2027年中考人教版物理复习：知识点回顾+例题（含答案）

第第页参考答案题号2346101112131415答案CBCDCABCCD题号18192021222324273234答案BADBDABBDD题号37394546474859606162答案ADCCACCDDAA题号636465答案BBC1．(1)2.10(2)337.5【详解】（1）图中刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm，物体左侧与1.00cm对齐，右侧与3.10cm对齐，则物体的长度为（2）图中，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在5min和6min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在37.5s，因此秒表读数为5min37.5s，即337.5s。2．C【详解】ABD．人随游船向前行驶，人和远处桥、高楼、河岸之间距离不断变化，以它们为参照物，人是运动的，故ABD不符合题意；C．人与游船之间位置没有发生变化，以游船为参照物，人静止，故C符合题意。故选C。3．B【详解】乙图为v−t图像，为水平直线，可看出乙车的速度不变，故乙车做速度为的匀速直线运动；甲图为图像，为倾斜直线，可看出甲车的路程随着时间的增加而均匀增大，故甲车做匀速直线运动，甲速度为，所以甲乙速度相等，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。4．C【详解】物体振动发出声音。当敲击鼓时，鼓面会振动发出声音，当用手按住鼓面时，手使鼓面停止了振动，所以声音就消失了。故选C。5．小于相同【详解】响度由振幅决定，振幅越大，响度越大。从图中可以看到，甲的波形最高点到最低点的高度明显比乙小。因此，甲的响度小于乙的响度；音调由频率决定，频率越高，音调越高。观察乙和丙，在相同的方格时间内，两者都出现了2个完整的振动周期，说明振动频率相同。因此，乙和丙的音调相同。6．D【详解】A．人耳听到报警声是声传递信息，故A错误；B．人耳能听到的声音的振动频率范围是20Hz～20000Hz，15Hz属于次声波，人耳不能听到，故B错误；C．声音的传播速度与介质的种类和温度有关，报警声的传播速度和监考老师提示声在同一温度的空气中传播，故速度相同，故C错误；D．响度表示声音的大小强弱，轻声就是响度小，故D正确。故选D。7．音色信息声源【详解】音色是声音的独特品质，不同发声体的材料、结构存在差异，发出声音的音色不同，智能门锁正是依靠这一特性分辨主人的声音。声音具有传递信息和能量的作用，通过语音指令完成解锁，是利用声音来传递信息。在门轴处滴加润滑油，是通过减小部件摩擦从发声源头抑制噪声，属于在声源处减弱噪声。8．(1)自下而上(2)89A(3)不同两组实验所用水的质量不同(4)不会温度达到沸点，持续吸热(5)方案1：给大烧杯的杯口加盖密封；方案2：将试管口密封后抽取试管内的空气；方案3：用沸点高于水的液体（如食用油）替换大烧杯中的水【详解】（1）组装加热装置时，需先根据酒精灯外焰的高度确定铁圈和石棉网的位置，再依次往上安装烧杯、温度计等器材，因此合理顺序为自下而上。（2）温度计的分度值为1℃，示数为89℃；水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中水压减小，且周围水不断汽化补充水蒸气，气泡体积逐渐变大；沸腾前，下方水温高于上方，气泡上升时遇冷收缩，且水蒸气液化，气泡体积逐渐变小。因此A图是沸腾时的气泡情形。（3）由图丁可知，两组水达到沸点的时间不同（甲在t1，乙在t2），因此加热时间不同；实验装置和初温相同，差异原因可能是水的质量不同（乙组水的质量更大，需要吸收更多热量才能沸腾，因此耗时更长）。（4）大烧杯中的水沸腾后，温度保持不变，此时试管中的水虽能达到沸点，但与烧杯内水的温度相同，无法继续吸热，因此不会沸腾；所以水沸腾的条件是：达到沸点，且持续吸热。