湖南省长沙市天心区2025-2026学年高二下学期期末考试物理自编试卷（人教版）（解析版）

湖南省长沙市天心区2025-2026学年高二下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案CBDADCCABDBDAB1．C【详解】A．容抗的计算公式为，电容越大、交流频率越低时，容抗变化无法确定，对交变电流的阻碍作用变大变小无法确定，故A错误；B．变压器的能量损耗包括铁芯的涡流、磁滞损耗（铁损），以及线圈电阻的发热损耗（铜损），并非只有铁芯发热，故B错误；C．中性面是线圈平面与磁场垂直的位置，此时穿过线圈的磁通量最大，但磁通量的变化率为0，根据法拉第电磁感应定律，感应电动势为0（最小值），故C正确；D．输电电压越高，对线路绝缘性能、杆塔建设成本的要求越高，还会产生电晕放电等额外损耗，因此需要综合考量选择合适的输电电压，并非越高越好，故D错误。故选C。2．B【详解】A．甲图中干簧管是一种能够感知磁场的传感器，故A错误；B．乙图中，如果把阻值调得更大些，光敏电阻两端电压降低，则当阻值更大（天更暗）时，光敏电阻两端电压才能等于原来的电压，即在天更暗时才点亮路灯，故B正确；C．根据电流微观表达式有又有，整理可得，故C错误；D．当受力端受到一个竖直向下的外力作用时，金属梁发生微小形变，导致上表面应变片长度变长，电阻变大、下表面应变片长度变小，电阻变小，故D错误。故选B。3．D【详解】A．对线框，根据牛顿第二定律其中，，解得由于速度逐渐减小，安培力逐渐减小，所以是变加速运动，故A错误；B．线框由左侧磁场全部进入右侧磁场过程中，根据右手定则可知，感应电流的方向始终沿逆时针方向，故B错误；C．线框由左侧磁场全部进入右侧磁场过程中，线框左右两个边均切割磁感线，产生电动势，则线框中的最大感应电动势，故C错误；D．通过线框截面的电荷量，故D正确。故选D。4．A【详解】A．根据理想气体状态方程可知在图像中过原点的倾斜直线反映的是理想气体等压变化的规律，即，过程为等容变化过程，根据可知理想气体在状态时的压强为，故A正确；B．过程气体的温度升高，分子运动的平均速率增大，但不是所有分子的速率都增大，故B错误；C．过程为等压变化过程，根据可知理想气体在状态时的温度为，故C错误；D．变化过程，外界对气体做的总功为根据热力学第一定律可知变化过程气体从外界吸收的热量等于内能的增加量，故D错误。故选A。5．D【详解】A．过程中，由图可知气体体积减小，一定质量的气体总分子数不变，单位体积内的分子数（分子数密度）逐渐增大，故A错误；B．是等压过程，根据理想气体状态方程，压强不变，体积增大，因此温度升高。温度是分子平均动能的标志，温度越高分子平均动能越大，因此状态的分子平均动能大于状态，故B错误；C．是绝热过程，则过程中气体体积增大，气体对外做功，则根据热力学第一定律可得，气体内能减小，故C错误；D．整个循环过程气体回到初始状态，总内能变化两个绝热过程没有热量交换，因此总满足图中循环围成的面积为气体对外做的功，该循环气体对外界做功，则有，因此即过程的吸热量大于过程的放热量，故D正确。故选D。6．C【详解】A．由功率公式已知，，得解得根据理想变压器电流关系得匝数比，故A错误；BC．设原线圈电流，则副线圈电压根据理想变压器电压关系得原线圈电压原线圈回路总电压满足代入得解得原线圈两端电压，故B错误，C正确；D．电源输出功率为，故D错误。故选C。7．C【详解】A．若霍尔元件的自由电荷是自由电子，根据左手定则，电子受到洛伦兹力向C端相连接的面移动，因此端电势低于端的电势，A错误;B．当霍尔元件上下面之间的恒定电流的方向改变，从霍尔元件输出的控制车速的电势差正负号相反，但由题中第三张图可知，不会影响车速控制，B错误；C．设自由电子定向移动的速率为，霍尔元件前后面间的距离为，左右表面间距离为，达到稳定后，自由电荷受力平衡，由可得电流的微观表达式则可知仅增大电流时前后表面电势差增大，对应的车速更大，电动自行车的加速性能更好，更容易获得最大速度，C正确；D．