云南玉溪第一中学2025-2026学年高二下学期7月期末物理试题含答案

选对但不全的得3分，有选错的得0分。核反应为{H+3H→2H+X,下列说法正确的是()C.³H的质子数比中子数多1个内小球的位移大小之比为(重力加速度g=A.4:5B.5:4正确的是()MNB.液体的全反射临界角大于454.如图所示，有两颗卫星绕某星球做椭圆轨道运动，两颗卫星的近地点均与星球表面很近(可视为相切),卫星1和卫星2的轨道远地点到星球表面的最近距离分别为h、h,卫星1和卫星2的环绕周期之比为k。忽略星球自转的影响，已知引力常量为G,星球表面的重力加速度为gc。则星球的平均密度为()5.子弹以水平速度v%射向原来静止在光运动。已知子弹受到的平均阻力大小为f,射入深度为d,子弹射入木块的过程中木块移动的距离为L,忽略空气阻力，在子弹和木块相互作用的射入过程中，下列说法正确的是()C.子弹动能的减少量为f(L+d)D.木块动能的增加量为fd试卷第2页，共7页电子在()甲乙D.图乙中4:U₂=3:4定的安培力，则()点始终在同一条直线上。若波源的振动周期是0.2s,则下列说法正确的是()A.在两列波传播的过程中，P处质点的振动始终加强的B.在两列波传播的过程中，N处质点的振动始终减弱的C.此刻开始计时，S处质点经过0.1s会随水波传播到N处D.此刻开始计时，0.9s时M处质点的高度会和远处平静的湖面一致10.如图所示，两光滑导轨相距为L,倾斜放置，与水平地面夹角为α,上端接一电容为C的电容器，导轨上有一质量为m长为L的导体棒平行地面放置，导体棒离地面的高度为h,磁感应强度为B的匀强磁场与两导轨所决定的平面垂直，开始时电容器不带电.将导体棒由静止释放，整个电路电阻不计，则()A.导体棒先做加速运动，后作匀速运动B.导体棒下落中减少的重力势能转化为动能，机械能守恒C.导体棒一直做匀加速直线运动，加速度为D.导体棒落地时瞬时速度二、非选择题：本题共5小题，共54分。其中13~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须11.一种用于测量重力加速度的装置如图所示，透明塑料板上交替排列着等宽度的遮光带和透光带(宽度用d表示)。实验时将塑料板置于光电传感器上方某高度，令其自由下落穿过光电传感器。光电传感器所连接的计算机可连续记录遮光带、透光带通过光电传感器的时间间隔透光带遮光带透光带传感器编号1遮光带2遮光带3遮光带…… 电压表V:量程0~3V,内阻约3kΩ试卷第5页，共7页试卷第6页，共7页(2)图2是该组同学根据所获得的6组实验数据，在坐标纸上绘制的反映路端电压随电流变化的U-I图线，请据此图线判断被测干电池的电动保留到小数点后两位)(3)利用图1中实验电路测电源的电动势E和内电阻r,所测量的实际是图3中虚线框所示“等效电源”的电动势E'和内电阻r’。若电源的电动势，因此可知E′=,又电路中的短路电流等于电动势与电源内阻的比值，因此V试卷第7页，共7页15.如图甲将装有弹簧，质量m=3kg的滑块a在轨道Ⅱ距地面高h=0.8m的A处静止释放。当a运动到C处时弹簧的另一端与放在轨道I质量m₂=1kg的滑块b连接(如图乙),此时弹簧处于原长(整个运动过程弹簧均处于弹性限度内，且始终保持与水平面平行)。滑块a、b均可视为质点，且始终不脱离各自的轨道。轨道I光滑，在轨道I的E处设有与轨道等宽的竖直挡BC段长度x₁=1m,动摩擦因数μ1可以调节，DE段长度x₂=1.25m,动摩擦因数μ₂=0.2(滑块仅与轨道底面产生摩擦)。已知滑块a刚运动到DE段时，滑块a、b恰好第一次共速。(1)若μ₁=0.35,求滑块a刚运动到DE段时的速度v以及弹簧的弹性势能Ep;(2)若滑块a、b恰好同时到达E处，且此时滑块b的速度变为滑块a刚运动到DE段时的(3)在(2)的条件下，且μ₁=0.35,求滑块a从D处运动到E处的时间t,并说明最终滑块a能否进入BC段?乙试卷第1页，共9页根据质量数守恒和电荷数守恒：左边质量数总和为2+3=5电荷数总和为1+1=2右边氦核(2He)的质量数为4,电荷数为2,因此X的质量数为5-4=1电荷数为2-2=0X为中子(n),故A错误；B.核聚变反应释放能量，根据质能方程，必然存在质量亏损，故B错误；C.³H(氚核)的质子数为1,中子数为3-1=2质子数比中子数少1个，故C错误；D.结合能是原子核稳定性的体现。轻核聚变后生成的He比原来的{H更稳定，比结合能更大，因此2He的结合能更大，故D正确。故选D。【详解】首先对小球受力分析，斜面光滑，小球沿斜面方向的合力为mgsinθ,由牛顿第二定律得加速度大小a=gsin30°=5m/s²,方向沿斜面向下规定沿斜面向上为正方向，则a=-5m/s²小球速度减为0(到达最高点)的时间即4s后小球开始沿斜面向下匀加速运动。计算2s内位移：代入匀变速位移公式.