黑龙江省新时代高中教育联合体2025-2026学年高二上学期11月期中联考巩固物理试卷B（二）（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1高二物理试卷B（二）（本试卷满分100分，考试时间75分钟）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试题卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.北京正负电子对撞机的储存环是半径为的圆形轨道，环中的个电子以速度定向运动，已知电子的电荷量为，则个电子形成的电流为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】电子运动的周期为根据电流定义式可知个电子形成的电流为联立解得故选C。2.某物理兴趣小组利用如图甲所示实验装置开展实验．实验一：在线圈中接入如图乙所示电流；实验二：在线圈中接入如图丙所示电流，关于这两次实验，在t1到t2时间内下列说法中正确的是（）A.两次实验中所接入的电流在螺线管中心轴线处均产生竖直向上的感应磁场B.实验一中电流表发生偏转C.实验一中通过线圈的磁通量为零D.实验二中通过线圈的磁通量向下且增大【答案】D【解析】A．螺线管中心轴线的磁场方向根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向螺线管中心轴线的磁场方向。实验中线圈的电流方向从上端“”流入，下端“”流出，因此螺线管中心轴线处的磁场方向竖直向下。因此，两次实验中产生的磁场方向均为竖直向下，A错误；B．实验一电流表偏转的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化。图乙中电流大小不变，知线圈的电流是恒定电流，因此线圈产生的磁场是恒定磁场，穿过线圈的磁通量不变，因此线圈中无感应电流，电流表不偏转，B错误；C．线圈产生恒定磁场，且磁场穿过线圈，有磁感线穿过线圈，因此穿过的磁通量不为零，C错误；D．实验二中，图丙中电流随时间线性增大，可知线圈的电流均匀增大，因此产生的磁场均匀增强。穿过线圈的磁通量方向向下，随磁场增强而增大，D正确；故选D。3.电源是将其它形式的能转化成电能的装置，设电源的电动势为E、路端电压为U，I为电源的输出电流，对电源和电路的理解正确的是（）A.一定是外电路的总电阻B.电动势的大小等于在电源内部非电场力把单位正电荷从负极送到正极所做的功C.由电源的输出功率可知，随I的增大而减小D.导体中无电流的原因是其内部自由电荷停止了运动【答案】B【解析】A．欧姆定律只适用于纯电阻，当外电路是纯电阻时，是外电路的总电阻；当外电路不是纯电阻时，不是外电路的总电阻，故A错误；B．根据电动势的定义可知，电动势的大小等于在电源内部非电场力把单位正电荷从负极送到正极所做的功，故B正确；C．根据可知当时，电源的输出功率最大，故C错误；D．导体中无电流时，内部自由电荷仍在做无规则热运动，只是无定向移动，故D错误。故选B。4.如图所示，矩形线圈abcd的长与宽分别为2L和L，虚线内有界匀强磁场的磁感应强度为B，、分别为ad、bc的中点，下列判断正确的是（）A.此时穿过线圈abcd的磁通量为B.此时穿过线圈abcd的磁通量为C.线圈绕ab边向纸外旋转60°角的过程中，穿过线圈的磁通量变化量为D.线圈绕ab边向纸外旋转60°角的过程中，穿过线圈的磁通量变化量为【答案】B【解析】AB．此时只有一半的线圈在磁场中，所以磁通量为故A错误，B正确；CD．当线圈以为轴从图中位置转过的瞬间，线圈在垂直于磁场方向投影的面积为磁通量整个过程穿过线圈的磁通量变化量为故CD错误。故选B。5.在图甲的电路中，电源内阻不计。调节的阻值，得到各组电压表和电流表数据，作出的图像如图乙中AB所示，则可以表示阻值的是（）A.AB的斜率 B.仅a的斜率C.仅b的斜率 D.a和b的斜率【答案】D【解析】把定值电阻视为电源的等效内阻，则图像AB是描述电源的图线，则由闭合电路欧姆定律可知，由此可知，图像AB的斜率的绝对值表示的阻值，分析电路结构，由欧姆定律可知，由图可知，a、b图像中U都随I的增加而均匀增加，则a、b图像是描述不同阻值下的图线，则a和b的斜率都表示的阻值。故选D。6.在物理学中，图像承载着丰富的信息，以下图像的坐标轴单位均为国际单位制，则（）A.图A描述的是电源路端电压与电源总电流的关系图线，则该图线与纵坐标的交点表示电源电动势大小B.图B表示物体运动的图像，则该图线的斜率表示物体运动的加速度大小C.