2026年黑龙江绥化市中考物理试题（教师卷）

二〇二六年绥化市初中学业水平考试

物理和化学试题

考生注意：

1.物理和化学考试时间共150分钟

2.所有答案都必须写在答题卡上所对应的题号后的指定区域内

第一部分物理

考生注意：

1.物理试题共四道大题，26个小题，总分80分。

333

2.可能用到的参考数据：g10N/kg，c水4.210J/kgC，水1.010kg/m

一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分。1-8小题每题只有一个正确选项；9、

10小题每题有两个或两个以上正确选项，正确选项不全得1分，有错误选项不得分）请在答

题卡上用2B铅笔把你的选项所对应的方框涂黑

1.物理与生活息息相关。下列物理量估测符合生活实际的是（）

A.人脉搏跳动的频率约为10次/秒B.一名初中生的质量约为50g

C.教室内课桌的高度约为75cmD.人体的正常体温约为42℃

【答案】C

【解析】

【详解】A．正常人脉搏1分钟约跳动60100次，频率约为1次/秒，故A不符合题意；

B．一名初中生的质量约为50kg，50g仅相当于一个鸡蛋的质量，故B不符合题意；

C．课桌高度约为初中生身高的一半，初中生身高多在150170cm之间，因此课桌高度约75cm，故C符

合题意；

D．人体正常体温约为37C，故D不符合题意。

故选C。

2.小宇学习时，窗外传来钢琴声，他关上阳台的门窗。下列有关声现象说法正确的是（）

A.钢琴声是由空气振动产生的B.分辨出钢琴声是根据音调判断的

C.关闭门窗是防止噪声产生D.听到钢琴声说明空气能传播声音

【答案】D

【解析】

【详解】A．钢琴声是由钢琴的琴弦振动产生的，空气只是传播声音的介质，并非发声体，故A错误；

B．分辨不同乐器的声音是根据音色来判断的，音色是发声体特有的声音特色，故B错误；

C．关闭门窗是在声音的传播过程中减弱噪声，防止噪声产生是在声源处采取措施，故C错误；

D．窗外的钢琴声通过空气传播到室内被小宇听到，说明空气能传播声音，故D正确。

故选D。

3.如图，嫦娥四号探测器着陆月球表面，其携带的玉兔二号月球车展开太阳翼后，沿着斜梯下行过程中，

若判断玉兔二号月球车为静止的，所选参照物为（）

A.太阳翼B.月球表面C.斜梯D.嫦娥四号

【答案】A

【解析】

【详解】玉兔二号月球车沿着斜梯缓缓下行到达月球表面的过程中，月球车相对于太阳翼没有位置变化，

是静止的，而相对于嫦娥四号、月球表面和斜梯都有位置变化，是运动的，故A符合题意，BCD不符合题

意。

故选A。

4.我们看到斜放入水中的筷子在水面处发生弯折。下列光现象中与其成因相同的是（）

A.透过树丛的光束

B.激光引导掘进方向

C.看到不发光的物体

D.瞄准鱼的下方叉鱼

【答案】D

【解析】

【详解】斜插入水的筷子在水面处弯折，成因是光的折射，光从水中斜射入空气中时发生折射，人眼逆着

折射光线看去，会看到筷子的虚像，因此感觉筷子弯折。

A．透过树丛的光束，是光的直线传播现象，故A不符合题意；

B．激光引导掘进方向，利用了光的直线传播准直，故B不符合题意；

C．我们能看到不发光的物体，是光的反射现象，故C不符合题意；

D．叉鱼时瞄准鱼的下方，是因为水中鱼的光斜射出水面时发生折射，人看到的是鱼的虚像，虚像位置比实

际位置偏高，成因也是光的折射，故D符合题意。

故选D。

5.下列有关厨房中的物态变化正确的是（）

A.冰箱冷冻室的白霜是升华形成的B.冰冻水饺中的冰熔化成水

C.水的沸腾是液化现象D.锅边的“白气”是汽化形成的

【答案】B

【解析】

【详解】A．冰箱冷冻室的白霜是空气中的水蒸气直接由气态变为固态形成的，属于凝华现象，故A错误；

