湖北省荆州市沙市中学2025-2026学年高一下学期5月月考数学试卷（含解析）

湖北省沙市中学2025-2026学年高一下学期5月月考数学试卷一、单选题1．复数的共轭复数=（

）A． B． C． D．2．已知点，，则与向量方向相反的单位向量是（

）A． B． C． D．3．在航天器的轨道校准任务的二维定位平面内，控制中心需要将坐标是的卫星进行三次平移(单位：km)：第一次沿向量补偿平移；第二次沿向量修正平移；第三次沿向量校准平移．若卫星最终精准到达坐标是的同步轨道点，则实数（

）A．4 B．3 C．2 D．14．在中，若，则为（

）A．等腰三角形 B．直角三角形C．等腰或直角三角形 D．等腰直角三角形5．一个正六棱柱的底面边长为，侧棱长为，其所有顶点都在一个球面上，则此球的体积为（

）A． B．C． D．6．已知满足，则的最小值为（

）A． B． C． D．7．半径为2的球O的球面上有四点，其中为球O直径，是等边三角形，若，则四面体的体积为（

）A． B． C． D．8．已知锐角三角形中，角，，所对的边分别为，，，若，，若，则的取值范围是（

）A． B． C． D．二、多选题9．设复数，（x，），在复平面内，，对应的向量分别为，，O为坐标原点，则（

）A． B．C．若，则 D．若，则的最大值为10．已知圆锥的底面半径为1，其侧面展开图是一个半圆，则下列结论正确的是（

）A．圆锥的侧面积为 B．圆锥的体积为C．圆锥的外接球的表面积为 D．圆锥的内切球的体积为11．“费马点”指平面内到三角形三个顶点距离之和最小的点，在中，当最大内角小于时，费马点满足，当最大内角不小于时，最大内角的顶点为费马点.已知在中，角所对的边分别为，且，，，点为的费马点，则（

）A． B．C． D．在上的投影向量为三、填空题12．在平面直角坐标系中，已知点，若点绕原点逆时针旋转到点，则点的横坐标为______．13．在中，角所对的边分别为，，，若的面积为，则______．14．已知对恒成立，则的最小值为______.四、解答题15．如图，已知满足，，、、…是线段上的等分点，且满足.(1)当时，求的值；(2)当时，若为线段上的动点，求的最小值.16．已知函数，．(1)求在的单调递减区间；(2)当时，求的最大值和最小值；(3)若，，求的值．17．如图，是函数（，，）图象的一部分(1)求函数的解析式；(2)函数在区间上有且仅有两个零点，求实数的取值范围；(3)若关于x的方程在上有解，求实数a的取值范围.18．设Ox，Oy是平面内夹角成的两条数轴，，两分别为x轴，y轴正方向同向的单位向量．若向量，则把有序数对叫做向量在此坐标系中的坐标，记．已知，．(1)若．（ⅰ）求．（ⅱ）是否存在Oy上一点C，使得△ABC是以AB为斜边的直角三角形？若存在，求出C点坐标；若不存在，请说明理由．(2)若对恒成立，求的最大值．19．如图，设中角，，所对的边分别为，，，为边上的中点，且，，(1)求；(2)求；(3)设，分别为边，上的动点，线段交于，且四边形的面积为面积的，求的取值范围.

参考答案1．C【详解】因为，所以，2．D【详解】，，，则，因此，与向量方向相反的单位向量是.故选：D.3．C【详解】因为点沿平移后，坐标为，点沿平移后，坐标为；点沿平移后坐标为，因为三次平移后坐标为，故，解得.4．C【详解】由正弦定理得，即，故，因为，且属于三角形内角，所以，所以或，解得或，所以为等腰或直角三角形.故选：C5．B【详解】作出六棱柱的最大对角面与外接球的截面，如下图，则该截面矩形分别以底面外接圆直径和六棱柱高为两边，设球心为，正六棱柱的上下底面中心分别为，则球心是的中点，由正六棱柱底面边长为，侧棱长为，所以中，，可得，因此，该球的体积为.6．D【详解】已知满足，设、、对应的边分别为，，，则，即，则，当且仅当时取等号，即的最小值为．故选：D．7．D【详解】如图，设的中点为，，延长交球于，

