湖南省长沙市天心区2025-2026学年高一下学期期末考试物理自编试卷（人教版）（解析版）

湖南省长沙市天心区2025-2026学年高一下学期期末考试自编试卷物理试题（解析版）题号12345678910答案ACCDADDADBDAC1．A【详解】A．回复力与运动方向相同，所以振子的速度逐渐增大，故A正确；BCD．振子离开平衡位置的位移逐渐减小，有可知回复力逐渐减小，有加速度逐渐减小，故BCD错误。故选A。2．C【详解】A．由图可得波长故周期所以，经过1.5s（）质点a通过的路程为3A=60cm=0.6m，故A错误；B．波向右传播，根据同侧法可知质点b位移为负且向下振动，质点a在波峰位置，故质点b比质点a后回到平衡位置，故B错误；C．波的频率故若此波遇到另一列波并产生稳定的干涉条纹，则另一列波的频率也为0.5Hz，故C正确；D．波长，若该波传播中遇到宽约3m的障碍物，障碍物尺寸比波长小，故会发生明显的衍射现象，故D错误。故选C。3．C【详解】A．小球在斜面A上受到重力沿斜面向下的分力作用，这个分力提供动力使小球加速滚下，故A正确；B．小球到达底部时具有一定的速度，由于惯性（牛顿第一定律），它要保持原来的运动状态，因此会沿斜面B向上运动，故B正确；C．在伽利略的理想斜面实验中，假设斜面是光滑的（无摩擦力），则小球在运动过程中只受重力和支持力做功，而支持力不做功，因此机械能守恒，保持不变。即使在实际实验中存在微小摩擦，机械能也只会逐渐减小，而不会“先增大”。因此“机械能先增大后减小”的说法是错误的，故C错误；D．小球从斜面A滚下时，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增加，重力势能转化为动能；滚上斜面B时，速度减小，动能减小，高度增加，重力势能增加，动能转化为重力势能。整个过程就是重力势能与动能的相互转化，故D正确。本题选不正确的，故选C。4．D【详解】A．超级电容器依靠极板储存电荷实现储能，储存的是电场能，并非化学能，故A错误；B．超级电容器充电储能、放电释能的过程是可逆的，可多次循环使用，故B错误；C．题干明确说明超级电容可承担脉冲负荷，说明其能在短时间输出大电流，放电电流大，故C错误；D．根据功率公式，超级电容放电电流大、工作电压较高，因此放电功率大，可满足电磁弹射等短时大功率的需求，故D正确。故选D。5．A【详解】B．将汽车减速运动的逆过程看作是反方向初速度为零的匀加速运动，因为在最后1秒内的位移为，根据可知加速度故B错误；AD．汽车刹车时第1秒内的位移为，由代入数据解得根据可得汽车在第1秒末的速度是故A正确，D错误；C．汽车刹车停止所需的时间为故时汽车已经停下来，因而汽车前4秒内的位移是故C错误。故选A。6．D【详解】AD．设两物体从下落到相遇的时间为t，竖直上抛物体的初速度为v0，则由题有解得v0=2v根据竖直上抛运动的对称性可知，B自由落下到地面的速度为2v，在空中运动时间为A竖直上抛物体在空中运动时间为故D正确，A错误。B．物体A能上升的最大高度为B开始下落的高度为显然两者相等。故B错误。C．两物体在空中同时达到同一高度时，B下降的高度为两物体在空中同时达到的同一高度的位置h在B开始下落时高度H的中点上方，故C错误。故选D。7．D【详解】AB．物块由A点开始向右加速运动，弹簧压缩量逐渐减小，F弹减小，由可知，a减小，所以物块做加速度减小的加速运动；当运动到F弹=Ff时，a减小为零，此时物块速度最大，弹簧仍处于压缩状态，不是在O点；由于惯性，物块继续向右运动，此时物块做减速运动，且随着压缩量继续减小，a逐渐增大；当越过O点后，弹簧开始被拉伸，此时随着拉伸量增大，a继续增大，综上所述，从A到B过程中，物块加速度先减小后反向增大，在O点左侧F弹=Ff时速度v达到最大，故AB错误；C．在AO段，弹簧压缩，物块所受弹簧弹力做正功，在OB段，弹簧伸长，物块所受弹簧弹力做负功，故C错误；D．由动能定理知，从A到B的过程中，弹簧弹力做功与摩擦力做功之和为0，所以物块所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功，故D正确。