2026年中考物理第二次模拟考试卷（解析版）（南京专用）

物理二模模拟卷

全解全析

(考试时间：1()()分钟，分值：1()()分)

一、选择题(本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目

要求)

I.如图所示为研究人员用一台声波灭火装置灭火的情景，打开声波灭火器，声波灭火器通过发出3()Hz到

60Hz的低频声波，能够在短短数秒之内扑灭火焰，下列相关说法中正确的是()

A.低频声波属于次声波

B.该灭火装置在月球上也可使用

C.低频声波能灭火，说明声波可以传递能量

D.30Hz低频声波在空气中的传播速度比60Hz的慢

【答案】C

【详解】A.低频声波频率为30~60Hz,在人耳的听觉范围内，不属于次声波,故A错误；

B.声音的传播需要介质，真空不能传声，所以低频声波不可以在真空中传播，故B错误；

C.声音可以传递信息和能量，低频声波能灭火，说明低频声波可以传递能量，故C正确；

D.不同声音传播的速度与介质有关，因此30Hz低频声波在空气中的传播速度和60Hz的相同，故D错误。

故选C。

2.如图所示，水的物态变化中吸放热情况与其他三个不同的是()

D.

【答案】A

【详解】冰雪消融属于熔化，熔化需要吸热；雾的形成属于液化，液化放热；露的形成属于液化，液化放

热；雾淞的形成属于凝华，凝华放热，故A符合题意，BCD不符合题意。

故选Ao

3.潜水员潜入水中工作时看见岸上的树梢位置变高了，在图的四幅光路图中，能正确说产生这一现象原因

【详解】潜水员潜入水中看岸上的物体时，光由空气射入水中，在水面处发生折射，折射光线向法线方向

偏折，折射角小于入射角，潜水员逆着折射后的光线看到的是物体的虚像，位置比实际的要高，故C符合

题意，ABD不符合题意。

故选C。

4.如图干湿温度计由两支相同的普通温度计组成，一支用于测定气温，称干球温度计，另一支在球部用蒸

镭水浸湿的纱布包住，纱布下端浸入蒸储水中，称湿球温度计。下列说法不正确的是（）

A.由于包住湿球温度计的纱布吸水后蒸发吸热，所以示数匕干球温度计的示数小

B.两支温度计的示数差越大，说明空气湿度（含水量）越大

C.两支温度计的示数差越小，说明空气湿度越大

D.夏天有时特别闷热就是因为空气湿度大，人身上汗水不容易蒸发

【答案】B

【详解】A.湿球温度计包裹的纱布上的水在蒸发时，要从周围物体吸热，导致湿球温度计的示数比干球温

度计的示数低。故A正确，不符合题意；

BC.空气湿度越大，纱布上的水分蒸发的越慢，它从周围物体上吸收的热量就越少，这样，两支温度计的

示数差别就越小。故B错误，符合题意；C正确，不符合题意；

D.夏天，空气湿度越大，人体表面的汗水不容易蒸发，人体因汗水蒸发带走的热量就越少，所以人感觉闷

热。故D正确，不符合题意。

故选B。

5.某物质从固态变为液态，图甲是该过程中物质的温度随时间变化的图像，图乙所示的示意图形象地反映

了该物质在两种物态下分子排列的特点。下列说法正确的是()

A.图甲表示的是物质液化时温度随时间变化的图像

B.在乙时刻的分子动能比在4时刻的大

C.物质在4、G时刻的内能相等

D.在乙时刻的分子排列可能如图乙。所示

【答案】B

【详解】A.图甲是物质从固态变为液态的过程，是熔化现象。故A错误；

B.温度越高，分子无规则运动越剧烈，分子动能越大，在"时刻的温度高于〃时刻的温度，故心时刻的分

子动能比〃时刻的分子动能大，故B正确；

C.晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增大，在仃时刻的内能大于〃时刻的内能，故C错误;

D.从图像可以看出，在〃时刻物质是固体，图乙。是液体分子的排列情况，故D错误。

故选B。

6.下列关于电和磁现象的说法中，正确的是()

