重庆市七校联盟2026届高三物理下学期5月联合诊断性考试【含答案】

物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1．答题前，务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡规定的位置上。2．答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。3．答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。4．考试结束后，将答题卷交回。第Ⅰ卷（选择题共43分）一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.已知金属铷、钾、钠、钙的逸出功分别为、、、。用光子能量为的单色光照射这些金属的表面，不能逸出光电子的金属是（）A.铷 B.钾 C.钠 D.钙【答案】D【解析】【详解】光电效应发生的条件为：入射光子的能量大于等于金属的逸出功时，才能逸出光电子。铷的逸出功为，钾的逸出功为，钠的逸出功为，均满足光电效应条件，能逸出光电子；钙的逸出功为，不满足光电效应条件，不能逸出光电子。故选D。2.小实给弟弟买了架玩具无人机，通过传感器测试无人机的飞行情况。如图为在测试软件中设定的三维坐标系oxyz，某时刻起小实进行遥控操作，通过传感器测试发现无人机沿轴负方向匀速飞行，沿轴正方向匀速飞行，沿轴正方向做初速度为零的匀加速飞行，则关于无人机的实际运动，下列说法正确的是（）A.无人机做匀速直线运动 B.无人机做匀速圆周运动C.无人机做类平抛运动 D.无人机做类斜抛运动【答案】C【解析】【详解】无人机沿y轴和x轴方向均为匀速飞行，由运动的分解与合成知，无人机在xoy平面做匀速直线运动，由于无人机在z轴正方向做初速度为零的匀加速运动，且z轴垂直于xoy平面，因此类似于水平方向上匀速和竖直方向自由落体的平抛运动，故C正确。故选C。3.如图所示，空间中有垂直纸面向里、磁感应强度为的匀强磁场，和是两根互相平行、竖直放置的光滑金属导轨，导轨间距为，导轨足够长且电阻不计。质量为的金属杆ab与导轨垂直且接触良好，金属杆ab电阻为，重力加速度为。闭合开关，让金属杆ab由静止开始下落，下列说法正确的是（）A.点电势高于点电势B.金属杆做加速度增大的加速运动C.安培力做正功，机械能转化为电能D.金属杆先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动【答案】D【解析】【详解】A．根据右手定则，可知电流方向为到，此时金属杆ab相当于电源的内部，而电源内部的电流是由低电势点流向高电势点，故a点电势低于b点电势，故A错误；B．根据左手定则，可知金属杆ab受到的安培力方向为竖直向下，且刚开始安培力小于重力，金属杆ab向下做加速运动，根据牛顿第二定律有又联立解得可知随着速度增大，加速度不断减小，当安培力等于重力时，加速度为零，故金属杆ab先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动，故B错误，D正确；C．因安培力方向向上，所以安培力做负功，机械能转化为电能，故C错误。故选D。4.图甲为一列简谐横波在时的波动图像，图乙为该波中处质点的振动图像，根据图像分析，下列说法不正确的是（）A.该简谐横波沿轴正方向传播B.该简谐横波的波速大小为C.质点振动后在任意一个内的路程均为D.在时，质点的位移为【答案】B【解析】【详解】A．由乙图（点的振动图像）可知，质点沿轴正方向振动。结合甲图（的波动图像），用上下坡法判断：沿波的传播方向，“下坡”质点向上振动，可知波沿轴正方向传播，A正确；B．从甲图得波长，乙图得周期，根据波速公式，得，B错误；C．​，质点振动中，任意半个周期内的路程一定为倍振幅，振幅，因此路程为，C正确；D．从乙图可直接看出，时质点位于波谷，位移，D正确。由于本题选择错误的，故选B。5.如图所示，、、、为椭圆上的4个顶点，为中心；半短轴长，半长轴；空间有一方向与椭圆所在平面平行的范围足够大的匀强电场（图中未画出）。已知三点的电势分别为、。下列判断正确的是（）A.椭圆中心点的电势为B.电场强度的大小为C.一电子沿长轴运动，电场力先做负功后做正功D.一电子在点的电势能为【答案】B【解析】【详解】A．匀强电场中，沿同一直线上电势的变化是均匀的，因为关于点对称，有，故A错误；D．因关于点对称，同理有代入数据可得则电子在点的电势能为，故D错误；B．因，则三点电势相等，即长轴是一条等势线，而电场线垂直于等势线，所以电场线方向沿方向，有电场强度的大小为，故B正确；C．因是一条等势线，则电子沿运动时，电势能不变，电场力不做功，故C错误。故选B。6.如图所示，卫星绕某行星运动的轨迹均为椭圆，若仅考虑受到该行星的引力，卫星在运动过程中的最大加速度和最小加速度分别为；卫星在运动过程中的最大加速度和最小加速度分别为；且。则下列说法正确的是（）A.卫星的质量之比一定是1∶1B.卫星距行星中心的最远距离和最近距离之比为4∶1C.卫星距行星中心的最远距离和最近距离之比为2∶1D.卫星的绕行星运动的周期关系为【答案】D【解析】【详解】A．根据​可知，卫星质量被约去，无法求出P、Q的质量之比，A错误；B．对卫星P，，根据​可得