故选D。8．AD【详解】A．卫星在由圆形轨道变成椭圆轨道过程中，需要在点减速使得万有引力大于所需向心力，从而让卫星做近心运动沿椭圆轨道运行，故A正确；B．在从椭圆轨道点到达近火点过程中，只有万有引力对卫星做功，卫星的机械能不变，故B错误；C．根据开普勒第二定律可知，卫星在点的速度大于沿椭圆轨道运动时经过点的速度，故C错误；D．根据可得卫星加速度，由于，可知卫星在点的加速度比在点的加速度大，故D正确。故选AD。9．BD【详解】AC．开始时弹簧未发生形变，物块受到指向圆心的静摩擦力提供圆周运动的向心力；圆盘角速度缓慢地增加，静摩擦力逐渐增大，当角速度增加到一定值时，静摩擦力达到最大静擦力，如果圆盘的角速度继续增大，则小物块做离心运动，受到摩擦力为指向圆心的滑动摩擦力，弹簧将伸长。在物块与圆盘没有发生滑动的过程中，物块只能有背离圆心的趋势，则摩擦力不可能背离圆心，故AC错误；B．物块开始滑动有，解得，故B正确；D．当圆盘角速度缓慢地增加，弹簧的伸长量为时，则有，解得，故D正确。故选BD。10．AC【详解】B．图像的斜率表示加速度，根据图（b）可知，0~t1与t1~t2时间内，砝码的加速度大小相等方向相反，故B错误；A．图像与时间轴所围结合图形的面积表示位移，根据图（b）可知，0~t1与t1~t2时间内，砝码的位移相同，故A正确；C．砝码所受外力的合力等于摩擦力，根据动能定理可知，根据动能定理可知，0~t1时间内，摩擦力对砝码做的功等于砝码动能的变化量，故C正确；D．根据功能关系与能量守恒定律有即0~t1时间内，拉力做的功等于砝码和钢板总动能的变化量与两者之间的摩擦产生的热，故D错误。故选AC。11．(1)B(2)CD(3)转动半径（半径）【详解】（1）小物体做匀速圆周运动的向心力由绳对小物体的拉力提供。故选B。（2）根据匀速圆周运动规律可知，，由题可知两次操作周期相同，角速度相同，线速度和加速度不同。故选CD。（3）根据向心力表达式体会到F2>F1，所以在小球质量、转动角速度相同的情况下，所需要的向心力大小与转动半径的关系。12．(1)C(2)C(3)(4)BD(5)M【详解】（1）A．通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故A错误；B．若机械能守恒，则质量会约掉，故不需要用天平测质量，故B错误；C．需要刻度尺测量纸带上两点间的距离，故刻度尺是需要的，故C正确。故选C。（2）A．电火花打点计时器的工作电压为交流220V，故A错误；B．在测速度时用到的方法是根据匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，故不需要用或来计算重锤在某点的速度，故B错误；C．安装打点计时器时，应使两个限位孔处于同一竖直线上，故C正确。故选C。（3）相邻两计数点之间的时间为在打下B点时重锤的速度为在打下B点时重锤的动能（4）A．若是存在空气阻力和摩擦力，则应该小于，故A错误；B．接通电源前释放了纸带，使得计算出的B点速度偏大，则大于，故B正确；C．打点计时器的工作电压偏高，对实验无影响，故C错误；D．实际交流电源的频率比f小，但计算时仍用正常值计算，则大于，故D正确；故选BD。（5）设重物下落过程中受到的阻力为，根据动能定理可得整理可得则图像的斜率为由于重物M、N质量相同，结合题目图3可知重物N所受阻力较大，因此选重物M进行实验误差更小。13．(1)1.8m，4.8m(2)-0.6J【详解】（1）由平抛运动规律可知，小石片在A点速度大小解得小石片从P点运动到A点的过程中，由动能定理有解得根据平抛运动的规律可得，解得（2）小石片从A点运动到B点的过程中，由动能定理有解得14．(1)(2)(3)【详解】（1）星球表面处万有引力等于重力有所以木星与地球表面的重力加速度大小之比为（2）研究木星和地球绕太阳公转，根据开普勒第三定律有所以木星与地球公转周期之比为（3）星球表面的第一宇宙速度为所以木星与地球的第一宇宙速度大小之比为15．(1)5s(2)14.3m(3)0.7m，【详解】（1）受力分析知物体的加速度为解得a到b的时间为（