A.甲图中，电磁铁A的磁性比B强

B.乙图中，闭合开关后直导线（铝棒）时保持不动

C.丙图中，动圈式扬声器发声时将机械能转化为电能

D.丁图中，小风车转动时会产生电流，其原理是电磁感应

【答案】D

【详解】A.甲图中，A、B两个电磁铁串联，通过的电流相同，B的线圈匝数比A多，在电流相同的情况

下，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强，因此B的磁性比A强，故A错误；

B.乙图是通电导体在磁场中受力的装置，闭合开关，在磁场中的铝棒时有电流通过，会受到力的作用而

运动，故B错误；

C.丙图中，动圈式扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动原理工作，将电信号转换为声音，即发声时是

将电能转化为机械能，故c错误；

D.丁图中，小风车转动带动线圈切割磁感线，从而产生电流，其原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导

体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，故D正确。

故选D。

7.测绘人员绘制地图时，常常需要在高空的飞机上向地面照相，称为航空摄影。若航空摄影照相机的镜头

焦距为50mm,则底片到镜头间的距离为（）

A.100mm以外B.50mm以内

C.略大于50mmD.恰为100mm

【答案】C

【详解】照相机工作时，当物距远大于2倍焦距时，像距略大于1倍焦距。航空摄影时，飞机在高空，地

面物体到镜头的距离（物距）远大于2倍焦距，所以底片到镜头的距离略大于50mm，故ABD不符合题意，

C符合题意。

故选C。

8.车站广场上，常常看到人们将旅行包放在拉杆箱上，如图所示，若地面和拉杆箱A的上表面均水平，拉

杆箱A和旅行包B在水平推力尸的作用下，一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列分析正确的是

)

A.A对B的支持力和B对A的压力是一对相互作用力

B.B的重力和A对B的支持力是一对相互作用力

C.A的重力和地面对A的支持力是一对平衡力

D.B对A的压力和地面对A的支持力是一对平衡力

【答案】A

【详解】A.A对B的支持力和B对A的压力分别作用在B和A上，大小相等、方向相反，作用在一条直

线上，故是一对相互作用力，故A正确；

B.B受到竖直向下的重力和竖直向上的A对B的支持力，大小相等、方向相反，作用在一条直线上，作

用在同一物体上，故是一对平衡力，故B错误；

C.以AB整体为研究对象，这个整体重力与地面对它们向上的支持力为一对平衡力，即A、B二者总重与

地面对A的支持力为一对平衡力，A、B总重等于地面对A的支持力，故C错误；

D.B对A的压力为B的重力，地面对A的支持力是A和B的总重力，此二力不是一对平衡力，故D错误。

故选Ao

9.如图所示，在“探究重力势能的大小跟哪些因素有关''的实验中（〃〃=加2<〃?3），下列说法错误的是（）

A.实验中木桩下陷的深度越深，则物体的重力势能越大

B.本实验用到的实验方法有控制变量法和转换法

C.选择b、c两图可比较物体的重力势能大小与质量的关系

D.比较a、b两图可知：质量一定时，物体被举的越高，重力势能越大

【答案】C

【详解】A.木桩下陷的深度可以视作物体重力势能对木桩所做功的直接反映。在同一次释放中，若下陷越

深，说明重力势能越大，故A正确，不符合题意；

B.本实验先“只改变质量、控制高度不变”或“只改变高度、控制质量不变”来比较木桩下陷的深度，这体现

了控制变量法；再利用“重力势能转化为对木桩做功的效果”来间接测量重力势能大小，这属于转换法，故B

正确，不符合题意；

C.由图可知，b、c两图中物体的高度并不相同，无法仅比较“质量不同”对重力势能的影响；若要比较质量

对重力势能的影响，应保证高度相同，故C错误，符合题意；

D.比较a、b两图时，质量相同，高度不同，高度越高，木桩下陷的越深，说明：在质量一定时，物体被

举得越高，重力势能越大，故D正确，不符合题意。

故诜Co

10.2024年5月，我国第三艘航空母舰福建舰圆满完成首次试航任务，顺利返回江南造船厂码头。如图所

示，福建舰满载排水量为8万余吨，搭载了自主研发的电磁弹射系统，利用强磁场对通电轨道产生的力使

舰载机加速起飞。福建舰服役后大大提升了我国海军实力。下列说法正确的是（）

A.电磁弹射系统与电磁继电器的工作原理相同

B.福建舰在海上航行时受到的浮力大于重力

C.福建舰从长江驶入东海后，舰体相对于液面会上浮一些

D.舰载机从福建舰上起飞后，福建舰所受浮力不变，舰底受到水的压强变小

【答案】C

【详解】A.电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的。电磁弹射系统是利用强磁场对通

电凯道产生的力使舰载机加速起飞，同样是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理。所以电磁弹射系

