江西五市十校协作体2025-2026学年高三下学期第二次阶段检测物埋试卷（含答案）

第第页江西五市十校协作体2025-2026学年高三下学期第二次阶段检测物埋试卷一、单选题（本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1．《晋书·天文志》载：“日月行道，皆如弹圆，而迟疾有准。”今有甲、乙两行星同受中心天体（古称“镇星”）引力牵引。甲星轨道为椭圆，其距中心天体最近为四百万里，距中心天体最远为三千万里。乙星则做匀速圆周运动，且与甲星绕行周期相同。试问乙星轨道半径当为多少里（）A．三千四百万里 B．一千七百万里C．二千六百万里 D．一千三百万里2．a、b两个带电小球放置在足够宽广的真空环境中，a带正电、b带负电，且A． B．C． D．3．“火树银花耀抚州，万家灯火庆元宵”烟花晚会中，为方便更多人观看，组织方使用无人机航拍直播。假设一架质量为m的无人机在某一高度水平匀速飞行，机身与水平面夹角为θ，无人机受到垂直于机身的升力和与速度方向相反的阻力。已知重力加速度为g，则机身的升力大小为（）A．mgcosθ B．mgcosθ C．mg4．中国射击队尤其是气枪项目，一直是奥运赛场上的王牌。某同学用玩具枪打靶对该运动项目做初步研究，该同学站在靶标中央位置正前方较远处，靶标为一个面积较大的竖直平面。射击时保持枪口位置不变，先后沿同一水平面内不同方位射出子弹，子弹初速度大小相等，忽略空气阻力，则靶标上出现的击中点分布可能为（）A． B．C． D．5．如图所示，桌面上竖直固定四根直径相同且等高的长管，甲为空心塑料管，乙为空心铝管，丙为内部紧密排列强磁铁的塑料管（等效于一根条形磁铁），丁为内部每间隔距离d固定一段强磁铁（相邻强磁铁上下磁极相反）的塑料管。把一枚直径略小于长管内径、高为d的强磁铁分别从甲、乙上端静止释放，强磁铁穿过长管的时间分别为t甲、t乙；把一枚内径略大于长管外径、高为d的小铝环从丙、丁上端静止释放，小铝环穿过长管的时间分别为t丙、t丁。不计摩擦与空气阻力，则下列说法最有可能的是（）A．t甲与t丁几乎相等 B．t乙与t丙几乎相等C．t丙比t甲大得多 D．t丁比t丙大得多6．某车主汽车中控仪表盘实时显示四个完全相同轮胎内气体压强（单位：kpa）及温度（单位：℃）如图所示，不计轮胎形变，轮胎内气体可视为理想气体，则四个轮胎中，充气最多的轮胎是（）A．左前轮 B．右前轮 C．左后轮 D．右后轮7．电阻式触摸屏通过物理压力使两层导电薄膜接触，利用分压器原理测量电压变化确定触摸坐标。现有一触摸屏覆盖的显示面积的图形分辨率为：水平像素W=640、垂直像素H=480（像素点完全相同），坐标原点O位于左上角，坐标系如图建立。X+、X-为底层左右两极，Y+、Y-为顶层上下两极，检测时，在X+、X-间接+5V电压，X-接地，触点与地之间的电压被另一层连接的测量模块测出为U1=2.0VA．（256，211） B．（256，269）C．（384，211） D．（384，269）二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）8．图甲所示是单人划龙舟运动。一名龙舟队员进行单人划龙舟练习，他每次划桨用时0.7s，回桨用时0.3s。划桨时能沿运动方向对龙舟提供恒定的推力F，回桨时龙舟不受推力，龙舟在运动方向上受到的阻力恒为f。某次练习时，龙舟的速度随时间变化的v-t图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A．在0~0.7s内，桨对水的力大于水对桨的力B．在0~2s内，龙舟前进了1.58mC．在0~1s内，F的冲量与f的冲量大小之比为11：5D．在此次练习的过程中，经过3次划桨后，龙舟的速度不低于1.8m/s9．如图甲所示，某均匀介质中有两个相距0.8m的波源S1、S2，M点是它们连线中垂线上的一质点。以S1、S2连线为x轴，连线中点O为原点，建立图示空间直角坐标系O-xyz，M点是y轴上一点。两波源沿z轴方向持续振动发出简谐横波，且S1比S2先起振。已知S1的振幅为2cm，两列波的波速均为0.25m/s，从S1起振开始计时，M点的振动图像如图乙所示。据此可知（）A．两列波的波长均为0.5m B．S1比S2先起振2sC．S2的振幅为1cm D．S2的起振方向沿z轴负方向10．如图所示为物理兴趣小组小朱和小洪设计的发射与回收装置，该装置由相互平行的光滑水平导轨和足够长的倾角θ=30°的光滑倾斜导轨组成，导轨间距d均为1m，两者通过斜轨底部一小段绝缘材料a1a2平滑连接。水平导轨和倾斜导轨所在区域分别存在垂直于导轨平面的匀强磁场B1和B2，且B1=B2=1T。导轨左端连接一恒流源，可提供I=1A的恒定电流，方向如图中箭头所示。