由题意可知，，，，如图，记外接圆圆心为，则为的中点，

则，，，，而，，因为，解得，所以，得到，，故四面体体积为.故选：D

8．C【详解】因为三角形中，所以由，可得，即，所以，即，又在锐角三角形中，，则或，即或（舍去）.因为.由正弦定理可得，则因为是锐角三角形，所以，所以，所以，则.9．ABD【详解】对于A，，则，A正确；对于B，，，而，因此，B正确；对于C，，由，得，C错误；对于D，由，即，得点的轨迹是以点为圆心，为半径的圆，表示点与点的距离，该距离最大值为，D正确.10．AC【详解】设圆锥的底面半径，母线长为，则侧面展开图半圆的弧长等于圆锥底面周长，即，解得，圆锥的高，选项A：圆锥侧面积，故A正确；选项B：圆锥体积，故B错误；选项C：设外接球的半径为，球心在圆锥的高上，由勾股定理得，，即，解得，圆锥的外接球的表面积，故C正确；选项D：设内切球半径为，圆锥轴截面为边长为2的等边三角形，则，解得，内切球的体积为，故D错误．11．ACD【详解】因为，由正弦定理得，所以，因为，所以，代入，解得，所以A正确；在中，根据余弦定理，解得，所以，所以，，由于最大内角，所以费马点满足，如图所示，，，，，，，化简得，所以C正确；设，则，,中，由余弦定理得，所以，解得（舍去负根）则，，，所以，所以B错误；过点作，垂足为，在上的投影向量为，，所以，即，所以在上的投影向量为，D正确.12．【详解】设以轴正半轴为始边，射线为终边的角为.∵点，∴由三角函数的定义得，.∵点绕原点逆时针旋转得到点，∴点对应的终边角为，∴点的横坐标为.又，∵，，∴代入得：.13．【详解】由和余弦定理，可得，因，则，又由可得，因，则，由正弦定理得，，设，则，解得（负值舍去），所以．14．6【详解】当，，则，当，，当，，，当，，当，，，若对恒成立，则，并且函数的两个零点分别是1和7，则，则，，，所以，当，，即时，等号成立，所以的最小值为6.故答案为：615．(1)(2)【详解】（1）因为，所以，解得，因为，所以，则为等边三角形，取BC中点O，连接AO，则，所以.（2）当时，，设，则，又，所以，所以当时，有最小值.16．(1)(2)最大值为，最小值为(3)【详解】（1），由，解得，又，所以的单调递减区间为．（2）因为，所以，则，所以，所以的最大值为，最小值为．（3）由，所以，所以，又，所以，所以，所以．17．(1)(2)(3)【详解】（1）由图可得，函数的最小正周期为，则，所以，因为，则，因为，所以，解得，所以.（2）令，则因为函数在区间上有且仅有两个零点所以方程在有且仅有两个实根.令，得或所以方程的正根从小到大排列分别是所以，解得（3）由，可得，即，即，即，其中，因为，则，令，则有，则关于t的方程在上有解，由可得，令，则，因为，在上均为减函数，所以函数在上为减函数，且当趋向于时，趋向于正无穷大，则，所以，解得，故实数a的取值范围是.18．(1)（i）；（ii）不存在，理由见解析(2)【详解】（1）（i），（ii）轴上不存在一点，理由如下：假设轴上存在一点，使得是以为斜边的直角三角形.依题意得：，，，，，即，即，化简得：，，∴方程无解，即轴上不存在一点，使得是以为斜边的直角三角形；（2），恒成立，，即，解得，，，，，在上单调递增，理由如下：任取，且，则，因为，且，所以，，故，即，故在上单调递增，当时，取得最大值，最大值为.19．(1)4(2)(3)【详解】（1）由，得