，B错误；C．对卫星Q，，​根据可得

，C错误；D．椭圆半长轴​​，设，则P的半长轴

，

由可得对Q：代入得，结合可得Q的半长轴

，

根据开普勒第三定律代入得

，​

D正确。故选D。7.如图所示，一个边长为等边三角形的发光元件，平放在半径为的透明半球上面，其圆心与三角形的中心重合，是半球的顶点。已知光在真空中的速度大小为，不考虑反射，则下列说法正确的是（）A.若所有光都能够从球面射出去，则半球的折射率B.若所有光都能够从球面射出去，则半球的折射率C.若半球的折射率为，从三角形发光元件发出的光到达半球形顶点的最长时间D.若半球的折射率为，从三角形发光元件发出的光到达半球形顶点的最短时间【答案】A【解析】【详解】AB．在相同情况下，三角形光源顶点处发出的光比光源其它部分发出的光到达界面时的入射角都大。因此只要顶点处发出的光能折射出去，其它部分发出的光一定能折射出去。如图所示在界面处的临界角C满足根据正弦定理有当α等于90°时θ最大，且最大值满足当θm=C时恰好在界面发生全反射，联立解得故要使光都能从球面射出去，折射率应满足，故A正确,B错误；C．根据几何关系，可知从三角形某一顶点到半球顶点A的距离最大，时间最长。设三角形某一顶点到圆心的距离为x，到顶点A的距离为s，如图所示根据几何关系有又则最长的时间为联立解得光线从到顶点A的最长时间，故C错误；D．根据几何关系可知，从边的中点射到A点的光传播时间最短，传播距离则最长的时间为，故D错误。故选A。二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。8.下列说法中正确的是（）A.光的偏振现象说明光是一种横波B.布朗运动实验中，温度越高，现象越明显，所以布朗颗粒的运动称之为热运动C.康普顿效应说明光子具有动量D.玻尔理论完美地解释了所有原子发光现象【答案】AC【解析】【详解】A．偏振是横波特有的现象，光可以发生偏振，说明光是横波，故A正确；B．热运动是分子的无规则运动，布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，只是液体分子热运动的反映，布朗颗粒的运动本身不是热运动，故B错误；C．康普顿效应通过光子与电子碰撞后波长的变化，证明了光子具有动量，体现了光的粒子性，故C正确；D．玻尔理论只能成功解释氢原子、类氢原子的发光现象，无法解释所有原子的发光现象，故D错误。故选AC。9.如图所示，理想变压器原线圈接入电压有效值恒为、频率为的正弦交流电，副线圈回路接有标有“22V、11W”字样的小灯泡、定值电阻和标有“14V、56W”字样的交流电动机。闭合开关一段时间后，灯泡正常发光，电动机正常运行，已知定值电阻阻值是电动机电阻阻值的4倍。下列说法正确的是（）A.原线圈输入电流为B.原、副线圈的匝数比C.电动机M的输出功率为D.副线圈输出交流电的频率为【答案】BC【解析】【详解】B．灯泡标有“”，且正常发光，因此灯泡两端电压等于其额定电压