（5）方案1：给大烧杯的杯口加盖密封，烧杯内气压升高，水的沸点随之升高，烧杯内水的温度高于试管内水的沸点，试管内的水就能继续吸热并沸腾；方案2：将试管口密封后抽取试管内的空气，试管内气压降低，水的沸点随之降低，烧杯内水的温度高于试管内水的沸点，试管内的水就能继续吸热并沸腾；方案3：用沸点高于水的液体（如食用油）替换大烧杯中的水，使烧杯内液体的沸点高于试管内水的沸点，试管内的水就能达到沸点并继续吸热。9．吸收放出【详解】[1][2]物质从固态变为液态是熔化，从液态变为气态是汽化，从固态直接变为气态是升华，都需要从外界吸收热量。物质从气态变为液态是液化，从液态变为固态是凝固，从气态直接变为固态是凝华，都会向外界放出热量。10．C【详解】A．小孔成像是光沿直线传播形成的，故A错误；B．海市蜃楼是光在不均匀介质中传播时发生折射形成的，故B错误；C．湖水中的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故C正确；D．风雨过后出现彩虹，是光的色散现象，属于光的折射，故D错误。故选C。11．A【详解】海市蜃楼的成因是海面附近空气密度不均匀，光在不均匀的空气中传播时会发生偏折，本质是光的折射现象，由此形成了海市蜃楼的虚像。故选A。12．B【详解】月全食的成因是光在同种均匀介质中沿直线传播，太阳射向月球的光被地球遮挡，从而形成月全食。A．水中的倒影属于平面镜成像，成因是光的反射，不是光的直线传播，故A不符合题意；B．树荫下的光斑是小孔成像现象，由光的直线传播形成，成因与月全食相同，故B符合题意；C．“变瘦”的娃娃是光的折射现象，不是光的直线传播，故C不符合题意；D．“缩小”的兔子是凹透镜成正立缩小的虚像，成因是光的折射，不是光的直线传播，故D不符合题意。

故选B。13．C【详解】A．蜡烛在处，凸透镜在处，光屏在处，物距像距此时，因此凸透镜焦距，故A错误；B．此成像情况是，成倒立等大的实像，可用于测量焦距；幻灯机的原理是时，成倒立放大的实像，故B错误；C．遮挡凸透镜中央后，仍有大量光线透过凸透镜的其他部分折射会聚，依然会在原位置成清晰的完整像，只是透过光线减少，像会变暗，故C正确；D．凸透镜不动，蜡烛右移10cm，物距变为（此时），根据成像规律，光屏应右移超过10cm才能成清晰的像，故D错误。故选C。14．C【详解】A．由图甲可知根据成倒立等大的实像，即，则该凸透镜的焦距，故A错误；B．图乙中，物距满足u>2f，此时凸透镜成倒立、缩小的实像，成像规律应用于照相机，不是投影仪（投影仪成倒立放大的实像，要求），故B错误；C．实验一段时间后，蜡烛会变短，根据过光心的光线传播方向不变可知，烛焰的像将位于光屏的上方，故C正确；D．近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用。在透镜和光屏之间放一个近视眼镜，会使像距变大，像会成在光屏的右侧。为了在光屏上重新得到清晰的像，应增大物距，即应将蜡烛向左移动，而不是向右移动，故D错误。故选C。15．D【详解】近视眼的成因：晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球前后径过长，导致远处物体的像成在视网膜前方，观察图乙，平行光线经过晶状体后会聚在视网膜前方，这是近视眼的成因原理图；矫正近视眼需要佩戴对光线有发散作用的凹透镜，使光线推迟会聚，让像成在视网膜上，观察图丁，佩戴凹透镜后，平行光线经过发散再由晶状体会聚在视网膜上，这是近视眼的矫正原理图。故D正确，ABC错误。故选D。16．【详解】由乙、丙两图可知，土豆排开水的质量为土豆排开水的体积为由于土豆浸没在水中，此时土豆排开水的体积等于土豆的体积，即则土豆的密度为17．(1)零刻度线左(2)27.2(3)【详解】（1）使用天平前，需先将天平放在水平台面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，再调平衡螺母；图甲中指针偏右，说明天平右侧较重，根据“右偏左调”，应向左调节平衡螺母使横梁平衡。（2）由图乙可知，玉石质量（3）由图丙可知，玉石浸没后总体积为，玉石体积因此玉石密度18．B【详解】A．力是物体间的相互作用，不能脱离物体单独存在，故A错误；B．力的定义就是物体对物体的作用，故B正确；C．不相互接触的物体也能产生力，比如重力、磁铁的磁力都不需要接触就能产生，故C错误；D．力不仅可以改变物体形状，还可以改变物体的运动状态，故D错误。