B．冰冻水饺中的冰是固态，熔化成液态的水，是固态变为液态的熔化现象，故B正确；

C．水的沸腾是水由液态变为气态的过程，属于汽化现象，故C错误；

D．锅边的“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故D错误。

故选B。

6.不规范用电会带来很大危害，甚至会危及生命。下图中符合安全用电原则的是（）

A.多个大功率用电器同时使用

B.无防护措施接触高压带电体

C.古建筑上加装防雷装置

D.拽着插头后面的电线拔插头

【答案】C

【解析】

【详解】A．多个大功率用电器同时接同一个插座，会造成总电流过大，易引发火灾，故A不符合题意；

B．安全用电原则要求不靠近/接触高压带电体，无防护接触高压带电体会造成触电，故B不符合题意；

C．古建筑位置较高易遭雷击，加装防雷装置可以将雷电电流导入大地，保护建筑，故C符合题意；

D．拽电线拔插头会损伤电线，易造成电线断路、漏电，引发触电风险，故D不符合题意。

故选C。

7.人骑着电动车在水平公路上匀速直线行驶。下列有关说法正确的是（）

A.车对地面的压力与地面对车的支持力是一对相互作用力

B.车受到的重力与地面对车的支持力是一对平衡力

C.车在水平方向上所受力的合力不为0

D.紧急刹车时，人向前倾是由于人受到惯性作用

【答案】A

【解析】

【详解】A．车对地面的压力，施力物体是车，受力物体是地面；地面对车的支持力，施力物体是地面，受

力物体是车，完全符合相互作用力的条件，故A正确；

B．地面对车的支持力大小等于人和电动车的总重力，大于电动车自身的重力，大小不相等，不是一对平衡

力，故B错误；

C．匀速直线运动属于平衡状态，平衡状态下物体所受合力为0，因此车水平方向受力合力为0，故C错误；

D．惯性是物体本身固有的属性，不能表述为“受到惯性作用”，正确说法是“由于人具有惯性”，故D

错误。

故选A。

如图是半导体型呼气酒精测试仪的简化电路图，为定值电阻，为电阻随酒精气体浓度增大而减小

8.R1R2

的半导体传感器。若司机呼出的酒精气体浓度越大，则（）

A.R2电阻变大B.电压表示数变大

C.电路中电流变小D.电路总功率变小

【答案】B

【解析】

【详解】由电路图可知，定值电阻R1与传感器R2串联，电压表测量R1两端的电压。

A．已知R2的电阻随酒精气体浓度增大而减小，因此酒精浓度越大，R2电阻越小，故A错误；

U

BC．电路总电阻R总R1R2，R2减小则总电阻R总减小，电源电压U不变，根据欧姆定律I可知，

R总

电路电流I增大。定值电阻两端的电压U1IR1U1增大，即电压表示数变大，故B正确，C错误；

D．电路总功率PUI，电源电压U不变，电流I变大，因此总功率P变大，故D错误。

故选B。

9.我国古人曾发明一种点火器，结构如图所示。取火时握住套筒，然后向内猛推推杆，前端的艾绒就会被

点燃，拔出推杆后，吹吹艾绒就有火苗产生。下列说法正确的是（）

A.艾绒燃烧是化学能转化为内能

B.推入推杆过程中是通过做功方式改变气体的内能

C.推入推杆使筒内气体分子运动加快

D.推入推杆过程与汽油机做功冲程的能量转化相似

【答案】ABC

【解析】

【详解】A．艾绒燃烧时，化学能主要转化为内能，故A正确；

B．推入推杆过程中，推杆压缩筒内气体，对气体做功，是通过做功的方式改变气体的内能，故B正确；

C．推入推杆使筒内气体温度升高，气体分子热运动加快，故C正确；

D．推入推杆过程与汽油机的压缩冲程相似，均为机械能转化为内能；汽油机做功冲程是内能转化为机械能，

故D错误。

故选ABC。

10.如图甲所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“6V3W”字样（忽略灯丝电阻的变化），电流表测量

