2026年高考广西卷物理高考真题（解析版）

2026年普通高中学业水平选择性考试(广西卷)

物理

本试卷满分100分，考试时间75分钟。

一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，第

8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的

得0分。

1.两种重金属元素铀(235U)和钚(235Pu)，下列选项中相等的是()

A.核电荷数B.质量数C.原子质量D.中子数

2.一列声波在空气中传播，波速是340米每秒，声波的频率是1000赫兹，则该声波的波长为()

A.0.34mB.2.96mC.3.40mD.340m

3.下列情况中，平陆运河中的船可以忽略大小与形状看作质点的是()

A.过船闸口时B.掉转船头时

C.以10km/h的平均速率行驶时D.躲避暗礁时

4.人因为衣服摩擦带正电，人和金属门把手之间有P、Q两点，两点在同一条电场线上，点P离门把手

更近，则下列说法正确的是()

A.φP>φQ

B.电场强度EP>EQ

C.有一正试探电荷，先后放在P、Q两点，则电势能EpP>EpQ

D.手与门把手触碰时电子从门把手流向人手

5.立定跳远时起跳方向不变，用更大的平均作用力起跳，每次起跳的作用时间不变，则下列说法正确

的是()

A.起跳完成时动量变小(或不变)B.起跳完成时速度变大

C.地面的平均支持力不变D.地面给人的冲量是相同的

6.圆心在原点、半径为R的圆形匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里；质量为m、电荷

量为q的带电粒子以初速度v0(未知)从磁场外沿x轴正方向从M点进入磁场，从N点射出，出射速

度方向与x轴正方向夹角为60°，如图所示。不计粒子的重力，则()

·1·

A.带电粒子带正电B.粒子的运动轨迹MN是抛物线

3RqB2πm

C.粒子运动速度大小v=D.粒子在磁场内的运动时间t=

0m3qB

7.在如图甲所示的电路中，金属圆环内有垂直于其所在平面的匀强磁场，磁感应强度为B，金属棒OP

长度为l，电阻为r；初始时棒OP绕O以恒定角速度ω0逆时针旋转，0∼t2时间内，角速度随时间变

2π

化情况如图乙所示，t0=。电路左侧有电感L和电阻R的支路，支路上各串联了相同的发光二极

ω0

管L1、L2，电感L的阻值、电阻R的阻值、L1和L2的正向电阻值都是r，初始时刻，L1和L2一样亮，则

()

Bωl2

A.初始时，通过L的电流I=0

114r

πB2l4ω

B.0∼t时间内，整个电路消耗的电能E=0

0电4r

C.t1时刻，电感L两端电压为零

2π

D.∼t2时间，L1比L2先熄灭

ω0

8.冬天天气寒冷时高压电缆上会结冰，在电缆上除冰，冰被砸开之后，碎冰块往各个方向飞溅，过程中

只受到重力作用，则下列条件中可以保证它们落地时间相等的是()

A.水平抛出B.质量相等C.初速度都向下D.初速度相同

9.现有两个截面形状是直角三角形、折射率可随材料两端电压U变化的不同材料，左下半部分折射率

n1=n0+kUk>0，右上半部分折射率n2=n0-kU，n2>1；把它们拼成长方体，截面如图甲所示，

连接如图乙所示的电路，调节滑动变阻器，改变它们的折射率，一光束从左侧中点O水平射入，从

PQ边射出，光在两材料界面发生折射后，和水平面的夹角为θ。当滑动变阻器的滑片向左移动时

()

·2·

A.折射光从PO射出B.折射光从QO射出

C.θ变小D.θ变大

10.地球有两个卫星轨道：半径分别为R1和R2的低轨道1和高轨道2，中间有一个椭圆变轨轨道，变轨

卫星在轨道1上P点加速变轨到椭圆轨道，同时高轨卫星在Q点运行，则两卫星同时到达K点，地球

质量为M，引力常量为G，下列说法正确的是()