故选B。19．A【详解】A．木板向下发生弹性形变，要向上恢复原状，会对与它接触的足球产生向上的弹力，这个弹力就是足球受到的支持力，故A正确；B．木板受到的压力是足球发生弹性形变对木板产生的弹力，其施力物体是足球；而重力是地球对足球的引力，施力物体是地球，二者不是同一个力，故B错误；C．根据弹力的定义，发生弹性形变的物体，要恢复原状，对与它接触的物体会产生力的作用，这种力叫作弹力。木板对足球的支持力是木板发生弹性形变后对足球产生的力，属于弹力，故C错误；D．足球对木板的压力，受力物体是木板，是作用在木板上的，故D错误。故选A。20．D【详解】A．火箭对燃气的推力受力物体是燃气，燃气对火箭的推力受力物体是火箭，两个力作用在两个不同物体上，是一对相互作用力，故A错误；B．根据牛顿第一定律，力是改变物体运动的原因，物体运动不需要力来维持，故B错误；C．火箭匀速直线飞行受力平衡，火箭受到的推力和自身重力都作用在火箭这同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线，是一对平衡力，故C错误；D．火箭匀速直线飞行受力平衡，其受到力的合力为0，故D正确。故选D。21．B【详解】A．茶杯受到的支持力和茶杯对桌面的压力，作用在不同物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，是相互作用力，故A不符合题意；B．茶杯受到的重力和桌面对茶杯的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一物体上，作用在同一直线上，是平衡力，故B符合题意；C．在水平桌面上的茶杯对桌面的压力和茶杯受到的重力，方向相同，不是平衡力，故C不符合题意；D．地面对桌子的支持力等于桌子和茶杯的总重力，因此桌子受到的重力小于地面对桌子的支持力，不是平衡力，故D不符合题意。故选B。22．D【详解】A．力的产生不一定需要两个物体相互接触，例如磁铁之间的吸引力、地球对物体的重力，故A错误；B．钓鱼时拉力是通过鱼线传递的，因此小鱼受到拉力的施力物体是鱼线，而不是手，故B错误；C．摩擦力的方向不一定与运动方向相反，例如人走路时，脚向后蹬地，地面给脚的静摩擦力是向前的，与人的运动方向相同，故C错误；D．打乒乓球时改变击球时力的大小、方向和作用点，即力的三要素任何一个改变，都会产生不同的发球效果，故D正确。故选D。23．A【详解】A．向杯中加水使总重力增大，杯子匀速下降时静摩擦力与重力平衡，故摩擦力随重力增大而增大，故A符合题意；B．喝掉部分水使总重力减小，杯子匀速上升时静摩擦力与重力平衡，故摩擦力随重力减小而减小，故B不符合题意；C．增大握力，杯子静止时静摩擦力仍等于重力，重力不变则摩擦力不变，故C不符合题意；D．戴粗糙手套增大接触面粗糙程度，但杯子水平移动时竖直方向静摩擦力仍等于重力，重力不变则摩擦力不变，故D不符合题意。故选A。24．B【详解】A．喝牛奶时，牛奶盒内气压减小，外界大气压将牛奶盒压变形，能证明大气压存在，故A不符合题意；B．用注射器注射药液，是依靠人手对活塞的推力将药液推入，不能证明大气压存在，故B符合题意；C．按压吸盘排出内部空气后，大气压将吸盘紧紧压在墙面上，能证明大气压存在，故C不符合题意；D．覆杯实验中，大气压托住了杯内的水和纸片，证明了大气压的存在，故D不符合题意；故选B。25．(1)750(2)真空(3)不变偏小(4)不会不会(5)FLV【详解】（1）托里拆利实验中，大气压的大小等于管内外水银面竖直高度差对应的水银压强，由图可知高度差为，因此当地大气压相当于水银柱产生的压强。（2）玻璃管装满水银后倒放，流出部分水银后，水银上方没有空气，因此是真空。（3）大气压大小不变时，玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，不会改变竖直高度差，因此高度差不变；若管内漏进气泡，气泡会产生向下的压强，使管内水银柱高度降低，因此测得的气压值偏小。（4）标准大气压约能支撑10m高的水柱，实验用玻璃管长度远小于10m，因此倒插后水柱不会下降；若管顶开小孔，玻璃管上端与大气连通，形成连通器，水柱会下降到与槽内液面相平，不会向上喷出。