杭锦旗某中学九年级物理全册 第14章 第3节 电流的磁场 第1课时 电流的磁场考点手册 北师大版

第三节电流的磁场

第1课时电流的磁场

知识梳理HIL

知识点二.…电通的磁场精练版P7

实验探究：通电直导线周围的磁场(奥斯特实验)

实验探究现象分析

爸

小磁针发生偏转，说明小磁

导线中通入电流，小磁针发

针受到磁场力的作用，即电

生偏转

流周围存在着磁场

甲：通电

拿

小磁针不发生偏转，说明小

导线中无电流时，小磁针不

磁针没有受到磁场力的作

发生偏转

用，没有电流也就没有磁场

乙：断电

专电流方向改变时，小磁针偏

改变导线中通入电流的方

转方向发生了改变，说明磁

向，小磁针发生反向偏转

丙：改变电场方向发生了改变

流方向

探究归纳：(1)甲、乙两实验说明：电流周围存在磁场；

(2)甲、丙两实验说明：电流周围的磁场方向与电流的方向有关。

温馨提示：(1)任何导体中有电流通过时其周围空间均会产生磁场，这种现象叫电流的

磁效应。

(2)电流的磁效应是由丹麦物理学家奥斯特于1820年4月通过实验首先发现的，奥斯

特实验是第一个揭示电和磁之间联系的实验。

(3)通电导线周围的磁场很弱，用电源短路的形式可以在导线中获得较大的电流，使通

电导线周围的磁场更强些，小磁针偏转得更明显。但要注意闭合的时间一定要短。

知识点二…遁电螺线萱精练版P7

1.实验探究：通电螺线管周围的磁场

实验过程设计实验现象实验现象分析

如图所示，用铜导线穿过硬放入小磁针后看到螺线管周螺线管周围磁感线应该是从

白纸板，绕成螺线管。给螺围的小磁针N极指向不同，螺线管一端出来回到另一

线管通入电流，将小磁针放内部小磁针N极指向相同，端；内部磁感线是从另一端

在纸板上不同位置，包括螺如图所示到原来的一端。说明通电螺

线管内部，在白纸板上记下线管外部有两个磁极且在两

小磁针在各个位置时N极指端，磁体周围的磁感线是闭

向km®合曲线

1叫/

小磁针N极指向改变，说明

在前面实验装置中，改变电通电螺线管磁感线方向改变

流方向，对照上次实验中的小磁针N极指向与上次实验了，即通电螺线管两端磁极

现象，观察小磁针N极指向刚好相反的极性改变了，由此可知，

与原来是否相同通电螺线管的磁感线方向与

电流方向有关

在白纸上均匀撒上一些铁如图所示

从铁屑的分布情况看，通电

屑，给螺线管通电后，轻轻

螺线管外部磁感线形状和条

敲击纸板，观察铁屑的排列

形磁体的磁感线形状相似

情况

探究归纳：通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似，通电螺线管的两端相当于

条形磁体的两个极。

2.实验探究：通电螺线管的极性可能和哪些因素有关呢？

取绕向不同的螺线管，依次设计并进行实验：向螺线管内通入不同方向的电流，用小

磁针验证它的N、S极，得实验现象如下表。

实验现象现象分析

甲、乙两个螺线管中的电流方向相同，但磁

N|

极不同，我们发现这两个螺线管的绕法不同

甲乙

sfcdlN甲、乙两个螺线管的绕法相同。但螺线管中

N[WT卜

甲乙的电流方向不同，通电螺线管的磁极不同

探究归纳：通电螺线管的极性跟通入的电流方向和通电螺线管的绕法有关。为了使实

验效果较明显，应：①增大通电螺线管中的电流；②尽量在螺线管周围多放置一些小磁

针。

温馨提示：通电螺线管的内部也存在磁场，其磁场的方向与外部相反，由S极指向N

极。

3.条形磁体和通电螺线管的异同。

2

条形磁体通电螺线管

①通电时有磁性，断电时失去磁性

不①是永磁体，磁性长期保持

②N、S极与电流和环绕方向有关

同②N、S极是固定的

③磁性强弱与线圈匝数和通电电流大

点③磁性强弱是不变的

小等有关

相①它们都可吸引磁性物质；②条形磁力K磁极位置和通电螺线管相同；③把条