倾斜导轨右侧连接一个自感系数L=1H的线圈，用于能量回收。两导体棒M、N质量均为m=0.1kg，M棒电阻R=1Ω，初始时放置在距离绝缘段（aA．开关S闭合瞬间，M棒的加速度大小a=5B．M棒从开始运动到到达a1a2的过程中，恒流源输出的电能E=6JC．若M棒与N棒碰后粘在一起，碰后沿斜面向上滑行的最大距离为xD．若M棒与N棒碰后粘在一起，碰后沿斜面向上滑行的最大距离为x三、实验题（本题共2小题，共15分）11．按要求完成下列实验题；（1）某同学利用向心力演示器探究向心力大小与物体质量、角速度和轨道半径的关系，其简化示意图如图所示：挡板A、C到转轴的距离相等，挡板B到转轴的距离是挡板A到转轴距离的2倍；塔轮①、④半径相同。实验中可供选择的三个体积相等的小球分别为质量均为2m的球1、球2和质量为m的球3。①在探究向心力的大小与轨道半径之间的关系时应将皮带套在塔轮上（选填“①④”、“②⑤”或“③⑥”）；②在某次实验中把球1、球2分别放在挡板A、C位置，当匀速转动手柄时，左边标尺露出1格，右边标尺露出4格，则皮带连接的左、右塔轮半径之比为（小球受到的弹力与标尺露出的格子数成正比）。（2）在“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，某同学操作中有以下部分：①在浅盘中装入少量水，并在水面上均匀地轻轻撒上少量痱子粉；②用滴管将1滴油酸酒精溶液轻轻滴入水面中央，散开后可以看到油酸膜的轮廓，测得油酸膜面积S。在实验中，撒上少量痱子粉的作用是。实验得到油酸膜的轮廓如图所示，已知每个小格的面积为4cm2，则Scm12．某同学要测量一节旧干电池的电动势（约1.4V）和内阻（约3Ω），实验室提供的器材如下：电流表A（量程为0~500mA，内阻不计）；定值电阻R0滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）；滑动变阻器R2（最大阻值为50Ω）；开关、导线若干。（1）该同学设计了如图甲所示的电路进行实验，请根据设计的电路，用笔画线代替导线完成图乙中的实物连线。（2）开始时开关S1、S2、S3均处于断开状态，实验操作步骤如下：A.闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器的滑片位置，读出此时的电流表的示数I1；B.不改变滑动变阻器的滑片位置，断开开关S2，读出此时的电流表的示数I2；C.改变滑动变阻器的滑片位置，多次重复步骤A、B，记录I1、I2对应的数据；D.闭合开关S1、S3，读出此时的电流表的示数I3E.根据实验数据，作出1I①实验中，滑动变阻器应选择（填“R1”或“R2”）。②如图丙所示为实验得到的1I2−1I四、计算题（本题共3小题，共37分）13．当一束光的反射光与折射光垂直时，对应的入射角称为布儒斯特角。布儒斯特角通过控制光的偏振态，在需要高精度偏振控制或低反射干扰的场景中发挥关键作用。如图所示，截面为矩形的玻璃砖的厚度L=3cm，若某波长为λ的单色光从上表面射入，入射角i=60°，反射光与折射光刚好垂直。已知普朗克常量为h，光在真空中的传播速度为c，求：（1）该单色光的能量子ε的值（用λ、h、c表示）；（2）该玻璃砖的折射率n；（3）从下表面射出玻璃砖的光线相对于入射光线的侧移距离d。14．工厂的传送装置如图甲所示，传送带的速度为v=5.0m/s，长度l=4.0m。一质量为m=1.0kg的工件从左侧以v0=2.0m/s的速度滑上传送带，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.30。（1）工件从传送带左端到右端的时间t；（2）求工件与阻挡块间的恢复系数e；（3）若阻挡块静置在平台上未固定，求工件与阻挡块碰撞中损失的机械能。15．粒子控制技术广泛应用于物理研究和仪器制造中，如图所示，半径r0=3a的半圆形无场区的圆心在坐标原点O处，MN是位于x=2a处平行于y轴足够长的收集板，y轴右侧半圆形无场区外、MN左侧加一垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，在O处静止的铀（（1）试写出衰变方程，并求出衰变后钍核的速度；（2）求MN上有粒子击中位置的纵坐标范围；（3）若调整第一象限内磁场的右边界，使进入第一象限的α粒子经磁场偏转后均能垂直打在MN上，请推导调整后第一象限内磁场右边界满足的坐标方程。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】根据开普勒第三定律：绕同一中心天体运动的卫星，轨道半长轴的三次方与公转周期平方的比值为定值，即a3T2=k，故答案为：B。

