湖南省长沙市芙蓉区2025-2026学年高一下学期期末考试化学自编试卷（人教版）（解析版）

湖南省长沙市芙蓉区2025-2026学年高一下学期期末考试自编试卷化学试题（解析版）题号12345678910答案ACADCDCABC题号11121314答案BDBC1．A【详解】A．越王勾践剑主要成分为青铜，青铜是铜锡合金，属于金属材料，A正确；B．琅琊古刻石主要成分为硅酸盐、碳酸盐等无机非金属物质，属于无机非金属材料，B错误；C．秦代兵马俑主要成分为陶瓷，属于硅酸盐类无机非金属材料，C错误；D．清明上河图的载体为纸张、丝绢等，主要成分为纤维素、蛋白质等有机高分子材料，不属于金属材料，D错误；答案选A。2．C【详解】A．是葡萄糖，属于共价化合物，仅含共价键，不存在离子键，A错误；B．中C原子与每个O之间形成两对共用电子对，而不是一对，C原子无孤电子对，O原子有两对孤电子对，而不是三对，应表示为：B错误；C．为V形结构，O原子半径大于H原子，该球棍模型符合水分子的结构特点，C正确；D．的质子数为8，中性原子核外电子数也为8，最外层电子数应为6，图中结构最外层为8，是氧离子的结构示意图，D错误；故答案选C。3．A【详解】A．燃烧热是101kPa下1mol可燃物完全燃烧生成稳定氧化物时放出的热量，题给热化学方程式中可燃物为1mol乙炔，产物为稳定的和，数值符合燃烧热定义，A正确；B．反应的仅由反应物和生成物的总能量差决定，与反应条件无关，光照和点燃条件下该反应的相同，B错误；C．为可逆反应，1mol和0.5mol无法完全反应，若2mol完全反应放出的热量大于158.4kJ，因此，C错误；D．中和热指强酸强碱稀溶液发生中和反应生成1mol时放出的热量，该反应生成2mol水，对应中和热为57.3kJ/mol，D错误；故答案选A。4．D【详解】A．氯化铝是共价化合物，熔融状态不导电，工业上铝通过电解熔融氧化铝制得，A错误；B．铝热反应只能冶炼活泼性比铝弱的金属（如铁、铬、锰等），而镁的活泼性比铝强，不能用铝热反应冶炼，金属镁可以用电解熔融氯化镁的方法制得，B错误；C．高炉炼铁中CO将铁的氧化物还原为铁单质，利用的是CO的还原性，C错误；D．银、汞是不活泼金属，可通过加热分解其氧化物的方法冶炼，D正确；故选D。5．C【详解】A．饱和溶液中通入，反应生成溶解度更小的，会析出沉淀，正确离子方程式为，A错误；B．足量通入溶液中，氨水为弱碱，只能生成沉淀，无法溶解生成，正确离子方程式为，B错误；C．少量通入溴水中，被氧化为，被还原为，反应离子方程式，电子守恒、电荷守恒、原子守恒，C正确；D．向溶液加入过量溶液，完全反应，系数为1，正确离子方程式为，无剩余，D错误；故选C。6．D【详解】A．钠在氯气中燃烧生成白色NaCl固体，现象为产生白烟，不是棕色烟，A错误；B．既能与酸反应生成盐和水，也能与强碱反应生成盐和水，属于两性氧化物，不属于酸性氧化物，B错误；C．与酸性溶液发生氧化还原反应使其褪色，该过程中体现还原性，不是漂白性，C错误；D．FeO不稳定，亚铁具有较强还原性，在空气里受热能迅速被氧化成，D正确；答案选D。7．C【分析】该装置为原电池，活泼性强于，故作负极，发生失电子的氧化反应，电极反应为，作正极，在正极得电子发生还原反应，电极反应为。【详解】A．该装置为原电池，可将化学能转化为电能，A正确；B．作负极，失电子生成，逐渐溶解，发生氧化反应，B正确；C．电子仅能在外电路中移动，从经外电路流向，稀硫酸中依靠、的定向移动导电，电子无法进入电解质溶液，C错误；D．将稀硫酸换成溶液，负极仍然是失电子生成，电极反应不变，正极变为得电子生成，D正确；故选C。8．A【详解】A．反应物总能量（状态1）高于生成物总能量（状态4），反应ΔH<0，属于放热反应，A正确；B．过程Ⅰ、Ⅱ能量升高，需要吸收能量，过程Ⅲ能量降低，释放能量，并非三个过程都需要吸收能量，B错误；C．催化剂可降低反应的活化能，加快反应速率，但不改变反应物和生成物的总能量差，即不改变反应的焓变，C错误；D．该反应中为气态反应物，平衡常数表达式为，选项表达式缺少，D错误；故选A。9．B【详解】A．甲烷与氯气在光照下发生取代反应，生成的HCl溶于饱和NaCl溶液，试管内压强减小，液面上升，同时生成油状氯代甲烷，该装置可以探究甲烷的取代反应，A正确；B．