同形磁体和通电螺线管挂起来都可指南北方向；④条形磁体和通电螺线管都有

点两极且都有同极相斥、异极相吸的特点

例将一根导线平行置于静止的小磁针上方，当开关闭合时，小磁针发生偏转，这说

明通电导体周围存在着。将电源的正、负极对调，再闭合开关，观察小磁针偏转

方向发生变化，可以说明电流的磁场方向与_有关。

解析：磁场的基本性质是磁场对放入其中的磁体具有作用力，使小磁针发生偏转，而

小磁针发生偏转也证明了磁场的存在：当电流方向改变时，小磁针的偏转方向发生了改

变，说明电流的磁场方向与电流方向有关。

答案：磁场电流方向

3

第十四章《欧姆定律》单元测试卷（A卷基础篇）

（时间：60分钟,满分：100分）

一、选择题（每小题3分，共30分）

1.（2020•天津）图所示是某导体中的电流/跟它两端电压〃的关系图象，该导体的阻值

为（）

A.40QB.30QC.20QD.10Q

【答案】D

【解析】

由图像知，通过该导体的电流与导体两端的电压成正比，说明导体的电阻不随温度变化而

变化；由欧姆定律IR/R可得,导体的电阻RR/I=lV/0.1A=10Q；

故选D。

2.如图所示，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，能使电路中的电阻变小的接法是

C.

【答案】D

【解析】

A.A图滑动变阻器的接线柱接B却3连入电路中的电阻丝是PB部分.当滑片P向左滑动

时，PB电阻丝长度变大，电阻变大.此选项不符合题意；

B.B图滑动变阻器的接线柱接B和D,连入电路中的电阻丝是PB部分.当滑片P向左滑动

时，PB电阻丝长度变大，电阻变大.此选项不符合题意；

C.C图滑动变阻器的接线柱接B和A,连入电路中的电阻丝是AB部分.无论怎样移动滑

4

片，滑动变阻器接入电路电阻不变.此选项不符合题意；

D.D图滑动变阻器的接线柱接A云RD,连入电路中的电阻丝是AP部分.当滑片P向左滑动

时，AP电阻丝长度变小，电阻变小.此选项符合题意.

故答案为：Do

3.如图所示，使用滑动变阻器，下列四种连接方法中不能调节小灯泡发光的强弱的是

()

C.

【答案】D

【解析】

A.由于图中滑动变阻器和电灯是串联的，左右移动滑片时，能改变电灯的电压和电流，从

而调节灯泡发光的强弱，A不符合题意；

B.由于图中滑动变阻器和电灯是串联的，上下移动滑片时，能改变电灯的电压和电流，从

而调节灯泡发光的强弱，B不符合题意；

C.由于图中滑动变阻器和电灯是串联的，左右移动滑片时，能改变电灯的电压和电流，从

而调节灯泡发光的强弱，C不符合题意；

D.由于图中滑动变阻器和电灯并联接到电源上，灯泡两端的电压和本身的电阻不变，通过

的电流不变，灯泡的亮度不变，且当滑动变阻器接入电路阻值为零时，形成电源短路，D

符合题意。

故答案为：I)

4.(2020•荆门)如图所示，AB和BC是由不同材料制成的长度相同、横截面积不同的两

段导体，将它们串联后接入电路中，下列说法正确的是()

5

ABC

A.AB段电阻大，电流小B.BC段电阻小，电流小

C.AB段电阻一定大，电流与BC段相等D.BC段电阻可能大，电流与AB段相等

【答案】D

【解析】

导体和比串联后接入电路中，根据串联电路电流规律可知，通过导体川?和a'的电流

相同；因为导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，由题干，导体力“和

故长度相同，而材料、横截面积不同，温度未知，则导体力9和宛段电阻大小无法确定。

故ABC错误，D正确。

故选I）

5.（2020•遂宁）物理科代表为全班同学设计了如下四个电路图，图中电源电压未知但不

变，症为阻值已知的定值电阻，用为最大阻值已知的滑动变阻器，通过断开、闭合开关或

调节七接入电路阻值不能测出未知电阻放阻值的电路是（）

A.B.C.D.