范围为0~0.6A，电压表测量范围为0~15V，滑动变阻器的最大阻值为120Ω。当闭合开关S、S1，断开S2，

移动滑片P，滑动变阻器两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由

增大到时，电流表示数变化了。则下列说法正确的是（）

R14R10.2A

定值电阻与的比值为

A.R0R12:1

B.定值电阻R0的阻值为30

C.闭合开关S、S1，断开S2，保证电路安全，电流表示数变化范围为0.10.3A

D.闭合开关S、S2，断开S1，保证电路安全，电压表示数变化范围为1215V

【答案】ABD

【解析】

【分析】由图可知，只闭合S和S1时，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，

电流表测电路中的电流，根据串联电路的电流特点和图乙，利用欧姆定律分别表示出滑动变阻器接入电路

的阻值为和时电路中的电流，并表示出两次情况下的电源电压，解方程求出定值电阻与滑动变阻

R14R1R0

器R的关系，再结合电流表示数变化了0.2A表示出电路中电流的变化，解方程求出定值电阻R0的阻值；

根据欧姆定律可知当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电流最大，可求出电路中的最大电流，

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，可求出电路中的最小电流，进而求出电流表的

示数变化范围；

只闭合S和S2，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流，

由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，可以求

出电路中的电流，再求出此时滑动变阻器两端的电压，与电压表的量程进行比较，进而确定电压表的最大

示数；

当滑动变阻器接入的电阻最小时，滑动变阻器两端的电压最小，由欧姆定律可知此时电路中的电流最大，

根据灯泡L允许通过的最大电流和电流表的量程结合串联电路的电流特点求出电路中的最大电流，进而求

出电压表的最小示数，得到电压表的示数变化范围。

【详解】．闭合开关、，断开时，定值电阻与滑动变阻器串联，由图乙得，滑动变阻器接入

ASS1S2R0R1

U

1

时电压为U1，电流I1

R1

2U1UI

111

接入4R1时电压为2U1，电流I2

4R12R12

电源电压恒定，UI1R0R1I2R04R1

I

代入I1化简得R2R

2201

即R0:R12:1，故A正确；

B．已知电流变化II1I20.2A

I

结合I1得I0.4A，I0.2A

2212

代入UI1R0R118V

结合R02R1

解得

R030

R115，故B正确；

C．闭合开关S、S1，断开S2时，R0与滑动变阻器串联，滑动变阻器阻值为0时，总电阻最小，电流最大

18V

I0.6A

max30

18V

滑动变阻器最大阻值为120，此时电流最小I0.12A

min30120

电流范围为0.12A0.6A，故C错误；

P3W

L

D．闭合开关S、S2，断开S1时，灯泡L与滑动变阻器串联，灯泡额定电流IL0.5A

UL6V

UL6V

灯泡电阻RL12Ω

IL0.5A

电路最大电流为0.5A（灯泡额定电流，小于电流表量程），此时电压表示数最小Umin18V6V12V

电压表量程最大为15V，此时电压表示数最大Umax15V，灯泡电压为UL18V15V3V

U3V

电流IL0.25A0.5A

RL12Ω

因此电压表示数范围为12V15V，故D正确。

故选ABD。

二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共16分）请在答题卡上把你的答案写在所对应的

题号后的指定区域内

11.汽车使用的汽油属于________（选填“可再生”或“不可再生”）能源。车载导航功能是利用________

（选填“电磁波”“超声波”或“次声波”）实现的。

【答案】①.

不可再生②.

电磁波

【解析】

【详解】根据能源分类，可再生能源可短期内从自然界补充，不可再生能源短期内无法补充。汽油由石油

提炼而成，石油属于化石能源，形成周期极长，无法在短期内再生，因此属于不可再生能源。

电磁波可在真空中传播，且传播速度快，车载导航依赖卫星传输信号，卫星处于太空真空环境，需要能在

真空中传播的信息载体；而超声波、次声波属于声波，传播需要介质，无法在真空中传播，因此车载导航

利用电磁波实现。

12.如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，会使金属箔片张开，箔片张开的原理是________；