由于灯泡与支路并联，因此副线圈电压等于灯泡电压理想变压器电压比满足代入解得，故B正确；C．电动机标有“”，且正常运行，因此电动机两端电压，输入功率电动机与定值电阻串联，因此两端电压电动机正常运行时的电流定值电阻的阻值即电动机的热功率电动机的输出功率，故C正确；A．灯泡支路电流副线圈总电流理想变压器电流比满足

代入数据解得，故A错误；D．理想变压器不改变交流电的频率，原线圈频率为，因此副线圈频率也为，故D错误。故选BC。10.如图所示，物块静止在木板上，、的质量分别为、，与之间的动摩擦因数为，木板与地面间的动摩擦因数为，用带有特殊橡胶指套的手指作用在物块的上表面并以恒定速率（未知）向右移动，手指对物块施加的压力大小恒为，运动后撤离手指。在手指作用过程中，手指在物块上表面留下的指痕长度恰好等于物块在木板上痕迹长度的，手指撤离后再经过，物块、木板速度恰好相等。则（）A.过程中木板的加速度大小为B.橡胶指套匀速移动的速率C.手指与物块发生相对运动的时间是D.橡胶指套与物块上表面间的动摩擦因数【答案】AD【解析】【详解】A．撤离手指前，对物块，设橡胶指套与物块上表面间的动摩擦因数为，根据牛顿第二定律有根据题意可得过程中木板的速度始终小于物块的速度，对木板，根据牛顿第二定律有解得，故A正确；B．撤离手指后，对物块，根据牛顿第二定律有解得对木板，根据牛顿第二定律有解得设时木板的速度为，手指撤离后再经过，物块、木板速度恰好相等，有，可得橡胶指套匀速移动的速率，故B错误；C．如图所示，设手指与物块发生相对运动的时间是，在手指作用过程中，手指在物块上表面留下的指痕长度恰好等于物块在木板上痕迹长度的，根据图像的面积表示位移，有解得，故C错误；D．时间内物块有解得代入解得，故D正确。故选AD。第Ⅱ卷（非选择题共57分）三、实验题：本题共2小题，11题6分，12题10分，共16分。11.如图所示，水平传送带固定在桌面上，打点计时器固定在传送带右侧与传送带等高的水平面上。为探究滑块与传送带之间的动摩擦因数，某同学进行了下列操作。①将一端固定在滑块上的纸带穿过打点计时器限位孔，使滑块处于传送带右端并保持静止；②接通打点计时器与传送带电源，传送带逆时针匀速转动；③待传送带运行稳定后，将滑块由静止释放；④在滑块随传送带运动的过程中，打点计时器在拉直的纸带上打出一系列点；⑤在纸带上从某点开始，依次选取几个连续的点，相邻两点间的距离如下表所示：计时点区间计时点间距/cm0.901.111.311.501.601.661.661.66已知打点计时器使用电源的频率为，取重力加速度，以地面为参考系，可以确定：（1）传送带运行稳定后速度的大小为________m/s；（2）打点计时器在打下________两相邻点间的某时刻，滑块开始匀速运动；（3）滑块与传送带之间的动摩擦因数大小为________。【答案】（1）0.83（2）D、E（3）0.5【解析】【小问1详解】通过计数点间的距离可知，滑块在EH段随传送带一起做匀速运动，则传送带稳定运动后速度的大小为【小问2详解】根据纸带间距判断可知，滑块在OD段相邻位置之差基本相等，所以滑块在OD段做匀加速直线运动，在EH段随传送带一起做匀速运动，所以在打下D、E两相邻点间，滑块已开始匀速运动。【小问3详解】滑块在OD段做匀加速直线运动，根据逐差法有代入数据解得根据牛顿第二定律有解得12.小明同学设计了如图甲所示的电路测电源电动势、电阻丝的电阻率及的阻值。实验器材有：待测电源（不计内阻），待测电阻丝，待测电阻，电流表A（量程为0.6A，内阻较小），电阻箱（），单刀单掷开关，单刀双掷开关，导线若干。（1）用螺旋测微器测量电阻丝的直径，示数如图所示，则读数________mm。（2）用刻度尺测出电阻丝的长为。闭合，将切换到，调节电阻箱，读出其示数和对应的电流表示数，将切换到，调节电阻箱，使电流表示数仍为，读出此时电阻箱的示数，则电阻的电阻率表达式为________。（用表示）（3）小明测得电阻，继续测电源电动势和电阻的阻值。他的做法是：闭合，将切换到，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数和对应的电流表示数，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则电源电动势________，电阻________；（保留两位有效数字）（4）用此方法测得的电动势的测量值________真实值。（选填“大于”“小于”或“等于”）【答案】（1）1.888##1.877##1.879（2）（3）①.1.5②.1.0（4）等于【解析】【小问1详解】螺旋测微器读数=固定刻度读数+可动刻度读数。固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为37.8×0.01mm=0.378mm，总读数为1.5mm+0.378mm=1.888mm。【小问2详解】本问用替代法测：接a时总电阻接b、电流仍为I时总电阻联立得由电阻定律可知横截面积整理得【小问3详解】[1][2]接b时，由闭合电路欧姆定律（电源不计内阻）得