【答案】A

【解析】

A.由图可知，定值电阻和电流表用联，我们可以求出电源的电压，无法求出未知电阻Rx

阻值，故A符合题意；

B.闭合开关与和S?后，定值电阻尼被短路，电压表的示数即为电源电压及闭合S“断

6

„U风

开S2,此时电压表的示数为〃，可以求得用为&故B不符合题意;

U-U[

C.闭合开关，当滑动变阻器滑片移动到最右端时，此时的电压为上当当滑动变阻器滑片

移动到最左端时，此时的电压为〃，可以求得兄为R,二\与，故c不符合题意；

D.闭合开关，当滑动变阻器滑片移动到最右端时，此时的电压为/,当当滑动变阻器滑片

移动到最左端时，此时的电压为L可以求得此为凡=音十，故口不符合题。

/_/i

故选Ao

6.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯L,L2的电阻

之比为R1：R2=l：2,此时甲、乙两电表的示数之比为（）

A.2：1B,1：2C.3：2D.2：3

【答案】1）

【解析】乙表与电源两端连接，所以乙是电压表，甲如果是电流表，S闭合时，灯L短

路，与题意不符，故甲也是电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯串联，

t根据分压原理可知智,根据串联电路总电压等于各用电器前端的电压之和可得，

甲、乙两电表的示数之比为£=就=簸寸

故答案为：Do

7.如图甲所示，电源电压为18V,滑动变阻器标有“20Q1A”，当开关S闭合，滑动

变阻器滑片P滑至中点时，电压表的示数如图乙所示，下列说法不正确的是（）

7

A.定值电阻R的阻值为10Q

B.电路的最小电流为0.6A

C.滑动变阻器滑片P移动到最左端时，电流表示数最大

D.滑动变阻器滑片P移动到最右端时，电压表示数最大

【答案】C

【解析】

A.电源电压为18V,滑动变阻器滑片P滑至中点时，滑动变阻器阻值为10Q,刚好分得

9V电压，根据串联电路分压定律可得定值电阻R的阻值为10Q,A正确，不符合题意；

B.当滑动变阻器滑片P滑到最右端时，电路电阻最大，电流最小为

B正确，不符合题意;

C.滑动变阻器能承受的最大电流为1A,因此电路最小电阻为R詈=18Q

滑动变阻器至少接入的电阻为二波4一A无二18Q-10Q=8Q

当滑动变阻器往左滑动的过程中，接入电阻小于8Q时，电路电路大于1A,滑动变阻器烧

坏，此时电路电流为0A,C错误，符合题意；

D.滑动变阻器滑片P移动到最右端时，滑动变阻器电阻最大，电压表测量滑动变阻器电

压，根据串联电路分压原理可知，电压表示数最大，D正确，不符合题意。

故答案为：Co

8.（2020•娄底）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变。闭合开关S后，将滑动

变阻器的滑片向右移动的过程中，下列说法正确的是（）

8

A.电流表A的示数变小,电压表明的示数变大

B.电流表A的示数变小,电压表V2的示数变大

C.电流表A的示数变大,电压表明的示数变小

D.电流表A的示数变大,电压表S的示数变小

【答案】B

【解析】

由电路图可知，R1与R2串联，电E表修测电源的电压，电压表V?测R2两端的电压，电流表

测电路中的电流c

因电源两端的电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表片的示数不变；

将滑动变阻器的滑片P向右移动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由1=

U/R可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小；

由U=IR可知，RJ两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，Rz两

端的电压变大，即电压表V2的示数变大；

综上所述，B正确。

故选:Bo

9.在科学实验中，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要进行多次实验：

①在“测量物体的长度”时，多次测量

②在“探究重力的大小跟质量的关系”时，改变钩码的个数，多次测量

③在研究“串、并联电路中电流的规律”时，换用不同定值电阻，多次测量

④在“伏安法测电阻”的实验中，多次测量导体两端电压和通过导体的电流值

上述实验属于减少误差而进行多次实验的是（）

A.①③B.®®C.②®D.②④

【答案】B

【解析】

①“测量物体的长度”时，由于测量工具或测量方法等会产生实验误差，为了减小误差采

取多次测量求平均值的方法；

9

②在“探究重力的大小跟质量的关系”时，改变钩码的个数，多次测量，是为了获得普遍

的规律；

③“研究串、并联电路的电流特点”时，尤其是探究并联电路的电流特点时，如果两个电

阻阻值相同，测量的电流也会相同，就会得出“并联电路各支路电流相等”的错误结论，

因此为了寻找普遍规律，换用不同电阻多次测量。

④“用电压表和电流表测导体的电阻”时，测量的是定值电阻的阻值，测量值是个定值，

多次测量可以比较测量值减小误差。

故选：Bo

10.将电阻R和灯泡L接在图甲所示的电路中，电源电压保持不变。图乙为电阻R和灯泡

L的I—U图象。闭合开关S,电流表示数为0.3A,则电源电压和电阻R的大小分别是

()