（5）注射器有刻度部分的容积，可得横截面积，活塞刚被拉动时，拉力等于大气压对活塞的压力，根据推导得：。误差来源包括注射器残留空气、活塞摩擦、读数误差等，写出一条合理即可。26．(1)大气压(2)打开【详解】（1）当拉动活塞向上运动时，阀门关闭，储水仓里的空气变稀薄，气压小于外界的大气压。于是，水在大气压的作用下推开玻璃球流入储水仓。（2）当推动活塞向下运动时，玻璃球挡住瓶口，水存在储水仓内，水会推开阀门，使水涌到活塞上面。27．B【详解】A．列车的钢轨要铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不符合题意；B．锅炉的水位计和炉身上端开口，下端连通，水静止时两侧液面总相平，属于连通器，故B符合题意；C．用吸管吸饮料时，吸管内压强小于外界大气压，在大气压的作用下，将饮料压入嘴中，故C不符合题意；D．自制喷雾器喷雾，用嘴用力吹气时，竖管上端空气流速大压强小，下端流速小压强大，形成向上的压强差，产生向上的压力差，水受到向上的力，从竖管中喷出，故D不符合题意。故选B。28．小密度【详解】[1]当吹风机向水平管吹风时，乒乓球上方的气体流速变快，根据流体压强与流速的关系可知，上方的压强变小，下方压强较大，从而产生向上的升力。[2]由可知，当潜水器在淡水和海水中下潜到相同深度h时，因为淡水和海水的密度ρ不同，所以舱体承受的压强不同，这表明液体压强与液体的密度有关。29．<【详解】左侧机翼模型a上凸下平，相同风速流过时，上方空气流速更大、压强更小，下方流速小、压强大，因此产生向上的升力F升，弹簧测力计示数满足右侧机翼模型b倒放，下凸上平，相同风速流过时，下方空气流速更大、压强更小，上方流速小、压强大，因此产生向下的压力差，弹簧测力计示数满足FB所以相同风速、相同模型下，有F升=F30．(1)1.17×107N(2)1.17×103m3(3)7.8×103N【详解】【小题1】某福船满载总质量因为某福船处于漂浮状态，所以【小题2】由阿基米德原理得，排开水的体积为【小题3】该福船满载时船底的面积受到海水的压强该福船满载时船底的面积受到海水的压力31．(1)(2)6000Pa(3)【详解】（1）游船处于漂浮状态（2）船底受到湖水的液体压强（3）此时游船所受浮力游船排开水的体积32．D【详解】A．哪吒抬起一只脚站立时，对地面的压力等于其重力不变，受力面积减小，根据p=FB．忽略空气阻力，毽子在空中飞行的过程中只受重力作用，其机械能守恒，即机械能不变，故B正确；C．毽子在上升过程中，速度减小，动能减小，同时高度增加，重力势能增加，此过程是动能转化为重力势能，故C正确；D．敖丙将毽子踢出后，脚与毽子分离，不再对毽子施加力的作用，因此不再对毽子做功，毽子会继续在空中飞行是由于惯性，故D错误。本题选择描述错误的，故选D。33．0做匀速直线运动【详解】[1]甲图小球竖直上抛，到达最高点时竖直方向速度减为0，且水平方向没有分速度，小球瞬时速度为0，所以动能为0。[2]乙图斜抛的小球在最高点时，竖直方向速度为0，但保留水平方向的分速度。根据牛顿第一定律，若此时突然不受重力，小球会保持此时的运动状态，做匀速直线运动。34．D【详解】A．人造卫星在运行过程中，具有运动速度，还具有高度，所以具有动能和重力势能，故A错误；B．人造地球卫星在运行过程中，机械能没有损失，所以机械能守恒，故B错误；C．卫星从远地点向近地点运行的过程中，质量不变，高度降低，将重力势能转化为动能，则速度增大，故做加速运动，故C错误；D．卫星从近地点向远地点运行的过程中，机械能没有损失，则机械能守恒，所以减少的动能全部转化为重力势能，故D正确。故选D。35．【详解】过支点O作力F的作用线的垂线段，两端标上双箭头和符号，即为F对应力臂L。据此作图。36．【详解】根据杠杆平衡条件：阻力与阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。支点为，杠杆上离最远的端点是，因此最长动力臂为线段。过点作出与杠杆垂直的力，动力方向垂直于杆向下，如图所示：37．A【详解】A．筷子正常使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A符合题意；B．