统与电动机的工作原理相同，故A错误；

B.福建舰在海上航行时，处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知，受到的浮力等于重力，故B错误；

C.福建舰从长江驶入东海后，始终漂浮，浮力与其重力相等，由于其重力不变，则浮力不变，但液体的密

度变大，由与=。标?％可知，福建舰排开液体的体积变小，因此会上浮一些，故c正确;

D.舰载机从福建舰上起S后，福建舰仍然漂浮，浮力等于其重力，由于其重力变小，则浮力变小，福建舰

会上浮，舰底受到水的压强变小，故D错误。

故选C。

11.如图所示，闭合开关S,灯泡Li、L2都能正常发光，两只电表都有示数，工作一段时间后，一灯突然

熄火，另一灯仍正常发光，电流表电压表都无示数，则下列故障中，最可能的是（）

A.电流表断路

B.L2断路

C.Li断路

D.电压表断路

【答案】A

【详解】由电路图可知，当开关闭合后，灯泡L2与L并联，电压表测量L?两端的电压，电流表测量通过

L2的电流；

A.电流表断路无示数，与电流表在同一支路的灯泡L2不发光；此时电压表也无示数，灯泡Li不受影响仍

然发光，故A符合题意；

B.如果灯泡L2断路不能发光，灯泡Li正常发光，电流表与灯泡L2串联，电流表无示数，电压表测量电源

电压有示数，故B不符合题意；

C.如果灯泡Li断路不发光，电流表测通过灯泡L2的电流有示数，电压表能够测量电源电压有示数，故C

不符合题意；

D.如果电压表断路无示数，电流表有示数，两只灯泡都能发光，故D不符合题意。

故选Ao

12.如图甲所示，电源电压恒定，电压表V1量程为0~15V,电压表V2量程为0~3V,电流表A量程为

00.6A,滑动变阻器规格为“20Q1A”。在保证电路元件安全的前提下，闭合开关S,移动滑动变阻器的滑

片P,某一电压表示数与电流表示数关系图像如图乙所示。则卜.列说法正确的有（）

00.10.20.30.40.50.60.70.8//A

乙

A.电源电压为3V

B.定值电阻R1的阻值为2.5C

C.滑动变阻器的调节范围2.5~20c

D.定值电阻&的最小电功率为0.45W

【答案】D

【详解】ABC.电阻R/和滑动变阻器R2串联，电流表测电路中的电流，电压表Vi测电源电压，V2测变阻

器两端电压。因为电压表Vi测电源电压，电源电压不变，电压表Vi示数应该不变，所以图乙所示的图像

不能是电压表V1示数的变化，应该是电压表V2示数的变化。由图像可知，当电压表V2示数最大为3V时，

电流表示数为0.3A,当电压表V2示数为L5V时，电流表示数最大为0.6A。根据欧姆定律可以求出变阻器

3V15V

连人的最大值和最小阻值兄妓大=——=10Q；凡最小=——=2.50

皿0.3A0.6A

所以变阻器的调节范围是2.5G-1OQ

根据电源电压不变列方程0.6AXN+1.5V=0.3Ax/?,+3V

解方程得凡=5Q0代入方程的一端求出电源电压U=0.6Ax5C+1.5V=4.5V

故ABC错误；

D.在调节变阻器过程中，电流最小心小=0.3A,所以Q的最小功率4最小=4小个=(0.3A)2X5Q=0.45W

故D正确。

故选D。

二、填空题(本题共7小题，共21分)