GM

A.卫星在高轨道2的速度v2=

R2

3

R+R

B.椭圆轨道的周期T=2π12

GM

3

π2R1+R2

C.∠QOP=π-3

4R2

D.1和2两轨道上卫星分别从P、Q开始运行，第一次距离最近的时间t=

3

33R1+R2

R1R2π-π3

R2

33

GMR2-R1

二、非选择题：本大题共5小题，共54分。

11.用如图甲所示的电路测量电源电动势和内阻，定值电阻R阻值为10.0Ω，电压表可视为理想电表。

操作步骤：1．只闭合S1时，电压表读数为1.44V；2．再闭合S2，电压表读数如图乙所示。

·3·

(1)电路电源电动势E=V；

(2)图乙中电压表读数为V；

(3)电源内阻r=Ω(结果保留两位有效数字)。

12.小明在实验室，用注射器通过塑料管连接一个压强传感器，做“探究等温条件下，一定质量气体压强

与体积的关系”的实验，实验通过压缩注射器内的气体，并记录对应的压强，把实验数据绘制成图像。

(1)缓慢推动活塞的目的是，保证气体的不变；

(2)注射器的刻度，测量的是气体的；

(3)此次实验有一处明显错误，小明手握注射器时(手的温度大于环境温度)，测量的压强比理论压强

要；

1

(4)将实验数据整理成-V图像，图像不经过原点的原因：，改进措施：。

p

13.两人抬着一根硬杆，硬杆中点挂有如图所示的轻绳和轻质钩爪，BC、BC为轻绳，COD和COE为

钩爪(支点为O)；钩爪夹着质量M=80kg的石块。图中BCOC为正方形，重力加速度g大小取

10m/s2。

(1)求静止时BC绳受到钩爪的拉力。

(2)从静止开始竖直放下石块，用时0.2秒，石块下降的距离为0.1米，整个过程可视为匀加速直线运

动，求石块受到钩爪的摩擦力。

·4·

14.车的总质量为m，重力加速度为g。

(1)单位换算，1A⋅h对应的电荷量为多少库仑？

(2)车配备的电池已知电压为375V，电池电量参数为240A⋅h，则该电池可储备的能量E最多为多

少？

2

(3)轮胎受地面阻力为F1=k1mg，车受到的空气阻力F2=k2v，则车匀速以速度v行驶时，电池输出

功率只有η倍用于牵引力做功(η<1)，求电池的输出功率。

(4)当速度v≥120km/h时，传动效率η=0.8；当90km/h≤v≤110km/h时，传动效率η=0.9；当k1

=0.0144，k2=0.36，m=2000kg时，现要进行实验：行驶400千米，要求在时间t=4h内完成；(重力

加速度g取10m/s2)

现有如下三个方案，应该选哪个方案？

实验方案设置速度

方案一90km/h

方案二108km/h

方案三120km/h

·5·

15.在水平面中，存在大小为B、方向竖直向下的匀强磁场，磁场的左段的宽度为l，磁场的右段呈等腰三

角形分布，OA=OB，三角形高为h，有水平导轨，导轨间距也为l，导轨之间接有可改变电流大小的

恒定电流源，初始提供的电流I恒定为I0；有一根质量为m的金属棒AB锁定在导轨的中部，金属棒

与导轨间的动摩擦因数为μ，其通过的电流由A到B。t=0时解除金属棒的锁定，金属棒在安培力

作用下开始运动。重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

(1)当t=0时，求金属棒受到安培力的大小和方向；

(2)当金属棒达到最大速度时，求金属棒此时的速度大小和运动过程的位移大小；

(3)改变电流I的大小，求使棒恰好到达顶点O时安培力做功与电流的关系式，以及为使棒能运动起

来且不离开磁场区域，电流I的取值范围。

·6·

2026年普通高中学业水平选择性考试(广西卷)

