒子的最小速度等于粒子垂直于合力方向的分速度，则该粒子从A点到B点过程中速率的最小值为，D正确。故选CD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某实验小组用如图甲所示的电路观察电容器的放电现象。实验器材有电动势为E的电源、电容器C、定值电阻R、电流传感器、电压传感器，单刀双掷开关S，导线若干，实验中使用电流传感器和电压传感器采集电流信息和电压信息，绘制I-t图像。实验步骤如下：（1）S接1时，对电容器充电，充电完毕后电压传感器的示数U=3.0V；（2）然后S接2，电容器通过电阻R放电，利用电流传感器得到放电电流I随时间t变化的图像如图乙所示，图线与时间轴所围的格数为29格，可知电阻R的阻值为_______Ω；该电容器的电容C=______F（结果均保留三位有效数字）；（3）如果将电阻R更换为阻值更大的电阻，重做实验时，则放电过程中I-t图线与坐标轴所围成的面积_______（选填“增大”“减小”或“不变”），放电时间______（选填“变长”“变短”或“不变”）。【答案】3003.87×10-3不变变长【解析】（2）[1]刚开始放电时[2]电容器的电容（3）[1]将电阻更换为阻值更大的电阻，由于电压不变，所以电容器所释放的电荷量不变，放电过程中图线与坐标轴所围成的面积不变。[2]由于阻值更大，因此最大放电电流比原来的小，电量不变，所以放电时间变长。12.某同学想通过测绘小灯泡的I-U图像来研究小灯泡的电阻随电压变化的规律，所用器材如下：A．待测小灯泡一只，额定电压为2.5V，电阻约为几欧；B．电压表一个，量程0~3V，内阻为3kΩ；C．电压表一个，量程0~15V，内阻为3kΩ；D．电流表一个，量程0~0.6A，内阻约为0.1Ω；E．电流表一个，量程0~3A，内阻约为0.1Ω；F．滑动变阻器一个，干电池两节，开关一个，导线若干.（1）电压表与电流表应该选用_____（选填序号）；（2）请设计实验的电路图，要求电压表示数从零开始；（3）该同学通过实验作出小灯泡的I-U图像如图所示，则小灯泡正常工作时的电阻为______Ω；（小数点后保留两位数字）（4）若用两个该灯泡与电源（E=4.0V，r=2Ω）串联，则每个灯泡的实际功率是______W。（小数点后保留两位数字）【答案】（1）BD（2）（3）（4）【解析】（1）干电池两节，电压约为，所以电压表选择B；小灯泡电阻约为几欧，所以电流不超过，所以电流表选D。即电压表和电流表。故选BD。（2）要求电压从0开始变化，所以滑动变阻器分压连接；电压表内阻远大于小灯泡电阻，所以电流表外接，电路图如下（3）因为小灯泡额定电压为，此时电流约为，所以小灯泡的电阻为。（4）由于小灯泡的电阻约为，两个小灯泡与电源（，）串联，则每个小灯泡两端的电压为即小灯泡两端电压为由图可知，此时灯泡的电流为所以每个灯泡的实际功率为13.如图所示，A、B、C为一等边三角形的三个顶点，某匀强电场的电场线平行于该三角形平面。现将电荷量为的负点电荷从A点移到B点，电场力做的功为，将另一电荷量也为的正点电荷从A点移到C点，克服电场力做的功为。（1）求；（2）若AB边长为5cm，求电场强度大小和方向。【答案】（1）0（2），方向垂直于BC边斜向上【解析】（1）从A点到B点，有从A点到C点，有则B和C两点电势差（2）由（1）知，B点和C点电势相等，BC为等势线，对A、B两点，由得即方向垂直于BC边斜向上。14.如图所示，宽为l=1m的导轨与水平面成角，质量为m、