13.无人机送快递为市民的生活带来了极大的便利。在某次取货途中，无人机载着空货箱竖直匀速上升36m

用时30s。不计空气阻力，g取10N/kg。

（1）无人机上升时，以地面为参照物，它是的；无人机竖直匀速上升时的速度为m/s；

（2）在取货点，工作人员将快递放入货箱，无人机再次升空，竖直匀速上升30m用时30s.已知无人机配备

的货箱质量为1kg,取货前后两次匀速升空过程中无人机对货箱拉力做功的功率之比为1:2,放入货箱的快

递质量为kgo

【答案】（I）运动1.2

（2）1.4

【详解】（1）［1］无人机上升时，以地面为参照物，无人机的位置发生变化，故它是运动的。

⑵由题意可知，无人机的上升速度u=9=契=L2m/s

t30s

（2）取货前无人机对空货箱的拉力£-G货箱―一箱8-IkgxlON/kg-10N

拉力巴的功率4=氏-=IONx1.2m/s=12W

由题意可知，取货前后［：6=1：2,则取货后无人机对•货箱的拉力人的功率鸟=2［=24W

W?_F?s?_G总■

由题意可知，货物装入货箱后匀速上升所用时间J=30s,邑=30m,E=G总，由外

(

t2t22

Pt24Wx30s

得%=22=24N

30m

快递与货箱的总质量用总=+="1ylM=24kg

快递的质量机快递=机电一"看箱=2・4kg—1kg=1.4kg

14.某汽车的发动机为单缸四冲程汽油机，当该汽油机的飞轮转速为2400r/min时，汽油机每秒对外做功

次。如图所示是该汽油机的能量流向图，完全燃烧0.5kg的汽油，该汽油机能够输出_________J

的有用功；已知该汽车水箱容积为10L,当水箱中的冷却水温升高4（）℃时可以对外吸收J的热量。

（汽油的热值为46xl（）7j/kg,水的比热容为4.2xl0\j/（kg・℃））

燃料释放的热星（100%）

废气（33%）上

输冷却水（3（最1・

出

〃摩擦与幅射（？%）

用

功

【答案】206.9X106Jl.68xl()6

【详解】［U单缸四冲程汽油机的飞轮每转两圈完成一个工作循环，且每个工作循环对外做功一次。飞轮转

速为2400r/min,即每秒转数为生如=40r/s

60s

40

每秒完成的做功次数为三二20次

⑵完全燃烧0.5kg的汽油，放出的热量为。放=2=0.5kgx4.6xl07j/kg=2.3xl()7j

从图中可以看出，有用功的能量占燃料完全燃烧释放总能量的百分比，即热机效率为

；7=100%-33%-30%-7%=30%

根据热机效率的定义，该汽油机能够输出的有用功为%=〃Q放=30%x2.3xl()7j=6.9xl06j

[3]水箱中水的质量为m=/V=1x103kg/m3xl0xl0_3mJ=10kg

水温升高40C时可以吸收的热量为为=c水以A/ngxlM/dcgJOxlOkgxMCT&xloGj

15.四个小球从同一地点同向在各自的轨道做匀速直线运动。小羽测量了它们某一时刻运动距离s与所用时

间3并在坐标系画出来，如图所示，根据图像请你判断，在图中运动在最前面，以2球为参

照物,向后运动,(以上均选填“1”“2”“3”“4”)如果2球的速度为0.5米/秒,则3球的速度().5

米/秒(选填或

【答案】14=

【详解】⑶由于四个小球做匀速直线运动，对应s-/图像均是过原点的直线，连线如下图所示:

据图可知，2球和3球在同一条直线上，说明2、3两球的速度相同；且相同时间内，1球运动的路程最大，

由丫=±可知，速度最大；4球运动的路程最小，速度最小，2、3两球的速度处于中间大小；四个小球从同

t

•地点同向做运动，1球速度最大，在最前面。4球速度小于2球速度，以2球为参照物，4球向后运动。3

球速度与2球相等，若2球速度为0.5米/秒，则3球的速度等于0.5米/秒。

16.如图所示，滑轮重50N,工人用300N的拉力，在3()s内将宜为500N的物体匀速提高了6m。此过程中

的有用功为_____J，额外功为_______J,滑轮的机械效率为%，工人做功的功率为Wo

【答案】300060083.3120

【详解】⑴此过程中的有用功%用=G/z=500N?6m3000J

［2］此过程中绳子自由端移动的距离s=nh=2x6ni=l2m

此过程中工人做的总功以.=Fs=300Nxl2m=3600J

此过程中额外功卬新外=%-吗用=3600J-3000J=600J

%1=野=（）.833=83.3%

⑶滑轮的机械效率〃=

吗,3600J

⑷工人做功的功率P=%=桨［=120W

17.如图所示是老房子中的老式感应电能表,圆圆看清了表盘上有“600”(kWh)和10(20)A”字样。她

现在把额定电压为220V的电水壶单独接入电路，电能表的转盘转12转，所用时间为Imin,则电水壶的额

定功率W,老房子能同时开启的用电器总功率为W,否则要重新排线路并更换电

能表。

I™ll

220V10(20)A50Hz

600revs/kWh

【答案】12004400

12r

【详解】W转盘转12转时，电水壶消耗的电能W=旃Em°2kWh

工作时间f=lmin=—h

6()

W_0.02kW・h

电水壶在额定电压下正常工作，因此额定功率/-1.