图C描述的是某电阻的伏安特性曲线，其中a点的切线斜率表示该状态下阻值的倒数值D.图D表示某做直线运动物体的合外力随位移的变化关系，则图中三角形面积大小表示该物体对应运动过程中动量变化的大小【答案】A【解析】A．根据闭合电路欧姆定律可得则图A描述的是电源路端电压与电源总电流的关系图线，则该图线与纵坐标的交点表示电源电动势大小，故A正确；B．根据速度位移关系可得该图线的斜率表示物体运动的加速度的2倍，故B错误；C．根据欧姆定律可得所以a点与坐标原点的连线的斜率表示该状态下阻值的倒数，而不是切线的斜率，故C错误；D．根据可知，图线表示某做直线运动物体的合外力随位移的变化关系，则图中三角形面积大小表示运动过程中合外力做功，即等于动能变化的大小，故D错误。故选A。7.如图所示，电源的电动势E不变，内阻r=1Ω，定值电阻R1=R2=1Ω，滑动变阻器R3的最大值为6Ω，下列说法正确的是（）A.R1消耗的功率最大时，R3为0ΩB.R2消耗的功率最大时，R3为6ΩC.电源的输出功率最大时，R3为6ΩD.R3消耗功率最大时，R3为1Ω【答案】C【解析】A．由串并联电路的基本规律可知，R1与R3是并联关系，R1消耗的功率由闭合电路欧姆定律可得最大时，干路中电流最小，电路中总电阻最大，R3为6Ω，故A错误；B．R2消耗功率可知，R2消耗的功率最大时，R3为0Ω，故B错误；C．电源的输出功率当时电源输出功率最大，电源内阻为1Ω，而外电阻小于1Ω，所以R3越大电源的输出功率越大，输出功率最大时，R3为6Ω，故C正确；D．由等效电源内阻时，R3消耗的功率最大，此时R3为1.5Ω，故D错误。故选C。8.利用电磁波，天文学家不仅可以用眼睛“看”宇宙，也可以用耳朵“听”宇宙。下列说法正确的是（）A.麦克斯韦预言了电磁波的存在，法拉第用实验证实了电磁波的存在B.原子从高能态向低能态跃迁时放出的光子的能量，等于前后两个能级之差C.水波、声波、电磁波都可以在真空中传播D.麦克斯韦认为变化的磁场能够产生电场【答案】BD【解析】A．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在，故A错误；B．原子从高能态向低能态跃迁时放出的光子的能量，等于前后两个能级之差，故B正确；C．水波和声波传播需要介质，不可以在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，故C错误；D．麦克斯韦电磁场理论认为变化的磁场产生电场，变化的电场可以产生磁场，故D正确；故选BD。9.如图甲所示，两小球a、b在足够长的光滑水平面上发生正向对心碰撞。小球a、b质量分别为m1和m2，且m1=200g。取水平向右为正方向，两小球碰撞前后位移随时间变化的x—t图像如图乙所示。下列说法正确的是（）A.球b的质量为B.碰撞前后a的动量变化量为C.碰撞时a对b所施冲量为D.该碰撞是弹性碰撞【答案】CD【解析】A．碰撞前球a做匀速运动，球b静止，由图乙可求得两球碰前、后的速度分别为，根据动量守恒解得，故A错误；B．碰撞前后的动量变化量为，故B错误；C．根据动量定理，碰撞时对b所施冲量为，故C正确；D．该碰撞若是弹性碰撞，则需满足带入数据可得等号两边都等于1.6J，故D正确。故选CD。10.如图所示，电源电动势，内阻，电阻，，，是可变电阻，电容器电容，a、b分别为电容器上下两个极板，G为灵敏电流表。初始时开关闭合、断开，电路稳定，现将开关也闭合直至电路再次稳定，则下列说法正确的是（）A.开关闭合，断开电路稳定时电容器极板带正电B.闭合后，调节使得上下两极板电势相等时C.若，则闭合前后电路稳定时电源的输出功率相等D.若，则在整个过程中流过电流表的电荷量为【答案】BCD【解析】A．开关闭合，断开，图像可知电容器b极板与电源负极相连，故b极板带负电，故A错误；B．电容器上下两极板电势相等时，则两端电压相等，设支路电压为U，则有代入题中数据解得故B正确；C．未闭合前，外电路电阻此时电源输出功率若，闭合后，外电路电阻此时电源输出功率则有，故C正确；D．未闭合前，电容器两端电压若，闭合后，电源路端电压则电容器两端电压则在整个过程中流过电流表的电荷量为故D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.（1）在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径d，示数如图所示，读数为_________mm；（2）某同学用指针式多用电表粗略测金属丝的阻值。