1|

A.8V6.67QB.12V

20QC.8V20Q

1112V10Q

【答案】C

【解析】观察图乙图象，根据定值电阻的图象是一条过原点的直线，可判断乙图中的直线

是定值电阻R的图象，由图象数据，当定值电阻R两端的电压为4V时，对应的电流是

0.2A,根据1则定值电阻R的阻值=怒='20虱

图甲电路图，闭合开关S,电阻R和灯泡L串联，电流表测电路电流，电流表示数为

0.3A,根据串联电路电流规律，则电阻R和灯泡L的电流(=/R=G=0.3A

10

由图象乙可知，当电路电流是0.3A时，此时灯泡L分压网=2V

此时电阻R分压aR=6V

根据串联电路电压规律可得ff=UL+UR=2V+£V=8V

ABD不符合题意，C符合题意。

故答案为：Co

二、填空题（每空2分，共32分）

11.如图所示，电阻箱的示数为—

如图所示电阻箱的示数

1000Qx2+100Qx0+10Qx3++lQx5=2035d

12.如图所示为“用滑动变阻器改变电路中的电流”的实验电路图，该电路中。处应为

（选填“电流”或“电压”）表。闭合开关前滑片P应置在变阻器的（选填

“A”或"B”）端。

【答案】电流；B；

【解析】由图像可知该电表串联在电路中，因此是电流表。为保护电路安全，滑动变阻器

应接入最大阻值，即闭合开关前滑片P应置在变阻器的B端。

13.当导体两端的电压是4V时，通过它的电流为0.8A,若该导体两端的电压为2V,通过

它的电流为A,当导体两端的电压为0V时，它的电阻为Q。

【答案】0.4；5

II

【解析】根据导体两端的电压和电流，计算电阻距=三===5。；利用电压和电阻计算

Jji0J4

电流为/.=3=更：=0.44导体的电阻和电压无关，当电压为0V时，电阻不变，仍为5

•A：S/3

14.（2020•青海）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，把滑片P向左移动

时，滑动变阻器接入电路的阻值将,电压表的示数将（均填“变大”或“变

小”）O

【答案】（1）.变小；（2）.变大；

【解析】

[1][2]滑动变阻器与定值电阻串联，滑动变阻器接入的是左边部分，故滑片左移时，滑动

变阻器阻值变小，总电阻变小，电流变大，由欧姆定律可知定值电阻两端电压变大，即电

压表示数变大。

15.如图所示，电源电压保持不变，开关Si已闭合。若再闭合开关S2,则的示数变大，小

灯泡L的亮度（填“增强”、“减弱”或“不变”）o

【答案】电流表；不变；

【解析】

本题考查电路动态分析。

开关Sl已闭合，电灯L连入电路，电流表测L电流，若再闭合开关S2时，【八L2并联，电

流表测总电流，示数会变大；并联后电源电压不变，即L上的电压保持不变，故功率不

变，亮度不变。

16.某同学利用如图电路，探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系“，图中甲、乙、

丙是锲珞合金丝，甲、乙长度相同，乙、丙粗细相同。实验中，根据判断接入

12

小N两点间电阻的大小，选用的电阻丝是

【答案】电流表示数；甲和乙

【解析】

（1）将电阻的大小转换成电流表的示数，电流表示数越大则电阻就越小；

（2）要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，就应选材料相同、长度相同，横截

面积不同的导体甲和乙；

故答案为：（1）电流表示数；：2）甲和乙。

17.如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙=4：1,则

RI：R2=；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，通过两电表的电流之比L：

12=o

【答案】3：1；3：4

【解析】

当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，甲电压表测电源的电压，乙电压表测上两端的电

压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则两电阻两端的电压之比为