天平动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故B不符合题意；CD．开瓶器和金属扳手正常使用时动力臂都大于阻力臂，属于省力杠杆，故C、D不符合题意。故选A。38．动3【详解】由图可知，B滑轮可以随物体运动，是动滑轮。与动滑轮相连的绳子股数为3，所以绳子自由端移动的距离39．D【详解】A．同一根绳子的拉力处处相等，弹簧测力计的示数等于绳端拉力，已知弹簧测力计示数为，因此，故A不符合题意；B．动滑轮上的绳子段数，绳自由端移动速度为物体移动速度的3倍，即，故B不符合题意；C．物体A做匀速直线运动，受力平衡，摩擦力等于动滑轮对物体的拉力；对动滑轮受力分析，动滑轮受到向左的总拉力为，因此内物体移动的距离克服摩擦力做功，故C不符合题意；D．拉力的功率，故D符合题意。故选D。40．D甲是动滑轮，可省力，但提升重物时需要克服动滑轮的重力做额外功，因此机械效率更低；乙是定滑轮，不省力，不计轴摩擦时几乎不需要做额外功，因此机械效率更高，且使用任何机械都不能省功。【详解】见答案。41．10080【详解】该装置是动滑轮，承担物体和动滑轮总重的绳子段数。不考虑绳重和摩擦时，满足关系F=GA该装置的机械效率η=42．(1)质量秒表(2)加热时间转换法(3)甲乙【详解】（1）探究不同物质吸热能力时，根据控制变量法，需要控制两种液体的质量相等；实验中需要测量加热时间来比较吸热多少，因此除了测质量的天平，还需要测量时间的秒表。（2）本实验使用相同的加热器，相同时间内加热器放出的热量相同，因此液体吸收热量的多少可以通过加热时间反映；将不易直接观测的吸热量转换为容易观测的加热时间，这种研究方法是转换法。（3）由图2可知，吸收相同热量，即加热相同时间时，甲的温度升高更快；根据吸热能力的规律，质量相同时，升高相同温度，吸收热量越多的物质，吸热能力越强，因此乙的吸热能力更强。43．(1)甲、丙加热时间(2)甲、乙温度计示数变化偏小【详解】（1）要研究不同物质的吸热能力，除了被加热物质的种类相同外，还应控制其它因素都相同，所以应选择甲、丙两图进行探究。液体吸收的热量是肉眼不能直接观察到的，相同时间下同一燃料燃烧释放的热量相同，可根据转换法通过加热时间的长短来反映不同物质吸热的多少。液体a和液体b的质量和初温均相同，由图可知，如果温度都升高，a需要的是时间是10min，b需要的时间是20min，即升高相同的温度，b吸收热量是a的2倍，由得（2）比较不同燃料的热值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同，故应选择甲、乙两图进行实验。实验中通过温度计示数变化来比较不同燃料完全燃烧放出的热量多少，温度计示数上升越多，说明燃料燃烧放出的热量越多。此方法计算结果不可靠，因为燃料不能完全燃烧，燃料燃烧产生的热量不能完全被液体吸收，并存在热量损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小。44．401200/【详解】四冲程汽油机一个工作循环中，飞轮转2圈，完成4个冲程，对外做功1次。已知汽油机每秒对外做功10次，则每秒完成的冲程数为40个；每秒对外做功10次，说明每秒完成10个工作循环，因此每秒飞轮转动20圈，每分钟转动1200圈。45．C【详解】小车被燃气推动的过程，是燃气的内能转化为小车的机械能，相当于内燃机的做功冲程，做功冲程进气门关闭、排气门关闭，活塞下行，火花塞点火，故选C。46．C【详解】A．一切物体在任何温度下都具有内能，冰冷的冰块也有内能，故A错误；B．物体放出热量的多少和物质比热容、物体质量、温度的变化量有关，和物体自身温度高低没有必然关系，温度高的物体放出的热量不一定多，故B错误；C．改变物体内能的两种方式是做功和热传递，二者对改变物体的内能是等效的，故C正确；D．物体内能增大，温度不一定升高，例如晶体熔化时，吸热内能增加，但温度保持不变，故D错误。故选C。47．AC【详解】改变物体内能的方式有做功和热传递。猛推推杆使艾绒点燃，是通过做功的方式改变内能。A．弯折铁丝，是对铁丝做功，铁丝内能增加，温度升高，属于做功改变物体内能，与猛推推杆改变内能的方式相同，故A符合题意；B．