【分析】本题考查开普勒第三定律的应用。关键是理解椭圆轨道的“等效半径”即半长轴，当周期相同时，圆轨道的半径等于椭圆轨道的半长轴，因此只需计算甲星的半长轴即可得到乙星的轨道半径。2．【答案】A【解析】【解答】由题意可知，在足够远处的电场相当于将两电荷合在一起时形成的电场，由于a带正电、b带负电，且qa>q故答案为：A。

【分析】1.两电荷（+qa、−qb，2.正点电荷的电场线是从电荷出发向四周均匀辐射的直线，据此匹配选项。3．【答案】A【解析】【解答】无人机在某一高度水平匀速飞行，竖直方向根据平衡条件可得F解得机身的升力大小为F=故答案为：A。

【分析】本题考查平衡条件的应用。关键是对无人机进行受力分析，将升力沿水平和竖直方向分解，利用竖直方向受力平衡列方程求解升力大小，与水平方向的阻力无关。4．【答案】C【解析】【解答】子弹做平抛运动，初速度大小不变，枪口正对靶标中心时，水平位移最小，由x=v0t枪口向左右旋转时，子弹到靶标的水平位移变大，运动时间变长，下落高度变大，击中点位置变低。因此击中点分布为中间高、两端低的曲线，故C正确，ABD错误。故答案为：C。【分析】A：未考虑平抛竖直下落，错误；B：中间位置应最高，不是最低，错误；C：正对时下落最少、位置最高，两侧下落更多、位置更低，符合规律；D：落点分布无规律，错误。5．【答案】D【解析】【解答】A.甲管是空心塑料管，强磁铁在其中几乎不受额外阻力，近似做自由落体运动，下落时间t甲是最短的；丁管中相邻磁铁磁极相反，小铝环通过时磁通量持续大幅变化，感应电流的电磁阻力极强，下落时间t丁远大于B.乙管是空心铝管，强磁铁下落时会在铝管中感应出较强涡流，受到明显电磁阻尼，下落时间t乙显著大于自由落体时间t甲；丙管等效为一根条形磁铁，管外磁场微弱，小铝环通过时磁通量变化小，电磁阻力弱，下落时间t丙略大于自由落体时间，故tC.丙管等效为一根条形磁铁，小铝环通过时磁通量变化小，电磁阻力弱，下落时间t丙仅略大于自由落体时间tD.丁管内部磁极交替分布，小铝环通过时磁通量持续剧烈变化，会连续受到极强的电磁阻力，下落时间t丁远大于t故答案为：D。【分析】A：分析甲管自由落体、丁管强电磁阻尼的时间差异，判断选项正误；B：对比乙管强涡流阻尼、丙管弱磁通量变化阻尼的阻力大小，分析时间差异；C：说明丙管弱阻尼的特点，解释为何t丙不会比tD：结合丁管磁极分布导致的持续磁通量变化，分析其强电磁阻尼效应。6．【答案】A【解析】【解答】将摄氏温度转换为热力学温度：T=t+273K，计算各轮胎P左前轮：P=269kPa，T=9+273=282K右前轮：P=268kPa，T=9+273=282K左后轮：P=266kPa，T=8+273=281K右后轮：P=260kPa，T=8+273=281K左前轮的PT故答案为：A。【分析】根据理想气体状态方程PV=nRT，轮胎体积V相同，充气量（物质的量n）与PT成正比（T为热力学温度），因此只需比较各轮胎P7．【答案】A【解析】【解答】根据题意，在X+、X−间接+5V电压，X−接地，则X−与X+电压为5V。由图可知X−在左侧（x=0），X+在右侧（x=W）。测得触点与地（X−）之间电压U1=2.0V，根据分压原理，电压与电阻成正比，电阻与长度成正比，故有x在Y+、Y−间接+5V电压，Y−接地，Y−与Y+电压为5V。由图及坐标系可知Y+在上侧（y=0），Y−在下侧（y=H）。测得触点与地（Y−）之间电压U2=2.8V，即触点电势为2.8V，则触点与Y+间电压为2.2V。设触点纵坐标为y，则触点到Y+（5V）的距离为y。根据分压原理有y故答案为：A。