金属杆中的电流方向为________________________________（选填“金属球到金属箔片”或“金属箔片到

金属球”）。

【答案】①.同种电荷相互排斥②.金属箔片到金属球

【解析】

【详解】用毛皮摩擦过的橡胶棒得电子，带负电，接触验电器的金属球，两个金属箔片都得电子，都带负

电，箔片张开的原理是同种电荷相互排斥。

电子从金属球经过金属杆到金属箔片，电流方向与电子定向移动的方向相反，金属杆中的电流方向为金属

箔片到金属球。

13.如图是一种便携式按压手电筒。使用时按压手柄，内部的齿轮就会带动磁体转动，使小灯泡发光。该手

电筒的工作原理是________；它与生活中的________（选填“发电机”或“电动机”）工作原理相同。

【答案】①.电磁感应②.发电机

【解析】

【详解】①②按压手柄带动磁体转动时，手电筒内部的线圈相对磁体运动，切割磁感线产生感应电流，使

小灯泡发光，该过程的工作原理是电磁感应现象；它与生活中的发电机工作原理相同。

14.如图甲所示，从A管上端吸气，管中水面会上升是受到________的作用。若用B管按图乙方式吹气，A

管中水面也会上升，原因是在流体中流速越大的位置压强越________。

【答案】①.大气压②.小

【解析】

【详解】从A管上端吸气，管内空气变少、气压减小，杯内水面上方的大气压大于管内气压，大气压将水

压入A管，使管内水面上升；对着A管上方吹气，A管口空气流速变大，根据流体压强规律：流体流速越

大，压强越小，管口压强小于杯内液面上方大气压，大气压把水压进A管，水面上升。

15.如图所示，烧杯和试管内装有适量的水（试管未与烧杯底部接触），烧杯中的水沸腾过程中，试管中的

水________（选填“会”或“不会”）沸腾，其原因是________。

【答案】①.不会②.试管中的水达到沸点后无法继续吸热

【解析】

【详解】沸腾需要同时满足两个条件：达到沸点和持续吸热。烧杯中的水沸腾时，温度保持在沸点不变，

试管中的水虽然能通过热传递达到沸点，但此时试管内外的水温度相同，没有温度差，试管中的水无法继

续从烧杯的水中吸收热量，所以不能沸腾。

16.如图，重25N的物体在12N水平拉力F作用下，沿粗糙程度均匀的水平面做匀速直线运动，此时滑动

摩擦力为________N；若拉力增大至20N，则滑动摩擦力为________N。

【答案】①.12②.12

【解析】

【详解】物体做匀速直线运动时，水平方向受力平衡，滑动摩擦力与拉力大小相等，因此滑动摩擦力

fF12N

滑动摩擦力的大小只和压力大小、接触面粗糙程度有关：拉力增大后，物体对水平面的压力等于重力，大

小不变，且接触面粗糙程度也没有改变，因此滑动摩擦力大小不变，仍为12N。

17.如图所示，电源电压不变，灯L1标有“6V1.8W”。若甲乙均为电压表，闭合开关S1、S2，两灯都

能发光，甲乙两表示数之比为1∶3，灯L2的电阻为________Ω。若甲乙均为电流表，闭合S1，断开S2，

两灯都能发光，甲表的示数为0.9A，此时灯L2消耗的电功率为________W。（忽略灯丝电阻的变化）

【答案】①.10②.3.6

【解析】

2

26V

【详解】由题意得灯的电阻为U1

L1R120Ω

P11.8W

若甲乙均为电压表，闭合开关S1、S2，由图可知，灯泡L1和L2串联，甲测量灯泡L2的电压，乙测量灯泡

L1和L2的总电压，甲乙两表示数之比为1∶3，则灯泡L1和L2两端电压之比为2∶1，根据串联电路电压

R20Ω

与电阻成正比的关系可知，L和L的电阻之比为2∶1，则灯L的电阻为R110Ω

122222