整理得可知图线的斜率由图乙得解得E=1.5

V纵截距代入、E=1.5

V，得故【小问4详解】若考虑电流表内阻，公式修正为图线斜率仍为，斜率不发生变化，因此测得的电动势等于真实值。四、计算题：本题共3小题，13题10分，14题13分，15题18分，共41分。13.重庆市实验中学校篮球队多次在全国高中篮球联赛上取得佳绩，比赛前需要将篮球内部气压调至标准气压才能让篮球发挥最佳性能。已知比赛用球内部容积为，球内气体压强为时恰能发挥篮球最佳性能。某次该校篮球队去辽宁省实验中学参加友谊赛，出发前在温度为的环境下调整篮球气压至恰能发挥篮球最佳性能状态，到辽宁后，由于环境温度较低导致球内气压不足，用气压计测得球内气体压强为。为了让篮球发挥最佳性能，现用简易打气筒给篮球打气，每次能将、的空气打入球内，忽略篮球体积的变化，打气过程温度不变。求：（1）辽宁省实验中学的环境温度为多少？（2）为了让篮球发挥最佳性能，需用简易打气筒给篮球打气多少次？【答案】（1）270K（2）8【解析】【小问1详解】根据题意可知，气体发生等容变化，则有其中，，解得【小问2详解】根据根据理想气体状态方程有解得14.如图所示，虚线左侧的水平地面粗糙，右侧的水平地面光滑，在虚线左侧处静止放置质量为的物块，在虚线右侧静止放置质量为的木板，的右端静止放置质量为的小物块，现给方向水平向右、大小为的初速度，一段时间后以速度与发生弹性碰撞，始终未滑离。已知与左侧地面间的动摩擦因数为，与间的动摩擦因数为，重力加速度，均可视为质点。（1）求的大小；（2）求和长木板因相对运动而产生的热量；（3）若其它条件不变，与地面间的摩擦因数，求最终停止时距右端的距离。【答案】（1）6m（2）6J（3）2m【解析】【小问1详解】选A为研究对象，在左侧运动阶段，由牛顿第二定律有根据运动学公式，有联立解得【小问2详解】A与B发生弹性碰撞的瞬间，C的速度未发生变化，则碰撞过程中A和B组成的系统动量守恒，有根据机械能守恒，有解得B的速度大小为对B与C，根据动量守恒定律有根据