【分析】本题考查电阻式触摸屏的分压原理，核心是“电阻与距离成正比，电压与电阻成正比”。解题关键是分别对X、Y方向应用分压关系，将电压比例转换为像素距离比例，从而计算出触点的像素坐标。8．【答案】B,D【解析】【解答】A．桨对水的力和水对桨的力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律，二者大小始终相等，A错误；B．v−t图像的面积表示位移，分阶段计算0∼2s的位移0∼0.7s0.7s∼11s∼1.7s，划桨加速度a1位移x1.7s∼2s，加速度大小a2位移x总位移x=xC．对0~1s用动量定理IF−I减速阶段得f=ma2代入动量定理得0.7F−f=m⋅0.6=1.5f⋅0.6=0.9f整理得IF=0.7F=1.9f，IfD．由运动规律可知：每次划桨后速度增加，每次回桨后速度减少0.2m/s，因此每次完整的（划桨+回桨）周期后，速度增加第三次划桨刚结束时，速度为1.2+0.8=2.0若三次划桨+回桨完成后，速度为0.6×3=1.8m/s，等于因此速度不低于1.8m/s故答案为：BD。

【分析】A：利用牛顿第三定律判断作用力与反作用力的大小关系；

B：通过v-t图像的面积（分段计算）求解0~2s内的位移；

C：结合动量定理与减速阶段的加速度，计算推力冲量与阻力冲量的比值；

D：根据每次划桨、回桨的速度变化规律，分析多次划桨后的速度下限。9．【答案】A,C【解析】【解答】A：由图乙的振动图像可知，质点振动周期T=2 s；已知波速v=0.25 m/s，根据波长公式λ=vT=0.25×2=0.5 mB：M点在S1、S2连线的中垂线上，因此S1M=S2M，两列波从波源传到M点的时间相等。由图乙可知：t=2 s时M点开始振动，说明S1的波传到M用时2 s；t=5 s后M点振动状态改变，说明此时S2的波传到M。设C：两列波到M点的路程差为0，相位差由起振时间差决定；最终M点的合振幅为两列波振幅之差，即|A1−A2D：M点先被S1的波带动，起振方向与S1起振方向一致，沿z轴正方向；t=5 s后叠加，M点向z轴负方向运动，合振幅为1 cm，说明S2波在M点的起振方向为z轴正方向（与S故答案为：AC。【分析】A：由振动图像读取周期，结合波速公式计算波长；B：根据两列波传到M点的时间差，计算S1与SC：利用路程差为0时的合振幅与分振幅的关系，求解S2D：结合M点的振动方向变化，分析S210．【答案】B,C【解析】【解答】A：开关闭合瞬间，导体棒M仅受安培力，合力F合1=FB：M棒到达绝缘段a1a2时的速度v=2as=CD：两棒碰撞后共速，由动量守恒mv=2mv'，得v'=5 m/s，沿斜面上滑过程中，重力分力2mgsinθ=1 N，