%：%=(U/-=(4-1):1=3:1

因串联电路中各处的电流相等，由1可得，两电阻的阻值之比

&.；N;=》：，=U1:外=3:1当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲电

流表测&支路的电流，乙电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，则两

13

支路的电流之比人/=3：比=1：3

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，两电流表的示数之比

2G=+Z2）=3:（l+3）=3:4。

18.小明利用图甲所示的电路探究”通过导体的电流与电阻的关系”，根据实验的数据绘

出了I-2图象，如图乙所示。分析图象可知，当导体的电阻为Q时，通过它的

R

电流为0.2A；当电流分别为0.25A和0.5A时，接入电路的导体的电阻之比为；

实验过程中，小明控制导体两端的电压为V。

【答案】10；2：1；2。

【解析】（1）根据实验的数据绘出了I-2图象，可知当电流为0.2A时，对应的▲=

RR

0.1,则电阻为R=10Q：（2）因为电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比，故当电

流分别为I«=0.25A和I2=0.5A时，接入电路的导体的电阻之比Ri：R2=I2：L=0.5A：

0.25A=2：1；（3）根据I=0.2A,R=10Q,由I=U可得导体两端电压为U=IR=

R

0.2AX10Q=2Vo

三、解答题（本题包含5道题，共38分）

19.（4分）如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻R1的阻值为6Q,电阻R2的阻值

为18Q。当开关S闭合时，电压表示数为3V。求：

（1）电流表的示数I。

14

(2)电源两端的电压U。

【答案】(1)0.5A；)(2)12V。

【解析】

(1)根据电压和电阻的比值计算电流；(2)利用电流和电阻的乘积计算电压，结合串联

电路电压规律计算总电压。

⑴解：1=1尸*jj=0.5A：

(2)解：U2=IR2=0.5AX18Q=9V；

U=Ul+U2=3V+9V=12VO

20.(4分)如图电路中，R.=10f>,R2=20Q,闭合开关后，电流表的示数为0.3A。

(1)电源电压是多少？

(2)通过％的电流是多少？

【答案】(1)3V；(2)0.15Ao

【解析】

(1)解：・・T=月,

A

:.电源电压U=U1=I1R1=0.3AX10Q=3V

答：电源电压是3V。

(2)解：通过Rz的电流12=:=三=0.15A

答：通过比的电流是0.15A。

21.(4分)某课外活动小组设计了一个用电压表的变化来反映环境温度变化的电路.如图

甲所示，电源电压不变，定值电阻Ro=2OQ,Ri是热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如

图乙所示，闭合开关S后，求：

15

（1）当环境温度为20°C时，电压表示数为2V,电源电压是多大？

（2）如果将R。、R并联在该电源两端，当干路电流为0.5A时，环境温度是多少？

【答案】（1）6V；（2）30℃o

【解析】

（1）电压表的示数为2V时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律可知，电路中电流：

1=1尸LFUJ/Ro=2V/20Q=0.1A,由图乙知，当环境温度为20c时，R=40Q,则R两

端的电压：UFTRFO.IAX40Q=4V：由串联电路的电床特点可得电源电压：U=U'

o+Ul=2V+4V=6V；

（3）如果将岛、R并联在该电路两端，由并联电路的电压特点知，两电阻两端的电压均等

于电源电压等于6V,此时通过R。的电流：I'o=Uo/R<,=6V/20Q=0.3A,由并联电路的电

流特点可得，通过电阻R的电流：r.=0.5A-0.3A=0.2A；此时热敏电阻R1的阻值为：R'