闭合S1，断开S2，则灯泡L1和L2并联，甲测量灯泡L1和L2的总电流，乙测量灯泡L2的电流，则并联时

电路总电流为0.9A，根据并联电路电流与电阻成反比的关系可知，L1和L2的电阻之比为2∶1，流经L1和

2I总20.9A

L2的电流之比为1∶2，流经L2的电流为I0.6A

233

此时灯消耗的电功率为22

L2P2I2R20.6A10Ω3.6W

18.兴趣小组的同学制作了一个简易注水装置如图甲，底面积为200cm2的薄壁圆柱形容器内装有6kg水，

竖直硬细杆（质量、体积忽略不计）上端通过力传感器固定，下端与不吸水且质量分布均匀的长方体物块A

相连。打开阀门，水箱中的水缓慢排出，细杆对力传感器作用力的大小F随排出水的质量m变化的关系如

图乙所示，当排出水的质量为4kg时，长方体A刚好完全露出水面，力传感器控制开关开始注水。则长方

体A的密度为________kg/m3；从水面刚好与A的上表面相平到力传感器的示数为0时，容器底部受到水

的压强变化量为________Pa。

【答案】①.0.2103②.1600

【解析】

【分析】当排水质量为4kg时，长方体A刚好全部露出水面，据此计算物体的重力，根据全部浸入时的压

力计算最大浮力，根据阿基米德原理和GmgVg列方程计算物体的密度；从排水质量1kg～4kg的过

程中，结合水位下降的高度及VSh求得A的底面积，上述排水过程中，当力传感器示数为0N时，利用

多力平衡求得浮力大小，利用阿基米德原理求得此时A浸入水中的体积，进一步求得A的下表面与容器底

的距离，利用pgh得到答案。

【详解】由图乙可得，当排水质量为4kg时，细杆对力传感器向下的拉力大小为F2N，因为此时长方体

A刚好全部露出水面，长方体A所受浮力为0，由对长方体A受力分析可得，长方体A的重力为

GAF2N……①

由图乙可得，水箱中的水足够多时，细杆对力传感器的最大推力为Fmax8N，所以，由对长方体A受力

分析可得，长方体受到的最大浮力为F浮maxGAFmax2N8N=10N……②

将①②两式联立展开得AgVA2N，水gVA10N

33333333

解得A0.210kgm，VA110m110cm，所以，长方体A的密度为0.210kgm。

22

已知水箱的底面积为S箱200cm0.02m

由题意可得，当长方体全部露出水面时，水箱内剩余水的质量为m水剩6kg4kg2kg

m水剩2kg

则此时水箱中水的深度为h水3320.1m10cm

水S箱1.010kgm0.02m

由图乙可知，打开水龙头，水箱中的水缓慢排出，从长方体A开始露出水面至长方体A全部露出水面，共

排出水的质量为m水排4kg1kg3kg

设长方体的高度为hA，则由题意得关系式为水S箱hAVAm水排

33233

代入数值1.010kgm(0.02mhA110m)3kg

解得hA20cm0.2m

33

VA110m32

所以，长方体A的横截面积为SA510m

hA0.2m

由题意得，当力传感器示数为F'0N时，长方体A所受浮力大小为F浮'GAF'2N0N2N

F浮'2N

43

所以，长方体A所排开的水的体积为V排'33210m

水g110kgm10Nkg

43

V排'210m

所以，长方体浸入水中的深度为

AhA'320.04m4cm

SA510m

所以，当力传感器示数为0N时，水箱内水的深度变化量为ΔhhAhA'20cm4cm16cm0.16m

则容器底部受到水的压强变化量为ΔpgΔh1.0103kg/m310N/kg0.16m1600Pa

三、作图与实验探究题（本题共6个小题，共30分）请在答题卡上把你的答案写在所对应的

题号后的指定区域内

19.