安培力F代入数据解得xm故答案为：BC。【分析】A：由安培力公式和牛顿第二定律计算开关闭合瞬间的加速度；B：通过运动学公式求M棒到达绝缘段的速度，再由能量守恒计算恒流源输出的电能；CD：先由动量守恒求碰撞后的共速，再结合动能定理与安培力的变力做功，求解沿斜面上滑的最大距离。11．【答案】（1）①④；2：1（2）便于观察和描绘油膜的轮廓；220【解析】【解答】（1）①探究向心力F与轨道半径r的关系时，需采用控制变量法，保持小球质量m和角速度ω不变。将皮带套在半径相同的塔轮①和④上，由于皮带传动线速度相等且塔轮半径相等，可得左右两边转轴的角速度ω相等，满足实验条件。②球1、球2质量均为2m，分别放在挡板A、C位置，已知挡板A、C到转轴距离相等，即轨道半径r相等。根据向心力公式F=mω2r，在m、r相同的情况下，F∝ω2，左边标尺露出1格，右边露出4格，即皮带传动边缘线速度v相等，由v=ωR，可知ω故左、右塔轮半径之比R左:R右=ω右:（2）在水面上撒上痱子粉，当油酸酒精溶液滴入水面时，酒精溶于水，油酸在水面上展开，会推开痱子粉，从而形成清晰的油膜边界，便于观察和描绘油膜的轮廓。计算油膜面积时，采用数格法，原则是大于半格的算一格，小于半格的舍去。由题图可知，每个小格的面积为4cm2。数出油膜轮廓内的格子数N约为55格。则油膜面积S=N×4cm2=220cm2

故答案为：便于观察和描绘油膜的轮廓；220②根据向心力公式F=mω(2)痱子粉的作用是便于观察和描绘油膜轮廓；数格法计算油膜面积，大于半格的计为一格，数出约55格，每格面积4 cm（1）①[1]探究向心力F与轨道半径r的关系时，需采用控制变量法，保持小球质量m和角速度ω不变。将皮带套在半径相同的塔轮①和④上，由于皮带传动线速度相等且塔轮半径相等，可得左右两边转轴的角速度ω相等，满足实验条件。②[2]球1、球2质量均为2m，分别放在挡板A、C位置，已知挡板A、C到转轴距离相等，即轨道半径r相等。根据向心力公式F=m在m、r相同的情况下，F∝左边标尺露出1格，右边露出4格，即F所以ω解得ω皮带传动边缘线速度v相等，由v=ωR可知ω故左、右塔轮半径之比R（2）[1]在水面上撒上痱子粉，当油酸酒精溶液滴入水面时，酒精溶于水，油酸在水面上展开，会推开痱子粉，从而形成清晰的油膜边界，便于观察和描绘油膜的轮廓。[2]计算油膜面积时，采用数格法，原则是大于半格的算一格，小于半格的舍去。由题图可知，每个小格的面积为4cm2。数出油膜轮廓内的格子数N12．【答案】（1）（2）R1；1.44；2.99【解析】【解答】（1）实物连线如图所示（2）①为调节方便，使电流表的示数有合理的变化范围，滑动变阻器应选择R1。②根据闭合电路欧姆定律有E=I整理得1I2=内阻r=EI3−R0≈2.99Ω