产U/IJ=6V/0.2A=30Q；由图乙知，此时温度为30℃。

22.（12分）（2020•天水）在“探究电流与电阻的关系”实验中：

（1）如图甲所示，请你用笔画线代替导线，将图中电路连接完整（请勿更改原有导线，导

线不得交叉），

要求：当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的电流变大。连接电路时，开关必

须o

（2）闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因

是o

16

（3）实验过程中，将5。的电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P至适当位

置，此时电流表示数如图乙所示，则电流表示数为A.将5。的电阻更换为10。的电

阻，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片P向（选填“左”或“右”）端移动，使电压

表示数为Vo

【答案】（1）如下图；断开；（2）电阻R断路；（3）0.3；右；1.5。

【解析】

（1）当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中的电流变大，即电阻变小，故变阻器左下

接线柱连入电路中，如下所示：

（2）闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因是电阻R断

路。

（3）实验过程中，将5。的电阻装入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P至适当位

置，此时电流表示数如图乙所示，则电流表示数为0.3A；

由定律定律，电压表示数：U=IR=0.3AX5Q=1.5V；

根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Q改接成10Q的电阻，电阻增大，其分得的电压

增大；

探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电

压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中

的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为L5V。

故答案为：（1）如上；断开；（2）电阻R断路；（3）0.3；右；1.5。

23.（14分）小明探究铅笔芯的电阻大小与长度的关系时，找来一支铅笔芯，测量其长度

并用两枚金属回形针夹住其两端进行实验。

（1）图甲是测铅笔芯电阻的电路，请用笔画线代替导线将其连接完整O

17

①闭合开关，发现两电表均无示数，为排查故障他将电压表改接在变阻器两端，发现电压

表有示数，则电路故障可能是一。

②排除故障，移动滑片P,电流表示数为0.14A时，电压表示数如图乙，为V,测出

的电阻为

（2）移动回形针，改变并测量钳笔芯接入电路的长度，实验时发现电流表损坏，他乂设计

了图丙电路测量电阻。

①正确连好电路，闭合开关S,将开关Si先拨至b,移动滑动变阻器滑片P,使电压表示数

为U。

②再将工拨至a,调节电阻箱旋钮至图丁位置，观察到电压表示数略大于U,他把“XI”

挡的旋钮又旋了一格，发现电压表示数略小于U,此时他（选填“应”或“不

应”）再调节滑动变阻器，以使电压表的示数恰好为U。

X1000X100

丙丁

③推断铅笔芯接入电路的阻值________（填写范围）。

（3）小明由上述两次实验，得出铅笔芯电阻与长度的关系，请评价他在探究过程中的不足

之处：______

【答案】（1）如下图；滑动变阻器断路；2.8V；20；

（2）不应；14Q"15Q；

（3）实验次数太少，具有偶然性。

18

【解析】

(D电源为2节干电池，电压小于3V,所以电压表量程应选0~3V的量程，电压表与铅笔芯

并联，铅笔芯串联接入电路。连接电路如图所示：

①闭合开关，电流表无示数说明电路断路，电压表接在铅笔芯两端无示数，而接在滑动变

阻器两端有示数，说明滑动变阻器断路。

②电压表的量程为0~3V,分度值为0.IV,所以图乙中电压表的示数为2.8V。由欧姆定律

可知电阻为八号表=20。，

(2)②应用等效法测电阻时，滑动变阻器的电阻应该保持不变，使与接b时铅笔芯两端电

压与&接a时电阻箱两端电压相等，即分压效果相等，电阻箱的电阻等于铅笔芯电阻。所

以实验时不应该移动滑动变阻器。图闪中电阻箱的阻值为15Q,观察到电压表示数略大于

U,他把“XI”挡的旋钮又旋了一格，发现电压表示数略小于U,贝J由串联分压规律可知

此时电阻箱阻值变小，即电阻箱的阻值调为14Q,所以铅笔芯接入电路的阻值为14Q15

(3)实验次数太少，具有偶然性。

19

综合检测试卷

（时间：90分钟满分：100分）

第I卷（选择题，共36分）

一、选择题（共12小题,每小题3分,共36分）

1.以下物态变化的事例中，属于凝华的是（C）

A.冬天池塘的水面上结了一层薄区

B.北方的冬天,冰冻的衣服在-10°C时也能晾干

C.刚从冰箱取出的冰棍，在其表面上附着一层“白霜”

D.刚从冰箱取出的冰棒，在其表面周围“冒”出“白气”

解析:冬天池塘的水面上结了一层冰，属于凝固现象;北方的冬天,冰冻的衣服在70C时也

能晾干，属于升华现象;刚从冰箱取出的冰棍，在其表面上附着一层“白霜”属于凝华现象；

刚从冰箱取出的冰棒，在其表面周围“冒”出“白气”属于液化现象.故选C.