其他条件不变，仅对调永久磁铁的N极、S极位置，不影响磁感应强度大小，只是影响电压的正负，不影响车速控制，D错误。故选C。8．ABD【详解】AB．温度越高，速率大的分子所占比例越大，所以图线甲的温度高，对应的氮气压强较大，氮气分子的平均动能较大故AB正确；C．由图像可求出定量的氮气各速率区间的分子数所占总分子数的百分比，不能求出任意速率区间内氮气分子数目，故C错误；D．由图可知，同一温度下，氮气分子的速率呈现“中间多，两头少”的分布规律，故D正确。故选ABD。9．BD【详解】AB．由题图可知A、B两质点开始振动的时刻为tA=2.0s，tB=0.5s由于在同种介质中则波速v相同，故有则xA=4xB故波源S位于x=2m处，且波速v=2m/s故A错误、B正确；C．C质点开始振动的时刻为由题图可知，波源起振方向为y轴正方向，在tC=4s时A质点也沿y轴正方向，则C质点起振后，其振动步调与A质点相同，故C错误；D．根据以上分析tC=4s时开始振动，则t=5.5s时，C质点已振动了，则t=5.5s时，C质点位于波谷，故D正确。故选BD。10．AB【详解】A．根据题意，由光电效应方程有结合图②可得，，故A正确；BC．根据题意，由动能定理有由图③可知，甲光和丙光的截止电压相等小于乙光的截止电压，则三色光的频率关系为根据公式可得，三色光的波长关系为由图③可知，甲光的饱和电流大于丙光，则甲光光照强度大于丙光，故C错误，B正确；D．图③中乙光光电流大于甲光光电流的那部分实验，光电管两端接的反向电压，则对图①中滑片P位置应该在O点左侧，故D错误。故选AB。11．刻度尺P3和P1P2的像CD1.5小于【详解】（1）[1]本实验需要用刻度尺测量相应长度以计算入射角、折射角的正弦值，还缺少的器材是刻度尺。[2]根据折射光线的特征，可知透过玻璃砖观察，调整视线方向，插上第四枚大头针P4应使其遮挡住P3和P1P2的像。（2）[3]A．插针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行，A错误；B．为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，效果会更好，B错误；C．为了准确确定入射光线和折射光线，大头针应垂直地插在纸面上，C正确；D．大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，D正确。故选CD。（3）[4]图中P1P2作为入射光线，OO′是折射光线，设光线在玻璃砖上表面的入射角为，折射角为，则由几何知识可得又则折射率为（4）[5]如图所示实线是真实的光路图，虚线是玻璃砖宽度画大后的光路图，由图看出，在这种情况测得的入射角不受影响，但测得的折射角比真实的折射角偏大，因此测得的折射率测量值小于真实值。12．(1)1.8减小慢(2)25.5（25.0~25.8都算对）【详解】（1）[1][2][3]由电路欧姆定律得由题图乙可得到结论：随着温度升高，热敏电阻的阻值迅速减小，进一步升高温度，阻值减小得越来越慢。（2）由题图乙知该电阻的阻值为2.2kΩ，其对应的温度为25.5℃。13．(1)(2)【详解】（1）设汽缸的加速度大小为，则有对整体对甲对乙联立解得（2）根据玻意耳定律有解得14．(1)72cm(2)87cm【详解】（1）对封闭气体，玻璃管由开口向上变为水平，根据玻意耳定律有（p0＋l0）l1=p0l2其中p0=76cmHg，l0=20cm，l1=h1=57.1cm解得l2≈72cm（2）假设玻璃管足够长，对封闭气体，玻璃管由开口向上变为开口向下，根据玻意耳定律有（p0＋l0）l1=（p0-l0）x解得x=98cm由于x＋l0=118cm>l=100cm可知，有一部分水银从管口流出。对封闭气体进行分析（p0＋l0）l1=[p0-（l-l3）]l3代入数据得舍去负值解得l3≈87cm15．(1)，(2)(3)【详解】（1）粒子在电场中做类斜抛运动有，，，联立解得由几何关系知粒子进入磁场中做圆周运动