（1）快递箱随传送带一起水平向右匀速运动，请在图中画出快递箱A的受力示意图（不计空气阻力）。

（2）小林在卫生间设计安装一盏灯和一个换气扇M。要求：只闭合S1灯亮，只闭合S2换气扇M工作，请

在图中按要求完成家庭电路设计。

【答案】（1）（2）

【解析】

【小问1详解】

快递箱随传送带一起水平向右匀速运动，二者相对静止，所以快递箱不受摩擦力的作用，只受重力和支持

力的作用；然后过快递箱重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力．因为这两个力是

一对平衡力，所以作图时两条线段长度要相等．如图所示：

【小问2详解】

只闭合S1灯亮，只闭合S2换气扇M工作，故灯与换气扇M并联，且两开关均应与火线相连。如图所示：

20.利用如图甲所示的装置比较不同物质吸收热量的情况。

加热时间/min0246……

水的温度/℃30384654……

食用油的温度/℃30476380……

（1）两烧杯中分别装入________（选填“质量”或“体积”）相等的水和食用油。

（2）利用相同的电加热器加热，通过________间接反映水、食用油吸收热量的多少。

（3）根据实验数据绘制温度与时间的关系图像如图乙所示。分析可知________（选填“A”或“B”）是食

用油的温度随时间变化的关系图像，________（选填“食用油”或“水”）的吸热能力较强。

【答案】（1）质量（2）加热时间

（3）①.A②.水

【解析】

【小问1详解】

比热容公式Qcmt，故需要控制质量相同，才能通过温度变化比较吸热能力。

【小问2详解】

相同的电加热器在相同时间内放出的热量相等，所以实验中用加热时间间接反映物质吸收热量的多少。

【小问3详解】

由表格数据可知，加热时间相同时，食用油升温更快，图乙中A升温更快，故A是食用油的温度变化图像。

吸收相同热量时，升温越慢的物质，比热容越大，吸热能力越强，由表格可知水的升温比油的慢，故水的

吸热能力更强。

21.在“探究凸透镜成像的规律”实验中：

（1）由图甲可知该凸透镜的焦距为________cm。

（2）图乙中应将“F”光源、凸透镜、光屏三者中心调节在同一高度，目的是________。

（3）凸透镜位置不变，将“F”光源移到35cm刻度线处，调整光屏的位置，光屏上能成倒立、________

（选填“放大”或“缩小”）的像，生活中的________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是