2.下列说法中错误的是（D）

A.常用温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的

B.花香四溢,是因为分子在不停地运动

C.热传递时，内能从温度高的物体转移到温度低的物体

D.内燃机都要靠火花塞点火来使燃料猛烈燃烧

解析:常用的液体温度计是根据液体的热胀冷缩的性质制成的，故A正确;花香四溢是花香分

子在空气中做无规则运动的结果,是扩散现象，故B正确;热传递的条件是物体之间有温度差,

并且热量是从高温物体传到低温物体,故C正确;柴油机与汽油机采用的点火方式不同,柴油

机采用压燃式,汽油机采用点燃式故D错误.

3.如图为某物质熔化时温度随加热时间变化而变化的图像（加热装置的功率不变），从图中能

得到的正确信息是（A）

温度打

"/I2345时间/min

-咻

A.该物质为晶体，熔点为0℃

B.熔化过程持续了4min

C.该物质在AB段的比热容比在CD段大

D.该物质在B,C两点时温度、内能都相同

解析：该物质有一定的熔化温度,且熔化对应的温度是0℃,即熔点为七，故A正确;从图像

可以看出，从第1min开始熔化,到第4min结束,该物质熔化的时间大约为3min,故B错

Q

误；由Q=cmAt,可得c二AB段和CD段物质的质量m相同，由图像知,加热时间都是1

min,即吸收相等的热量,升高的温度不相同,升高温度之比为2：1,从而计算得比热容之比

1

为2则该物质在AB段的比热容小于CD段的比热容,故C错误;该物质吸热温度升高，内能

不断增大,故该物质B点的内能要比C点的内能小,故D错误.

4.卫生间要安装照明灯和换气扇，有时需要独立工作,有时需要同时工作.下列电路图符合设

计要求的是（A）

20

y----

~°B

-----<8>

D

解析:要使照明灯和换气扇可以单独工作，应将它们并联起来,各用一个开关控制，由图可

知,A符合要求.

5.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向左移动,下

列说法正确的是（D）

A.电流表A）的示数变小，电流变A?的示数变大

B.电流表4的示数和电流表A2的示数同时变大

C.电压表的示数变大，电流表4的示数变小

D.电压表的示数不变，电流表A2的示数变小

解析：由图可知,R.»R?并联，电压表测量各支路两端的电压；电流表A2在干路中,测量的是干

路电流；电流表A.在支路中，测通过变阻器R2的电流;将滑动变阻器的滑片P向左移动,滑动

变阻器接入电路的电阻变大,根据欧姆定律可知,通过变阻器的电流减小，即电流表A,的示

数变小；由于定值电阻两端的电压不变，所以通过它的电流不变;并联电路中干路电流等于各

支路电流的和，则干路电流减小，即电流表A2的示数变小;故A,B均错;电压表测量各支路两

端的电压，电压表示数保持不变，故C错,D对.

6.如图所示的电路中，电源电压保持不变,R.=2R2,闭合S,Sb断开S2时,电压表示数为5V,闭

合S,&,断开8时，电压表示数为7V,则R：Rz为（A）

A.3：2B,2：3C.7：5D.5：7

解析：当闭合S,S.,断开S2时,R与R串联，电压表测R两端的电压；当闭合S,S2,断开S.时,R2

~R~

UflUR5V5

U

与R串联，电压表测R两端的电压;由1=*可得,两种情况下的电流之比:‘2=R=R=7V=7}

因电源的电压一定时，电流与电阻成反比，

/]/?2+R穴2+R5

所以及瓦耳瓦2叫+&7

21

R3

整理可得^2=2

7.电是人们的好帮手，但若摸不准它的脾气,不注意用电安全,也可能会发生触电事故.下列

选项中符合安全用电要求的是（D）

A.电灯的开关可接在零线上

B.可用湿手接触照明电路中的开关

C.使用测电笔时,手不能接触测电笔的任何金属体

D.有金属外壳的家用电器,金属外壳必须接地

解析:控制电灯的开关接在零线上,断开开关时，电灯处仍带电,这样是很危险的,A不符合安

全用电要求;水容易导电,用湿手接触照明电路的开关,会发生触电事故,故B不符合安全用

电要求;使用测电笔时,手要接触笔尾金属体,但不能接触笔尖的金属电极,故C不符合安全

用电要求;有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地,以防用电器外壳带电,

故D符合安全用电的要求.