哈气取暖，是通过热传递的方式使手的内能增加，与猛推推杆改变内能的方式不同，故B不符合题意；C．划燃火柴，是克服摩擦力做功，使火柴头温度升高达到着火点而燃烧，属于做功改变物体内能，与猛推推杆改变内能的方式相同，故C符合题意；D．给水加热，是通过热传递的方式使水的内能增加，与猛推推杆改变内能的方式不同，故D不符合题意。故选AC。48．C【详解】A．除尘纸和地板摩擦，发生了电荷的转移，使除尘纸带了电，从而能够吸引轻小物体，并不会将除尘纸变为导体，故A错误；B．摩擦起电的实质是电荷的转移，除尘纸和地板摩擦后，会带上异种电荷，故B错误；C．带电体具有吸引轻小物体的性质，除尘纸带了电，能够吸引灰尘，就是利用了这种性质，故C正确；D．灰尘颗粒是肉眼可见的，不属于分子，灰尘颗粒到处飞舞，做的是机械运动，不属于分子的无规则运动，故D错误。故选C。49．(1)负得到(2)吸引(3)同种电荷相互排斥【详解】（1）毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒原子核束缚电子能力更强，会得到电子，电子数量多于质子，因此带负电。（2）丝绸摩擦过的玻璃棒B带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒A带负电；异种电荷相互吸引。（3）带电体接触验电器金属球后，电荷传导至两片金属箔，两片金属箔带上同种电荷，因相互排斥而张开。50．排斥A到D【详解】毛皮和橡胶棒摩擦时，毛皮失去电子带正电，丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒失去电子也带正电，由于同种电荷相互排斥，因此毛皮与玻璃棒相互排斥。毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，带有多余的电子，橡胶棒接触验电器上端的A端时，多余的电子会从A沿金属杆向下端的金属箔D转移，因此这一瞬间电子的移动方向是从A到D。51．(1)断开0.24不同规格并联电路中，干路电流等于各支路的电流之和B(2)不可行电流表会出现指针反偏的现象，无法测出其中一灯泡的电流(3)【详解】（1）连接电路时，为了保护电路，开关应处于断开状态。由图乙可知，电流表选用测量范围，分度值为0.02A，此时电流表示数是0.24A。实验中，为了避免偶然性，得到普遍性规律，应换用不同规格的灯泡进行多次实验。由表格中每组数据可得，并联电路的电流规律是并联电路中，干路电流等于各支路的电流之和。实验中，多次测量的目的是寻找并联电路的电流规律，避免偶然性。故选B。（2）由图丙可知，分别闭合、时，有一次实验时，电流通过电流表的方向相反，电流表会出现反偏的现象，不符合电流表的使用规则，因此他的方案不可行。（3）减少一个开关，根据并联电路的电流规律，为了能得到各支路电流大小，可将电流表放在干路上，两个开关各放在其中一个灯泡的支路上，这样通过开关转换可测出两条支路的电流。据此作图。52．(1)(2)断路(3)1(4)右滑动变阻器的最大阻值过小更换最大阻值更大的滑动变阻器（或降低电源电压）(5)反【详解】（1）电源采用两节新干电池，总电压约为3V，为了保证测量精度与安全，电压表应选择量程，同时电压表需要与被测的定值电阻R并联在同一电路上。（2）闭合开关后，电流表示数为零，说明电路中存在断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源正负极之间的连接是导通的，故判定与之并联的定值电阻R发生了断路。（3）由图丙所示，电压表使用的是的量程，其读数为1V。（4）将5Ω的电阻换成10Ω后，定值电阻分担的电压会变大，根据串联分压原理，要使其电压降回1V，必须增大滑动变阻器接入电路的阻值，因此滑片需向右移动。由于滑动变阻器的最大接入阻值为30Ω，即便调至最大阻值，也无法将20Ω电阻的分压降至1V。定值电阻两端电压为1V，电源电压为3V，则滑动变阻器分担的电压为根据串联分压规律可知，滑动变阻器的阻值应为定值电阻的2倍，已知滑动变阻器的最大阻值为30Ω，将20Ω的电阻接入电路后，为保持电压不变，根据分压原理，变阻器连入电路中的阻值为而题中变阻器的最大阻值为20Ω，所以，滑动变阻器连入电路中的电阻最大时，也不能使电压表示数为1V。