计算5s内位移：直接代入位移公式，得.则位移大小之比x₁:x₂=30:37.5=4:5。故选A。B.全反射临界角的公式为,经计算有,故B正确；C.光线从从光疏介质介质射入光密介质时不会发生全反射，所以从空气射到分界面时，不发生全反射，故D.从光密介质射入光疏介质时，若角度大于全反射临界角，光线会发生全反射，sin60°>sinC,所以会发试卷第2页，共9页生全反射，故D错误。故选B。【详解】卫星一、卫星二轨道的半长轴分别为星球表面的重力加速度为g,根据万有引力提供重力得星球质量的表达式为联立得故选A。【详解】A.根据能量守恒定律，子弹进入木块的过程中，由于受到阻力的作用，会摩擦生热，故子弹动能即d,而不是木块移动的距离，B错误；试卷第3页，共9页故子弹动能的减少量为f(L+d),C正确；故选C。【详解】A.沿着电场线方向电势降低，电子带负电，负电荷在电势低的地方电势能大，则电子在M点的电势能大于N点的电势能，故A正确；B.电子所受电场力与速度方向成锐角，则由M到N运动过程电场力做正功，电子的动能增大，M点的动能小于N点，故B错误；C.电场线的疏密程度表示电场强弱，N点的电场线比M点的电场线密，则N点的场强大，则N点的加速度大于M点，故C错误；D.由图知该电场不是匀强电场，则电子在M点由静止释放不能一直沿电场线运动，故D错误。故选A。【详解】A.开关S闭合瞬间，由于电感线圈的强烈阻碍作用，灯D₃没有电流通过，D₃不亮；灯D₁、D₂与电源串联，灯D₁、D₂直接变亮，故A错误；B.开关S闭合瞬间，灯D₃没有电流通过，灯D₁、D₂与电源串联，灯D₁、D₂的电流相等，通过电感的电流逐渐增大，稳定后灯D₂与D₃并联再与D₁串联，流过灯的电流改变，故B错误；C.由于稳定后灯D₂与D₃并联，由于灯泡完全相同，故稳定时通过D₂与D₃的电流相等，故S断开后，灯D₂逐渐熄灭，故C错误；D.设电源电动势为E,灯泡电阻为R,S闭合瞬间，灯D₁、D₂与电源串联，电压传感器所测电压为D₂两电路稳定后，流过D₃的电流为开关S断开瞬间，电感线圈能够提供与之前等大电流，故其两端电压为故D正确。故选D。试卷第4页，共9页【详解】安培力的公式为F=BILsinθ,其中θ为电流方向与磁场方向的夹角，题目中导线受安培力，故A.由F=BILsinθ得,当时，,存在这种可能，故A正确；C.电流变为原来的2倍，B、L、θ均不变，则F'=B安培力一定增大为原来的2倍，故C正确；D.导线长度变为原来的2倍，B、I、θ均不变，则F'=BI·2L·sinθ=2BILsinθ=2F安培力一定变为原来的2倍，不可能不变，故D错误。故选AC。【详解】A.M点是波峰和波峰叠加，Q点是波谷和波谷叠加，则MQ均为振动加强点，且始终振动加强，故P处质点的振动始终加强的，故A正确；B.N点为波峰与波谷叠加，质点的振动始终减弱的，故B正确；C.质点不会随着波迁移而迁移，故C错误；D.M点为振动加强点，此点位于波谷位置，高度低于远处平静的湖面，故D错误。故选AB。由牛顿第二定律得则导体棒做匀加速运动，故A错误，C正确；B.在导体棒运动过程中，重力做功把重力势能转化为动能，克服安培力做功，把重力势能转化为电场能，试卷第5页，共9页因此导体棒下落中减少的重力势能转化为动能和电场能，机械能不守恒，故B错误；D.导体棒做初速度为零的匀加速直线运动，由速度位移公式得故D正确。故选CD。②(3)下落过程中受到空气阻力的影响，所以竖直向下的加速度小于重力加速度【详解】(1)根据平均速度的计算公式可知(2)根据匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的速度，有(3)下落过程中受到空气阻力的影响，所以竖直向下的加速度小于重力加速度。【详解】(1)[1]电源电动势约为1.5V,流过电路的最大电流约为零点几安培，电流表应选择A₁。可知电源电动势试卷第6页，共9页所以所以【详解】(1)活塞从AB₁直至刚好到达AB处过程，气体压强不变，对活塞受力分析可得P₁S=mg+P₀S解得P₁=1.02×10⁵Pa活塞从AB到活塞刚好到达A₁B₁处，气体温度不变，由波意耳定律有P₁(L₀+L)S=P₂LS联立解得P₂=1.275×10⁵Pa(2)活塞未离开AB₁,气体做等容变化，压强增大；活塞从AB₁直至刚好到达AB处过程，气体压强不变、体积增大；活塞从AB直至活塞到达A₁B₁处，气体温度不变、压强增大，图像如下(3)设冲入大气的体积为V,由波意耳定律有0.9p.LS+P₀V=P₁(L+L)S联立解得V=1.5L②试卷第7页，共9页【详解】(1)电子从B点由静止释放，运动到A点过程，根据动能定理(2)电子从A运动到C点沿x轴方向d=v₀t沿y轴分位移A、C两点之间电压的大小U=Ey(3)电子在C点竖直分速度出第一象限电场后，竖直分位移出第一象