8.下列关于能源与可持续发展及信息的传递的叙述中正确的是（D）

A.太阳内部每时每刻都在发生裂变释放巨大的核能

B.石油是可再生能源

C.激光在光导纤维中始终沿直线传播

解析:在太阳内部,氢原子核在超高温作用下发生聚变,释放巨大的核能,故A错误;石油不能

源源不断获得,是不可再生能源,故B错误;激光在光纤中传播发生的是全反射,不是光沿直

线传播,故C错误；电磁波是靠迅速变化的电流产生的,故D正确.

9.如图是一种磁悬浮地球仪的示意图,底座里面有一个电磁铁,可使内部有磁体的地球仪悬

浮在空中.下列有关地球仪的说法正确的是（B）

A.如果想取下地球仪,应先切断电源

B.这种装置是根据同名磁极相互排斥的原理来工作的

C.换用一个质量较大的地球仪仍然要悬浮在空中，地球仪受到的磁力大小不变

I）.换用一个质量较大的地球仪仍然要悬浮在空中,且距离不变,改变电磁铁线圈中的电流方

向就可以了

解析:当磁悬浮地球仪停止工作时，应先“拿开球体”再“切断电源"防止地球仪在重力作

用下会落下来而摔坏,A错误;此地球仪利用了同名磁极相互排斥的原理制成,B正确;地球仪

工作时,球体悬浮于空中,此时球体受到的重力和磁力是一对平衡力，当换一个较大的地球仪

时,要想仍悬浮在空中,地球仪受到的磁力会变大,C错误;当换一个质量较大的地球仪时,要

想仍悬浮在空中,地球仪受到磁力会变大,即增大电流或增加线圈匝数,但改变电流方向不会

使电磁铁的磁性增强,因此是不可行的,D错误.

10.如图所示,用细线将一闭合的铝环悬挂起来,在条形磁铁靠近铝环的过程中,产生的现象

是（B）

ISN|~-

22

A.环中将产生感应电流,环不会摆动

B.环中将产生感应电流,环将摆动

C.环中不产生感应电流,环不会摆动

I）.环中不产生感应电流,环将摆动

解析：当条形磁铁靠近铝环时,相当于闭合的铝环做切割磁感线的运动,因此环中将产生感应

电流,电流在磁场中又会受到磁场力的作用，使铝环摆动.

11.2017年4月22日，“天舟一号”与“天宫二号”成功对接,地面上科技人员控制对接过

程是利用（B）

A.超声波B.微波

C.次声波D.紫外线

12.下列关于材料、技术及能源的说法中正确的是（A）

A.数码相机的图像传感器与处理芯片是由半导体材料制成的

B.微波炉是利用电流的热效应来加热食品的

C.我国海域深处蕴藏大量的“可燃冰”属于可再生能源

D.“华龙一号”第三代核电站是利用核聚变释放出的能量来发电的

解析:数码相机的图像传感器与处理芯片是用半导体材料制成的，故A正确;生活中常用的微

波炉是用微波（电磁波）束加热食品的，是电流的磁效应，故B错误;可燃冰不能在短期内从自

然界得到补充,所以它们属于不可再生能源，故C错误;核电站是利用核裂变来释放能量的，

不是利用核聚变，故D错误.

第H卷（非选择题，共64分）

二、填空题（每空1分，共19分）

13.小红在帮助妈妈煮饭时,注意到电饭煲的铭牌上标有“220V800W”的字样,该电饭煲

正常工作0.5h消耗电能-0.4kW-h.小红观察到三脚插头上端的脚更长，如图所示,这是

为了保证它插入插座时最先与地线相连,防止用电器外壳带电时发生触电事故.

W

解析：已知电饭煲正常工作时的功率P=800W=0.8kW,由P=t可得，电饭煲正常工作0.5h,

消耗的电能归Pt=0.8kWX0.5h=0.4kW・h;稍长些的脚是把用电器的外壳与大地相连接，

而且脚稍长一些可保证在插入插座和拔出插座时更安全.原因是:插头插入插座时外壳先接

地线，拔出插座时外壳后脱离地线.

14.用相同的装置给质量相等的甲、乙两种晶体加热,它们的温度随时间变化情况的一部分

如图所示.当加热至2min时,将甲和乙紧密接触在一起,它们之间不会（选填“会”

“不会”或“不一定会”）发生热传递.由图像还可以反映出它们的一些性质，请任意写出一

点