—n

60

⑵电能表参数IO（2O）A中，20A是电能表允许通过的最大电流，家庭电路电压为220V,因此老房子允许

同时使用的用电器最大总功率&=U/=220V?

18.如图1是小明设计的天然气泄漏检测电路，凡是气敏电阻，号是电阻箱，Y和V2是电压表，表示

乂和V?的差值，电源电压U=3V.由图2可知：当天然气浓度变大时，与阻值（选填“变大”、“变

小，，或，，不变，，），为检测天然气浓度是否超标（超标浓度＞0.6ppm）,小明先调节电阻箱）/?,=1kQ,则当

0（选填f"、“v”或“="）或上在范围内时，可判断天然气浓度未超标.

天然气浓度/ppm

图2

【答案】

【详解】［1］由图2可知：当天然气浓度变大时，&阻值变小.

⑵［3］由图1可知两电阻串联接入电路，电压表V/测气敏电阻两端的电压，电压表V2测电阻箱两端的电压，

先调节电阻箱&=lkC,当天然气浓度为0.6ppm时，R，=lkQ,因为串联电路各处电流相等，根据氏/R可

知两电阻两端的电压相等，乂知道电源电压U=3V,串联电路总电压等于各部分电压之和，所以

S=U2=I.5V则

△U=U/-U2=0天然气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知气敏可阻两端的电

压变大，根据申联电路电压规律可知电阻箱两端的电压变小，会小丁1.5V,则

△U=S-S＞0根据图像可知，当浓度为。时，R/=5kQ,此时

1*0

3V=0.5V所以则当AU＞。或在3在。.5V7.5V范围内时’可判断天然气浓度未超标。

19.在图示电路中，电源电压保持不变，定值电阻凡=6。，闭合开关后，电压表示数为6V,则电流表示

数为A.接着将一个定值电阻与接入此电路中，若两电表示数都改变，则两电表示数的乘积

（选填“变大”、“不变”、"变小”）；若只有一-个电表示数改变，且两电表示数的乘积减小了4.5W,则&=

______C,

【答案】变小18

【详解】［1］在图示电路中，凡单独接入电路，电压表测电源电压，电流表测电路电流。则电流表示数为

,t/6V,

I=——=——=1A

R6c

⑵将一个定值电阻&接入此电路中，若两电表示数都改变，则与、&串联，此时电压表测与电压，电流

表测电路电流。根据用联电压规律可知，此时电压表不数小于电源电压，电压表示数变小，总电阻变大，

根据/=§可知，电流表示数变小，则两电表示数的乘积变小。

A

［3］两电表示数都改变时，则两电表示数的乘积为P=U7=6VxlA=6W

若只有一个电表示数改变，则电路存在两种情况：①凡、&串联，电压表仍测电源电压，示数不变，电流

表测电路电流，示数变小，两电表示数的乘积减小，符合题意。此时两电表示数的乘积为

P~P4.5W-6W4.5W-1.5W

电路中电流为/=—='上=O.25A

U6V

总电阻为生耳=黑=24。

则R2阻值为&=R，j-K=24Q-6Q=18Q

②&、”并联，电压表测电源电后，示数不变，电流表测干路电流，示数变大。则两电表示数的乘积增大,

不符合题意，舍去。

三、解答题（本题共9小题，共55分）

20.（6分）（1汝口图所示，尸点是凹透镜的虚焦点，。点是光心.请画出两条光线经过凹透镜的光路图。

(2)在图中画出拉力片的力臂4(。为支点)和阻力工的示意图。

(3)限据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向，并在括号内标出电源的正、负极。

(+)(-)