物理答案

本试卷满分100分，考试时间75分钟。

一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，第

8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的

得0分。

1.【答案】B

【详解】原子符号左上角的数值代表质量数，根据题意可知重金属元素铀(235U)和钚(235Pu)质量数相

等，铀和钚是不同元素，质子数(核电荷数)不同；根据“中子数=质量数-质子数”，二者质子数不

同、质量数相同，因此中子数也不同；原子质量由原子核内所有质子、中子的质量和核外电子质量共

同决定，二者质子、中子总数相同但质子和中子的各自数量不同，因此原子质量不相等。

故选B。

2.【答案】A

【详解】波速、波长、频率满足波的基本关系v=λf

v

变形可得波长计算公式λ=

f

代入题干数据v=340m/s，f=1000Hz

340

计算得λ=m=0.34m

1000

故选A。

3.【答案】C

【详解】质点的判定依据：当物体的大小、形状对所研究问题的影响可以忽略时，可将物体视为质点。

A．过船闸口时，需考虑船的长度与闸口的匹配关系，船的大小形状不可忽略，故A错误；

B．掉转船头时，研究的是船的姿态转动，船的形状、大小对该问题的影响不可忽略，故B错误；

C．研究船以10km/h的平均速率行驶时，船的大小相对于运河的整体运动尺度可忽略，对运动速率

的研究无影响，故C正确；

D．躲避暗礁时，需考虑船的大小、各部位位置以避免触礁，大小形状不可忽略，故D错误。

故选C。

4.【答案】D

【详解】A．由于人手带正电，在门把手表面感应出负电荷，电场线由正电荷指向负电荷，故电场线由

Q指向P，如图所示

沿电场线方向电势逐渐降低，有φQ>φP，故A错误；

B．门把手表面为等势面，电场线垂直等势面，由于电场线密的地方电场强度大，有EP<EQ，故B错

误；

·1·

C．正试探电荷的电势能Ep=φq，结合φQ>φP可知EpQ>EpP，故C错误；

D．人手与门把手触碰时，电子从门把手流向人手，与正电荷进行中和，故D正确。

故选D。

5.【答案】B

【详解】ABD．由于起跳方向与作用时间Δt不变，当用更大的平均作用力起跳时，根据牛顿第三定

律可知，地面对人的平均作用力F也增大，人所受的平均合力F合也增大，由动量定理有I=F合t=Δp

=mΔv

可知，起跳完成时动量变大，地面给人的冲量变大，由于初速度为0，起跳完成时速度变大，故AD错

误，B正确；

C．由于起跳方向不变，设起跳方向与地面的夹角为θ，人的质量为m，重力加速度为g，则地面对人

的平均支持力为FN=F合sinθ+mg

则地面的平均支持力变大，故C错误。

故选B。

6.【答案】C

【详解】A．根据题意，由左手定则可知，带电粒子带负电，故A错误；

B．带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，则粒子的运动轨迹MN是圆弧，故B错误；

CD．根据题意，画出粒子的运动轨迹，如图所示

r

设粒子做匀速圆周运动的半径为r，由几何关系有=tan60°

R

解得r=3R

v2

由洛伦兹力提供向心力有qvB=m0

0r

qBr3qBR

解得v==

0mm

由几何关系可知，粒子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为θ=60°，则粒子在磁场内的运动时间t=