利用此成像规律工作的。

（4）实验时，其他同学看到了光屏上清晰的像，站在同一位置的小佳却看不清，靠近光屏后才看清，则小

佳应该用合适的________（选填“凸”或“凹”）透镜矫正。

（5）当光屏上出现清晰的像时，一只飞虫落到了凸透镜表面，这时光屏上________（选填“能”或“不能”）

出现飞虫的像。

【答案】（1）10.0

（2）使像成在光屏的中央

（3）①.放大②.投影仪

（4）凹（5）不能

【解析】

【小问1详解】

由图甲可知，刻度尺的分度值为1cm，凸透镜在50.0cm刻度线处，光屏在60.0cm刻度线处，则焦距为

f60.0cm50.0cm10.0cm

【小问2详解】

将“F”光源、凸透镜、光屏三者中心调节在同一高度，目的是使像成在光屏的中央。

【小问3详解】

凸透镜位置在50.0cm刻度线处，将“F”光源移到35cm刻度线处，此时物距

u50.0cm35.0cm15.0cm

满足fu2f，成倒立、放大的实像，生活中的投影仪就是利用此规律工作的。

【小问4详解】

小佳靠近光屏后才看清像，说明她只能看清近处的物体，看不清远处的物体，是近视眼，需要用凹透镜矫

正。

【小问5详解】

飞虫落到凸透镜表面时，飞虫在凸透镜的一倍焦距以内，成虚像，虚像不能用光屏承接，所以光屏上不能

出现飞虫的像。

22.实验小组的同学在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中：

（1）甲图中，使用U形管压强计前，进行一步操作：________，发现U形管中液面升降灵活，说明该装

置不漏气。

（2）分析乙、丙两图可得出结论：在深度相同时，液体的________越大，压强越大；将丙中探头向上移动

如图丁，分析丙、丁两图可知，液体压强的大小与液体的________有关。

（3）橡皮膜在同种液体、同一深度处时，为了使U形管内液面高度差更明显，可以采取的措施是__________。

（填字母）

A.改用内径更细的U形管B.改用更长的U形管

C.U形管中换用密度更小的液体D.U形管中换用密度更大的液体

（4）整理器材时忘记将图丙中盐水倒掉。静置较长一段时间后，由于水的蒸发，盐水对容器底的压强将

________（选填“变大”“变小”或“不变”）。

（5）小明课后找来图戊所示的装置测量未知液体的密度。在左侧加入适量的水，右侧缓慢倒入待测液体，

直到橡皮膜刚好变平，测出左侧水面到橡皮膜中心的深度为h1，右侧液面到橡皮膜中心的深度为h2；已知

水的密度为水，则待测液体密度的表达式为液________。（用h1、h2、水表示）

【答案】（1）用手轻压橡皮膜

（2）①.密度②.深度（3）C

h1

（4）变小（5）水

h2

【解析】

【小问1详解】

使用U形管压强计前，需要按压橡皮膜检查装置气密性，若U形管液面升降灵活，说明装置不漏气。

【小问2详解】

乙、丙两图控制了探头深度相同，改变了液体密度，液体密度越大，U形管液面高度差越大，可得结论：

深度相同时，液体的密度越大，压强越大。

丙、丁两图控制了液体密度相同，改变了探头深度，U形管液面高度差不同，可得结论：液体压强与液体

的深度有关。

【小问3详解】

探头处压强p固定，根据pgh，U形管内液体密度越小，液面高度差h越大；U形管的内径、长度不

影响液面高度差的大小，故选C。

【小问4详解】

柱形容器中，液体对容器底的压力等于液体总重力，水蒸发后盐水总质量减小，总重力减小，容器底面积

F

不变，根据p​，盐水对容器底的压强变小。

S

【小问5详解】

橡皮膜变平时，两侧橡皮膜处压强相等水gh1液gh2

h1

整理得待测液体密度液水​

h2

23.用如图所示的实验装置“探究杠杆的平衡条件”，使用的钩码规格相同。

测量动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm

①120210

②2151.520

③35115

（1）如图甲所示，应将平衡螺母向________调节，使杠杆在水平位置平衡；

（2）若要使图乙中杠杆重新在水平位置平衡，需要在B点挂上________个钩码。若在两侧钩码下再各挂上

一个钩码，杠杆________（选填“左”或“右”）侧将下沉；

（3）分析丙表中数据得出杠杆平衡条件是：________；

（4）小欣利用杠杆知识自制了一个简易杆秤（秤杆、提纽、细线质量忽略不计），如图所示，O1、O2为提

纽位置，质量为80g的秤盘悬挂在A点下方，O1A4cm，O2A2cm，C点为秤砣能移动到的最右端，

AC36cm。手提提纽1，秤盘未放物体，秤砣移至B点，杆秤在水平位置平衡，O1B8cm。手提提纽

1和手提提纽2所能称量物体的最大质量之比为________。要想增大杆秤的测量范围，你有哪些方法？

________（写出一种方法即可）。

【答案】（1）左（2）①.4②.左

（3）F1L1F2L2

（4）①.2︰5②.增大秤砣的质量

【解析】

【小问1详解】

图甲中杠杆右端下沉，说明右端较重，应将平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂。

【小问2详解】

设每个钩码重力为G，每格长度为L，乙图中，根据杠杆平衡条件可得2G4LnG2L

解得n4，即需在B点挂4个钩码。两侧钩码下再各挂一个钩码后，左侧3G4L12GL

右侧5G2L10GL

因为12GL10GL，所以杠杆左侧下沉。

【小问3详解】

分析表格中三组数据1N20cm2N10cm，2N15cm1.5N20cm，3N5cm1N15cm

可得杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，即F1L1F2L2。

【小问4详解】