为使大电阻也能顺利完成实验，在保持设定电压和定值电阻不变的情况下，应更换最大阻值更大的滑动变阻器；或者通过降低电源电压，以减小滑动变阻器所需要承担的分压任务。（5）图丁中绘制出的图像是一条平滑的向下弯曲的曲线，符合数学中的反比例函数特征，从而得出结论：在电压一定的条件下，通过导体的电流跟导体的电阻成反比。53．(1)(2)断开B(3)定值电阻断路(4)在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比(5)0.2040【详解】（1）“探究电流与电压的关系”实验中，电压表应该并联在定值电阻两端，由图乙可知，最大电压为4V，所以电压表量程应选择，将电压表的15V接线柱连接定值电阻右端接线柱。据此作图。（2）为了保护电路，连接电路时，应断开开关；闭合开关前，滑片应该位于滑动变阻器的阻值最大处，题中滑动变阻器接左下A端，所以应将滑动变阻器的滑片调至B端。（3）电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，即与电压表并联的支路以外的电路是完好的，故与电压表并联的定值电阻断路了。（4）如图乙是过原点的直线，是正比例函数，故由图象可得：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。（5）电流表用的是0−0.6A的量程，分度值为，读数为；电阻不变的电压是则滑动变阻器的电压为根据串联分压规律知，滑动变阻器的电压是定值电阻的一半，电阻也是定值电阻的一半，由于滑动变阻器最大，故定值电阻最大为54．(1)液面高度差(2)电阻b(3)电流c【详解】（1）电流产生的热量无法直接观察，实验中热量会使密闭空气受热膨胀，热量越多，U形管两侧液面的高度差越大，因此通过观察U形管的液面高度差比较产热多少，这是转换法的应用。（2）甲图中两个电阻丝串联，因此通过电阻的电流、通电时间都相同，只有电阻大小不同，所以探究的是电流通过导体产生热量的多少和电阻的关系；根据焦耳定律Q=I（3）乙图中，两个容器内电阻大小相等，d容器内的电阻丝外接了一个并联电阻，使得通过c容器电阻的电流大于d容器电阻的电流，电阻和通电时间相同，电流不同，因此探究电流通过导体产生的热量和电流的关系。根据焦耳定律Q=I55．(1)(2)(3)【详解】（1）物块所受重力的作用点画在物体的重心上，过重心O画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示。（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，通过光心的光线方向不变。（3）开关与灯的连接方式：相线先接开关，中性线接灯泡的左端。56．【详解】零线直接连接灯泡的螺旋套，火线进入开关，再进入灯泡顶端的触点；地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔，火线首先接保险丝，然后再进入右孔。57．(1)(2)【详解】（1）经过折射点垂直玻璃面作出法线，在法线的右侧作出折射光线，且折射角小于入射角。（2）左侧为通电螺线管的N极，右侧为通电螺线管的S极，根据安培定则，伸出右手使大拇指指向N极，四指弯曲方向为电流的方向，所以电流从通电螺线管右侧流入。58．【详解】已知条形磁体左端为极，磁体外部磁感线总是从极出发，回到极，因此螺线管右端为S极，则A点磁感线方向水平向左；根据安培定则，可得电流从螺线管右端流入、左端流出，由于电流从电源正极流出、负极流入，因此电源右端是正极。59．D【详解】A．图中通电导线附近指南针会旋转，说明通电导体附近产生了磁场，是利用了电生磁原理，而电磁弹射装置利用的是通电导体在磁场中会受到力的作用的原理，故A不符合题意；B．图为电磁继电器的原理图，利用的是电生磁原理，故B不符合题意；C．图中实验装置展示电磁感应现象，导体在切割磁感线运动时能产生感应电流，是磁生电原理，故C不符合题意；D．图中通电导体ab在磁场中运动，说明受到了磁场的力的作用，说明通电导体在磁场中会受到力的作用，与电磁弹射装置的原理相同，故D符合题意。故选D。60．D【详解】动圈式话筒工作过程：声音带动线圈在磁场中振动，线圈切割磁感线产生感