【详解】(1)指向凹透镜虚焦点的光线折射后平行于主光轴射出；过光心的光线传播方向不变，据此作图。

(2)延长动力过支点0作动力B的垂线，支点到垂足间的距离为力臂/；阻力为绳子对杠杆的拉力,

作用点在杠杆与绳子接触的点上，过作用点作竖直向下的带箭头的直线表示阻力据此作图。

(3)由图可得，螺线管的右端为N极，根据安培定则得，电流从螺线管的左侧流入、右侧流出；螺线管的

左端为S极，在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，据此作图。

21.(5分)小华用如图甲所示的装置“探究水在沸腾前后温度变化的特点请你完成下列内容。

AB

甲乙

(1)小华选取透明电热水壶的目的是。

(2)由表格中数据可知，此实验选用的是测温物质为的温度计。

测温物质凝固点/℃沸点/℃

水银-39357

酒精-11778

(3)闭合电热水壶的开关，在水温升到90c后，每隔Imin记录一次温度计的示数，同时注意观察水中发生

的现象。记录的数据如下表所示。

时间

012345678

/min

温度℃909294969798989898

分析数据可知，水面上方气压_____一个标准大气压，水沸腾时持续吸热，温度_______

(4)在第2min时，电热水壶内气泡的情况与图乙中的(选填"A"或"B")相同。

【答案】(1)热源稳定，便于观察水沸腾前后的现象

⑵水银

⑶低于不变

(4)A

【详解】(1)U］透明电热水壶热源输出稳定，同时可以让实验者清啦地观察到壶内水在沸腾前后气泡的变

化等现象。

(2)酒精的沸点是78℃,低于水的沸点，水银的沸点是357℃,远高于水的沸点，则此实验选用的是测温

物质为水银的温度计。

(3)［1］从表格数据可以看出，水的沸点是98℃,低于I00C,说明当时水面上方气压低于一个标准大气压。

⑵从表格数据可知，水沸腾的特点是：持续吸热，温度保持不变。

（4）第2min时水温为94C,水处于沸腾前的加热阶段，此时水中气泡在上升过程中体积逐渐变小，故选

Ao

22.（6分）物理小组对凸透镜成像进行探究。

甲乙

（1）如图甲，凸透镜焦距为cm；

⑵如图乙，在坐标纸上记录蜡烛与光屏上像的位置和大小（用带箭头的线段表示蜡烛，A\B分别表示蜡

烛在4、8处的像）。则物体放在位置B时光屏上所成像的特点与（选填“照相机X放大镜”或“投影仪”）

相同；

⑶当小组成员把蜡烛放在C位置时，在光具座上无论怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，为解决这个问

题，他们采用了两种做法：

①保持蜡烛和透镜的位置不变，更换聚光能力更_____（选填"弱''或"强”）的凸透镜；

②保持蜡烛和透镜的位置不变，在两者之间放一个（选填“远视”或“近视”）眼镜。

（4）保持图乙中凸透镜位置不动，将蜡烛移动到光具座35cm处，无论怎样移动光屏始终得不到像，原因是

,要想看到此时的像，观察的方法是______。

【答案】（1）15.0

（2）我影仪

⑶强远视

（4）〃</成虚像，虚像不能被光屏承接从光屏一侧透过凸透镜观察

【详解】（1）图甲中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在主光轴上一点，这个点就是焦点，焦点到光

心的距离就是焦距，刻度尺分度值为1cm,凸透镜位于20.0cm刻度处，焦点位于350cm刻度处，所以焦

距f=35.0（7?/-20.0cnz=15.0c〃？

（2）图乙中，刻度尺分度值为1cm,凸透镜位于40.0cm的刻度处，B点位于19.0cm的刻度处，所以

f=15.0。〃<MB=40.0cw-19.0cm=2\cm<2/=2x15.0c，n=30.0c/n

根据凸透镜成像规律，可知此时物体放在位置B时光屏上成倒立、放大的实像，与投影仪的成像原理相同。

（3）[1]⑵C点位于22.0cm的刻度处，此时/=40.0。%-22.0。〃=18.0。〃<2/,根据凸透镜成像规律,

此时v>2f=30c•机，在光具座上无论怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，可能原因就是光具座长度太短，