设秤砣质量为m0，秤盘质量m80g，手提提纽1时，空秤平衡时mgO1Am0gO1B

代入数据80g4cmm08cm

解得m040g。最大称量时，秤砣在C点，则O1CACO1A36cm4cm32cm

即大

−3−3

�1�×4cm+80×10kg×g×4cm=40×10kg×g×32cm

解得m1大0.24kg240g

手提提纽2时，O2A2cm，O2CACO2A36cm2cm34cm

则大

−3−3

�2�×2cm+80×10kg×g×2cm=40×10kg×g×34cm

解得m2大0.6kg600g

m大240g2

最大称量之比1

m2大600g5

根据杠杆平衡原理有mgl1m秤盘gl1m砣gl2，要增大最大称量值m，可以增大秤砣的质量。

24.在“探究电压一定时电流与电阻的关系”实验中，实验小组的同学选用器材如下：电压恒为9V的电源，

阻值分别为15Ω、20Ω、30Ω、40Ω的定值电阻，标有“30Ω1A”字样的滑动变阻器。

（1）请用笔画线代替导线，将图甲的电路连接完整。（要求：导线不能交叉）

（2）闭合开关后，发现电压表指针有明显偏转，电流表指针无偏转，可能的电路故障是________。

（3）排除电路故障后，先接入15Ω的电阻，调节滑动变阻器滑片P至某一位置时，观察到电流表指针位置

如图乙所示，电流表的示数为________A，然后记录数据。更换其余电阻继续实验，根据记录的数据作出

1

I图像如图丙，分析图像可得出：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成________

R

比。

（4）该实验小组的同学实验后又设计了如图丁所示的电路，测小灯泡L正常发光时的电阻。已知：电源电

压不变，小灯泡的额定电流为，滑动变阻器的最大阻值为，滑动变阻器的最大阻值为。实

I额RaR1RbR2

验方案如下：

①只闭合开关S和S2，移动Ra的滑片，使电流表示数为I额；

②只闭合开关S和S1，保持①中Ra的滑片位置不动，移动Rb的滑片，使电流表的示数为________；

③只闭合开关S和S1，保持②中Rb的滑片位置不动，将Ra的滑片移到最左端，电流表的示数为I1；再将Ra

的滑片移到最右端，电流表的示数为I2，则小灯泡正常发光时电阻的表达式为RL________。（用I1、I2、

表示）

R1

【答案】（1）（2）定值电阻R断路

（3）①.0.4②.反

I2R1

（4）①.I额②.

I1I2

【解析】

【小问1详解】

滑动变阻器按“一上一下”接入电路；电压表并联在定值电阻R两端，电源电压为9V，因此电压表选择

015V测量范围，正接线柱接定值电阻左端，负接线柱接定值电阻右端，据此作图。

【小问2详解】

电流表无偏转说明电路发生断路；电压表有明显偏转，说明电压表两端到电源通路，因此故障为和电压表

并联的定值电阻R断路。

【小问3详解】

电流表选用00.6A测量范围，分度值为0.02A，读数为0.4A；由图

11

丙可知，I随均匀变化，即I与​成正比，则说明：导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的

RR

电阻成反比。

【小问4详解】

本实验利用等效替代法：①闭合S、S2，灯泡L与Ra串联，调节使电流为I额​，灯泡正常发光；

②闭合S、S1​，Rb与Ra串联，保持Ra滑片不动，调节Rb使电流仍为I额，此时总电阻不变，因此Rb接

入的电阻等于灯泡正常发光的电阻，即RLRb；

③保持Rb滑片不动：Ra滑片移到最左端，Ra接入电阻为0，电源电压UI1Rb①

滑片移到最右端，接入最大电阻，电源电压②

RaRaR1​UI2RbR1

IR

21

联立①②两式，代入RLRb​，解得RL。

I1I2

四、综合应用题（本题共2个小题，25题7分，26题7分，共14分）请在答题卡上把你的

答案写在所对应的题号后的指定区域内

25.一辆质量为1.8t的氢燃料新能源汽车，空车车轮与水平地面总接触面积为0.4m2。某次在平直公路上

以72km/h的速度，匀速行驶了48km，行驶过程中汽车发动机的输出功率保持56kW不变。氢燃料热值取

1.4108J/kg，g取10N/kg。求：

（1）空车对水平地面的压强；

（2）行驶过程中汽车发动机所做的功；

（3）若汽车发动机的热机效率为48%，全程消耗氢燃料的质量；

（4）新能源汽车相对于传统燃油车的优点。（写出一方面即可）

【答案】（1）4.5104Pa

（2）1.344108J

（3）2kg

（4）

氢燃料燃烧产物清洁，无污染物排放

【解析】

【小问1详解】

3

汽车质量m车1.8t1.810kg

34

水平地面上，空车对地面的压力等于自身重力FGm车g1.810kg10N/kg1.810N

F1.8104N

空车对水平地面的压强p4.5104Pa

S0.4m2

【小问2详解】

s48km2

行驶时间th2400s

v72km/h3

发动机输出功率P56kW5.6104W

发动机做的功WPt5.6104W2400s1.344108J

【小问3详解】

WW1.344108J

由可得，氢完全燃烧放出的热量Q2.8108J

Q放48%

8

Q放2.810J

由Qmq可得，消耗氢的质量m2kg

氢q1.4108J/kg

【小问4详解】

氢燃料燃烧产物为水，相比传统燃油车，没有有害废气排放，清洁无污染，合理即可。

小齐家鱼缸内装有的水，为了防止冬季水温过低，他购买了标有“”的电热丝和

26.50kg220V440WR1

“220V220W”的电热丝R2。（电热丝的电阻不随温度变化）

元件类型符号功能

温度低于20℃时闭合，高

S1

于20℃时断开

温度低于20℃时断开，高

S2