他将红黑表笔分别插入“+”、“-”插孔中，将选择开关置于“×10”挡位置，然后将红、黑表笔短接调零，此后测量阻值时发现指针偏转角度较大。试问：①减小实验误差，该同学应将选择开关置于“_______”位置；（选填“×1”、“×100”）②再将红、黑表笔短接，重新调零后继续实验，结果看到指针指在如图所示位置，则金属丝电阻的测量值为________Ω。（3）该同学再用图乙测得金属丝的电阻，测量电压表示数为U，电流表示数为I，测得金属丝长度为L，则金属丝电阻率的表达式ρ_______（用U、I、L、d表示），测量结果将比真实值_______（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）0.772（0.771~0.776均可）（2）×112（3）偏小【解析】（1）[1]螺旋测微器固定尺的读数为0.5mm，可动尺的读数为故读数为（2）①[2]用多用电表粗测某未知电阻Rx的阻值，选择“×10”挡接入被测电阻，如果发现表头指针偏转角度较大，说明电阻较校，为了较准确地进行测量，该同学应将选择开关置于“×1”位置。②[3]由图可知金属丝电阻的测量值为12Ω。（3）[4]根据欧姆定律可知根据电阻定律可知金属丝截面积联立解得[5]由于电流表的分流作用，使得电流表测量值偏大，因此测量结果将比真实值偏小。12.某实验小组的同学到用图甲所示的装置完成“验证动量守恒定律”的实验。实验时先让A球从斜槽上某一固定位置由静止释放，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次，确定落地点的平均位置；再将B球静止放在水平轨道的末端，将A球仍从原位置由静止释放，和B球相碰后两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次，确定A球和B球碰后落地点的平均位置。O点是水平轨道末端在记录纸上的竖直投影，O点与三个落地点的平均位置点P、M、N位于同一水平直线上。（1）本实验必须测量的物理量有（）A.小球、的半径、B.小球、质量、C.斜槽轨道末端到水平地面的高度D.纸上O点到P、M、N各点的平均距离OP、OM、ON（2）下列说法中符合本实验要求是（）A.安装轨道时，轨道末端必须水平B.需要使用的测量仪器有秒表和刻度尺C.两球相碰时，两球心必须在同一水平面上D.在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从同一高度由静止释放（3）若入射小球质量为，半径为，被碰小球质量为，半径为，则实验中要求_____，_____。（选填“”、“”、“”）（4）测出小球抛出点在桌面上的投影点O到点P、M、N的距离，分别记为OP、OM、ON，若两球碰撞时动量守恒，应满足关系式_____。【答案】（1）BD（2）ACD（3）（4）【解析】（1）小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则有由图可知，只放小球a时，其落地点为P点，而两小球相碰时，a球的落地点为M点，而B球的落地点为N点；两边同时乘以时间t得得，则本实验必须测量的物理量有BD，故选BD。（2）A．本实验要通过平抛运动验证动量守恒定律，所以轨道末端必须水平，以保证小球做平抛运动，故A正确；B．实验需要测量平抛射程，需要刻度尺，由于平抛运动高度相同，时间相同，可用水平位移替代平抛初速度，故高度也不需要测量，故B错误；C．为保证对心正碰，两球心必须在同一水平面上，故C正确；D．为了保证两次入射小球到达轨道末端具有相同的速度，两次入射小球需从同一位置由静止释放，故D正确。故选ACD。（3）[1]为了保持碰撞过程A球的速度方向不变，需要。[2]为了保证对心碰撞，需要。（4）由小问1可知：若两球碰撞时动量守恒，应满足关系式13.有一个表头G，满偏电流，内阻，将它改装成1A和10A两种量程的电流表和一个量程的电压表，如图所示。求：（1）R1、R2的阻值；（2）若，则改装成的电压表量程。【答案】（1），；（2）【解析】(1)当公共端与1A端接入电路时，量程，此时电阻和串联，再与表头内阻并联．由并联电路中的电流分配关系可得代入、I1、的值解得当公共端与10A端接入电路时，量程，此时电阻R1与表头串联后再与并联．由并联电路的特点可知代入、I2、的值解得联立解得(2)将表头与R1、R2视为整体，总电阻为则改装后电压表量程为解得14.如图所示，A、B、C三个物块置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