故答案为：①R(2)滑动变阻器选择：为调节方便、电流变化合理，选阻值较小的R1(3)利用闭合电路欧姆定律整理1I2−1I（1）实物连线如图所示（2）[1]为调节方便，使电流表的示数有合理的变化范围，滑动变阻器应选择R1。[2][3]根据闭合电路欧姆定律有E=I整理得1图像在纵轴的截距R解得电源电动势E≈1.44V内阻r=13．【答案】（1）解：根据光子能量公式ε=hv解得该单色光的能量子为ε=（2）解：由题意知反射光与折射光垂直，根据几何关系可知入射角i与折射角r之和为90∘，即已知i=60∘，则折射角r=代入数据得n=（3）解：光线穿过平行玻璃砖发生侧移，设玻璃砖厚度为L，折射角为r，入射角为i。光在玻璃砖内的路径长度s=侧移距离d为入射光线延长线与出射光线间的垂直距离，由几何关系可得d=s·代入L=3cm，i=60∘，【解析】【分析】(1)由光子能量公式和光速与波长、频率的关系，推导出能量子表达式；

(2)根据反射光与折射光垂直的几何关系，得到折射角，再由折射定律求折射率；

(3)利用几何关系和侧移公式，计算光线穿过平行玻璃砖的侧移距离。（1）根据光子能量公式ε=hv解得该单色光的能量子为ε=（2）由题意知反射光与折射光垂直，根据几何关系可知入射角i与折射角r之和为90∘，即已知i=60∘，则折射角r=代入数据得n=（3）光线穿过平行玻璃砖发生侧移，设玻璃砖厚度为L，折射角为r，入射角为i。光在玻璃砖内的路径长度s=侧移距离d为入射光线延长线与出射光线间的垂直距离，由几何关系可得d=s·代入L=3cm，i=60∘，14．【答案】（1）解：由题图可知工件初速度v0=2.0m/s，传送带速度设工件加速至与传送带共速所需时间为t1，则此过程位移x因x工件随后做匀速运动，位移x时间t故总时间t=（2）解：工件到达右端时速度v阻挡块固定，碰前速度v20=0，碰后速度v2=0。由图乙可知，碰撞过程中阻挡块对工件的冲量大小I取向右为正方向，对工件应用动量定理−I=m解得碰后工件速度v根据恢复系数定义e=代入数据得e=（3）解：若阻挡块未固定，碰撞过程动量守恒，且恢复系数e不变。设碰后工件速度为v1'，阻挡块速度为v由恢复系数定义e=联立解得v2'碰撞损失的机械能ΔE=代入数据解得ΔE=9.6【解析】【分析】(1)工件先在传送带上匀加速，再匀速；先算加速时间与位移，再算匀速时间，总时间为两者之和。

(2)用F-t图求冲量，结合动量定理求碰后工件速度，再由恢复系数定义式计算。

(3)用动量守恒和恢复系数公式求碰后速度，再计算碰撞前后动能差，得到损失的机械能。（1）由题图可知工件初速度v0=2.0m/s，传送带速度设工件加速至与传送带共速所需时间为t1，则此过程位移x因x工件随后做匀速运动，位移x时间t故总时间t=（2）工件到达右端时速度v阻挡块固定，碰前速度v20=0，碰后速度v2=0。由图乙可知，碰撞过程中阻挡块对工件的冲量大小I取向右为正方向，对工件应用动量定理−I=m解得碰后工件速度v根据恢复系数定义e=代入数据得e=（3）若阻挡块未固定，碰撞过程动量守恒，且恢复系数e不变。设碰后工件速度为v1'，阻挡块速度为v由恢复系数定义e=联立解得v2'碰撞损失的机械能ΔE=代入数据解得ΔE=9.615．【答案】（1）解：衰变方程满足电荷数、质量数守恒92对沿+y方向出射的α粒子，出无场区坐标为(0,3a)，速度沿+y，洛伦兹力指向右，圆心坐标为(R,3a)得轨迹半径R=a由洛伦兹力提供向心力qvB=代入R=a得α粒子速度v=衰变过程动量守恒，初始总动量为0，设