观察钾盐的焰色时，需要透过蓝色钴玻璃滤去钠元素的黄光干扰，图示直接观察无法观察到钾的紫色火焰，不能达到实验目的，B错误；C．配制银氨溶液的操作为：向2%硝酸银溶液中逐滴加入2%氨水，至生成的沉淀恰好溶解时停止滴加氨水，图示操作正确，C正确；D．氯气可与NaOH溶液反应，将导管通入NaOH溶液可有效吸收氯气尾气，该装置可用于氯气尾气处理，D正确；答案选B。10．C【详解】A．燃煤中加入可与反应减少酸雨的形成，无法减少温室气体的排放，A错误；B．硝酸铵含氮量较高，只要严格按照规范储存、使用，就可以用作氮肥，B错误；C．硫酸亚铁、硫酸铝、聚合硫酸铝等在水中可水解生成胶体，能够吸附细小悬浮物使之沉降，可用作污水处理的混凝剂，C正确；D．氯气虽有毒，但它与水反应生成的次氯酸具有强氧化性，可杀菌消毒，控制合适用量时可用于自来水的杀菌、消毒，D错误；故答案为C。11．B【详解】①缩小体积时，CO2和CO浓度增大，反应速率增大；②固体的浓度恒定，增加碳的量不影响其浓度，速率不变；③通入CO2直接增加反应物浓度，速率增大；④恒容充N2不改变反应物浓度，速率不变；⑤恒压充N2导致体积增大，浓度降低，速率减小；综上，①③符合题意，选B。12．D【详解】A．根据题目所给结构简式分析，该分子有7个C原子，6个O原子，2个不饱和度，所以该有机物分子有个H原子，所以分子式是，A正确；B．该有机物分子有羧基、有羟基，所以既能跟乙醇反应，也能跟乙酸反应，B正确；C．该有机物分子的醇羟基可以被酸性高锰酸钾溶液氧化，C正确；D．未描述标准状况，气体体积与物质的量之间无法确定换算量，D错误；综上，本题选D。13．B【分析】N2

+3H2

⇌2NH3为气体体积缩小的可逆反应，该反应达到平衡状态时，正逆反应速率相等，各组分的浓度、百分含量等变量不再变化，据此判断。【详解】A．该反应为可逆反应，则N2、H2、NH3在容器中始终共存，则无法判断是否达到平衡状态，故A错误；B．该反应为气体体积缩小的反应，平衡前气体的总物质的量为变量，当混合气体的总物质的量不再发生变化时，说明此时正、逆反应速率相等，达到平衡状态，故B正确；C．单位时间内生成nmolN2，同时生成3nmolH2，表示的都是逆反应速率，无法判断是否达到平衡状态，故C错误；D．单位时间内消耗nmolN2，表示正反应速率，同时消耗nmolNH3，表示逆反应速率，但两者速率之比与计量数之比不等，说明反应未达到平衡状态，故D错误；故答案为B。14．C【详解】A.从结构上看，葡萄糖是五羟基醛，果糖是五羟基酮，均属于多羟基化合物，故A正确；B.转化为的反应是醇羟基和醛基氧化为羧基的反应，故B正确；C.由PEF的结构简式可知，与HOCH2CH2OH发生缩聚反应生成PEF，单体a为乙二醇，故C错误；D.由PEF的结构简式可知，PEF树脂中含有酯基，一定条件下能发生水解反应而降解，从而减少白色污染对环境的危害，故D正确；故选C。【点睛】一定条件下，与HOCH2CH2OH发生缩聚反应生成，单体a为乙二醇是解答关键。15．(1)CO20.016(2)>(3)B(4)该反应放热，使溶液温度升高(5)NaCl或KCl(6)将水改为(或KCl)溶液(7)随着反应的进行，反应物浓度降低【详解】（1）反应中，反应物NO、CO物质的量随反应进行减小，生成物​、​物质的量增大，初始加入等物质的量的NO和CO（均为2mol），50min时反应物N剩余0.4mol，变化量，生成物M变化量，变化量与计量数成正比，​计量数为2，与反应物计量数相等，因此M为；0~50min内，，容器体积为2L，则。（2）a点反应仍正向进行，生成物物质的量还在增加，因此正反应速率大于逆反应速率。（3）A．速率比应等于计量数比，平衡时应为，A错误；B．该反应前后气体总物质的量不相等，恒容容器中，压强与气体总物质的量成正比，压强不变时说明反应达到平衡，B正确；C．该反应中NO和CO的化学计量数相等，且初始时NO和CO的物质的量相等，因此在反应过程中NO和CO的浓度之比始终保持不变，不能说明反应达到平衡状态，C错误；D．根据碳原子守恒，CO和的物质的量之和始终等于初始CO的物质的量，总和不变不能说明平衡，D错误；故选B。（4）方案1操作是测量反应体系温度变化，因此假设为：该反应放热，体系温度升高，加快反应速率。