θ2πrπm

⋅=，故C正确，D错误。

2πv03qB

故选C。

7.【答案】B

1

【详解】A．初始时，金属棒OP转动切割磁感线，感应电动势为E=Bl2ω

120

2r⋅2r

电路总电阻为R=+r=2r

总2r+2r

E111

则金属棒OP两端的电压为U=E-⋅r=E=Bl2ω

12r2140

·2·

2

UBlω0

通过L的电流I==，故A错误；

112r8r

224

E1πBlω0

B．0∼t0时间内，整个电路消耗的电能E电=t0=，故B正确；

R总4r

C．t0∼t1时间内角速度在变化，金属棒OP产生的感应电动势在变化，电路中的电流在变化，由于

电感L的自感作用，会产生自感电动势阻碍电流的变化，所以t1时刻电感L两端电压不为零，故C错

误；

D．t1∼t2时间内，金属棒OP的角速度为0，产生的感应电动势为0，电感L会产生自感电动势，自感

2π

电流与原电流方向相同，L1与电感L串联，L2与电阻R串联，自感电流无法反向通过L2，∼t2时

ω0

间，L1比L2后熄灭，故D错误。

故选B。

8.【答案】AD

【详解】A．若要碎冰块同时落地，则碎冰块在竖直方向的初速度需要相同，水平抛出，竖直方向的初

速度为0，满足条件，A正确；

BC．质量相等和初速度向下不能保证竖直方向的初速度相同，BC错误；

D．初速度相同(点拨：速度是矢量，既有大小又有方向)，则竖直方向的初速度相同，满足条件，D正

确。

故选AD。

9.【答案】BC

【详解】AB．由于U>0，k>0始终有n1>n2

设界面与PQ边夹角为α，光束在两材料界面折射时，折射角为r，则入射角i=α

根据折射定律有n1sini=n2sinr

由于n1>n2，可知r>i

法线垂直于界面，由几何关系可知，入射光线水平向右，折射光线向下偏折(点拨：光由光密介质射入

光疏介质，折射角大于入射角，光线向界面靠拢，即向下偏)，作出光路图如图所示

故折射光从O下方的QO区域射出，故A错误，B正确；

CD．由电路图可知，两种材料并联在滑动变阻器滑片左侧部分，则当滑动变阻器的滑片向左移动

时，材料两端电压U减小，根据题意可知n1减小、n2增大，所以sinr减小，折射角r减小，折射光线与

水平面的夹角θ=r-i，所以θ变小，故C正确，D错误。

故选BC。

10.【答案】AC

2

GMmv2

【详解】A．根据万有引力提供向心力有=m

2

R2R2

GM

解得v2=，故A正确；

R2

·3·

R+R

B．由几何关系可知，椭圆轨道的半长轴为a=12

2

33

aR2

由开普勒第三定律有=

22

TT2

GMm4π2

由万有引力提供向心力有=mR

222

R2T2

3

R+R

联立解得T=2π12，故B错误；

8GM

3

1R1+R2

C．变轨卫星从P到K经过半个椭圆，则运动时间t=T=π

28GM

v

卫星在高轨道的角速度为2GM

2ω2==3

R2R2

2R+R3

则高轨卫星从到转过的角度π12

QK∠QOK=ω2t=3

4R2

2R+R3

则有π12，故正确；

∠QOP=π-3C

4R2

．由上述分析同理可得，卫星在轨道的角速度为GM

D1ω1=3

R1

由于R1<R2，则有ω1>ω2

由几何关系可知，第一次相距最近时，相对转过的角度等于初始位置角度差，即ω1-ω2t=π-

3

π2R1+R2

3

4R2

3

3312R1+R2

R1R2π-π3

4R2

解得t=，故D错误。

33

GMR2-R1

故选AC。

二、非选择题：本大题共5小题，共54分。

11.【答案】(1)1.44(2)1.20(3)2.0

【解析】

【小问1详解】

只闭合S1，理想电压表所在支路相当于断路，电压表示数为电源电动势，则电源电动势E=1.44V

【小问2详解】

由题图乙可知，电压表的分度值为0.1V，电压表读数为1.20V。

【小问3详解】

U

S、S均闭合时，由闭合电路欧姆定律得E=U+r

12R

代入数据解得r=2.0Ω

12.【答案】(1)温度(2)体积(3)偏大(4)①.忽略了注射器与传感器连接的塑料管中残

留气体的体积②.减小塑料管的长度、提前测定残留体积并修正测量数据、改用内径更小的塑料

管等

【解析】

【小问1详解】

缓慢推动活塞，注射器内的气体有充足时间和外界发生热交换，保持温度不变。

·4·

【小问2详解】

注射器上的刻度标注的是内部空腔的容积，当封闭一定量气体在注射器内时，注射器对应的刻度就

是封闭气体的体积。

【小问3详解】

小明手握注射器时，人体温度高于环境温度，热量传递给封闭气体，气体温度升高，由理想气体状态

pV

方程=C可知，封闭气体的体积V不变、热力学温度T升高，则测量的气体压强p大于理论压

T

强。

【小问4详解】

1

[1][2]由-V图像可知，气体体积为0时，压强不为无穷大，说明注射器和传感器间有部分气体

p

体积未被测量，即忽略了注射器与传感器连接的塑料管中残留气体的体积；改进措施是减小塑料管

的长度、提前测定残留体积并修正测量数据、改用内径更小的塑料管等。

13.【答案】(1)4002N，沿BC向下(2)400N，方向竖直向上

【解析】

【小问1详解】

以钩爪和石块组成的系统为研究对象，其受力分析如图所示

静止时系统受力平衡，由平衡条件有2FBCcos45°=Mg

代入数据解得FBC=4002N

由牛顿第三定律可得，静止时BC绳受到钩爪的拉力FBC=FBC=4002N

方向沿BC向下。

【小问2详解】

1

根据题意，由运动学公式有x=at2

2

代入数据解得a=5ms2

对石块由牛顿第二定律有Mg-f=Ma

代入数据解得f=400N

方向竖直向上。

kmg+kv2v

14.【答案】(1)3600C(2)3.24×108J(3)12(4)方案二

η

【解析】

【小问1详解】

由于1h=3600s，所以q=It=1A×3600s=3600C

【小问2详解】

因为q=It=240A×3600s=240×3600C

所以根据题意有E=qU=240×3600×375J=3.24×108J

·5·

【小问3详解】

2

根据题意可知汽车匀速行驶时，牵引力等于总阻力，即F=F1+F2=k1mg+k2v

汽车牵引力的功率为P=Fv

2

Pk1mg+k2vv

又因为电池的输出功率P==

出ηη

【小问4详解】

s400

根据题意行驶400千米，要求在时间t=4h内完成，则全程最低平均速度v==km/h

mint4

=100km/h

由于方案一中90km/h<100km/h，故不满足时间要求；

2

方案二中v=108km/h=30m/s，则由题可知η=0.9，此时有F=F1+F2=k1mg+k2v=612N

PFv

电池输出功率P===20400W

出ηη

400100100

整个过程行驶的时间t=h=h=×3600s

1082727

100

所以消耗的能量为W=Pt=20400××3600J=2.72×108J

出27

100

方案三中v=120km/h=m/s，则由题可知η=0.8，此时有F=F+F=kmg+kv2=

31212

688N

100

Fv3×68834400086000

电池输出功率P==W=W=W

出η0.8123

400

整个过程行驶的时间t=h=12000s

120

86000

所以消耗的能量为W=Pt=×12000J=3.44×108J