（5）假设是催化剂，为了不引入其他杂质离子，应加入NaCl或KCl固体提供。（6）方案3目的是探究酸性对速率的影响，加入盐酸会引入，若有催化作用，会干扰实验，因此改进方法是保证浓度相同，将烧杯①的1mL水换为1mL0.2mol/L的NaCl（或KCl）溶液，消除的干扰。（7）反应后期，反应物不断被消耗，反应物浓度显著减小，因此反应速率减慢。16．(1)加成反应(2)酯基(3)CH2=CH-COOHb(4)+H2OCH3CH2OH2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O(5)饱和碳酸钠溶液防止倒吸C2H5OH+CH2=CHCOOHCH2=CHCOOC2H5+H2O【分析】由题给有机物的转化关系可知，在催化剂作用下，乙烯与水发生加成反应生成乙醇，则A为乙醇；在催化剂作用下，丙烯与氧气发生催化氧化反应生成丙烯酸，则B为丙烯酸；在浓硫酸作用下，乙醇与丙烯酸共热发生酯化反应生成丙烯酸乙酯和水。【详解】（1）机物A的分子式为，另外A和B反应生成丙烯酸乙酯()，说明A为乙醇，乙烯与水发生加成反应生成乙醇；（2）中含氧官能团的名称是酯基；（3）由分析可知，在催化剂作用下，丙烯与氧气发生催化氧化反应生成丙烯酸，则B为丙烯酸，结构简式为：CH2=CH-COOH，a．CH2=CH-COOH和含有的官能团不完全相同，二者不互为同系物，a错误；b．CH2=CH-COOH中含有羧基，可以与溶液反应放出气体，b正确；c．CH2=CH-COOH中含有碳碳双键和羧基，可以发生酯化、加成、氧化反应；中含有碳碳双键和酯基，可以发生加成、氧化反应，不能发生酯化反应，c错误；d．丙烯酸乙酯中没有羟基或羧基，不能发生加聚反应，d错误；故选b。（4）与H2O发生加成反应生成乙醇，化学方程式为：+H2OCH3CH2OH；CH3CH2OH发生催化氧化反应得到乙醛，化学方程式为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O。（5）①从试管甲挥发出的丙烯酸乙酯中会混有乙醇和丙烯酸，饱和碳酸钠溶液可以溶解乙醇，中和丙烯酸，降低酯的溶解度，故可用饱和碳酸钠溶液收集丙烯酸乙酯，试管乙中试剂的名称是饱和碳酸钠溶液；试管乙中的导管口要在液面以上的原因是防止倒吸；②乙醇与丙烯酸共热发生酯化反应生成丙烯酸乙酯和水，化学方程式为：C2H5OH+CH2=CHCOOHCH2=CHCOOC2H5+H2O。17．(1)同分异构体(2)酯基(3)加聚反应或聚合反应(4)用作杀菌消毒；用于烹饪食物；用作燃料(5)(6)(7)BC(8)12【分析】采取逆推法，由G可知，E和F一个为羧酸一个为醇，根据B和C中碳的数目可知E为CH2=CHCOOH，F为乙醇，乙烯与水发生加成反应生成乙醇，故无机物D为水；G中含碳碳双键，发生加聚反应得到高聚物H为；【详解】（1）同分异构体是分子式相同、结构不同的化合物；A与互为同分异构体；（2）由结构，G中含氧官能团名称是酯基；（3）G中含碳碳双键，发生加聚反应得到高聚物H，为加聚反应；（4）F为乙醇，能燃烧、能杀菌消毒，用于杀菌消毒、用于烹饪食物、用作燃料；（5）由分析，E为：CH2=CHCOOH；（6）乙烯与水发生加成反应生成乙醇，；（7）A．G中含碳碳双键，能使酸性溶液褪色，而H不含能使高锰酸钾反应而褪色的官能团，错误；B．两者均含酯基，则在一定条件下均可发生水解反应，正确；C．G、H最简式相同，则等质量的G、H完全燃烧，消耗的质量相等，正确；故选BC；（8）物质G的同分异构体有很多，其中属于羧酸，则含有羧基，此外还有4个碳、1个不饱和度，首先确定碳链或碳环，然后确定羧基位置，存在：，共12种。18．(1)检查装置气密性(2)使漏斗中的液体顺利流下，减小加入液体体积对测量气体体积的误差(3)饱和NaHSO3溶液大气压强(4)(5)(6)0.2mol/L的CuSO4溶液>【分析】有气体参与或生成的实验，为了防止漏气，必须检查装置的气密性；恒压漏斗主要有两个优点：第一是能够让液体顺利流下；第二是在测量气体体积时，减小加入液体体积对测量气体体积的误差；为了防止二氧化硫溶于水，储液瓶中应该盛放饱和溶液；由题意可知，白色沉淀为，橙黄色沉淀为，以此来解答。【详解】（1）实验前为了防止漏气，必须检查装置的