像距太大，此时可以通过增大物距，减小像距使光屏上成像；当保持蜡烛和透镜的位置不变，换用聚光能

力较强的凸透镜，此时透镜焦距变小，相当于增大了物距，减小了像距，移动光屏，就能在光屏上成像；

当保持蜡烛和透镜的位置不变，可以在两者之间放一个凸透镜，远视眼镜的镜片是凸透镜（远视眼镜），增

加透镜的聚光能力，使光线提前会聚，移动光屏，就能在光屏上得到清晰的像。

（4）⑴⑵保持图乙中凸透镜位置不动，将蜡烛移动到光具座35cm处，此时〃=40.0°〃-35.0s?=5.0a〃</,

根据凸透镜成像规律，此时成正立、放大的虚像，虚像不能被光屏承接，因此无论如何移动光屏，光屏始

终得不到像，要想看到此时的像，可以从光屏一侧透过透镜观察到像。

23.（7分）小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、

细线和质量相同的钩码若干个。

（1）在钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于（"平衡''或"非平衡”）状态；要想使杠杆

在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向（“左”或“右”）侧调节；

（2）如图乙所示，小明在A点挂2个重力均为1N的钩码，在4点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平

位置平衡，弹簧测力计的示数为N；于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：用=用2,小张认为他这

样得出的结论是不合理的原因是：；

（3）小明竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力

计的示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）；

（4）如图丁的漫画中，（选填“小猴''或“小兔”）分得的萝卜质量大；

（5）如图戊，质量分布、粗细部均匀的金属棒C6,将AC部分搭在水平桌面上，已知金属棒重G=600N,

CA：AB=1：3,则使金属棒在图示位置静止时所需外力尸的范围是N（尸的作用点和方向如图）。

【答案】（1）平衡左

⑵3实验次数太少，结论不具有普遍性

（3）不变

（4）小猴

（5）2000300

【详解】（1）口1[2]如图甲所示，杠杆处于静止状态，故此时杠杆处于平衡状态；由图可知，此时杠杆左高

右低，右边偏重，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左移。

（2）[1]如图乙所示，在刻度线A处挂两个钩码（每个钩码为1N）,在刻度线8处用弹簧测力计竖直向下拉

杠杆，杠杆在水平位置时，每个钩码重力为G=1N,设杠杆每小格长为心根据杠杆的平衡条件用=电，

则有

2Gx3L=F><2L

即

2xlNx3L=Fx2L

解得F=3No

⑵杠杆的平衡条件是：动力x动力臂;阻力x阻力臂，一次实验得出的结论具有偶然性，要多次实验得出的结

论才具有普遍性。

（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，

如图丙所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的

相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，已知阻力大小不变，所以拉力大小不变。

（4）根据杠杆的平衡条件可知，力臂与力成反比，由图可知，猴子部分的萝卜重力的重心到支点的距离小

于兔子部分的萝卜重力的重心到支点的距离，所以猴子部分的萝卜重力大于兔子部分的萝卜的重力。

（5）C4：A3=1：3,。为重心，若以A为支点，根据杠杆平衡条件则有

GxOA=FxAI3

此时所需外力尸最小为

F=-^^=600Nx-J-=200N

AB3

若以。为支点，根据杠杆平衡条件则有

GxOC=FxCB

此时所需外力尸最大为

产=乌生=600NxL300N

CB2

所以使金属棒在图示位置静止时所需外力厂的范围是20U~3UUN。

24.(8分)同学们在“探究影响浮力大小的因素”实验中，根据日常生活经验提出了以下猜想:

①浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；

②浮力大小与物体排开液体的体积有关；

③浮力大小与液体的密度有关。实验步骤和数据如图所示。

⑴艰据实验数据可知，该物块浸没在水中受到的浮力大小为N：

⑵分析A、C、D三次实验可知，猜想①星(诜填“正确”或“错误”)的:

(3)为了验证猜想②，分析三次实验，得出结论：浸在液体中的物体所受浮力大小与物体排开液体的

体积有关；

(4)以下能够支持猜想②的生活现象是_(填字母代号)；

A.木头漂在水面，铁钉沉在水底

B.从泳池浅水区走向深水区，感觉身体变轻

(5)小聪为了验证猜想③，分析A、B、E三次实验，得出结论：浸在液体中的物体所受浮力大小9液体的密

度有关。这样操作不正确的理由是：;

⑹步骤E中所用盐水的密度是______kg/m\(8x=lxlO'kg/m3,g取10N/kg)

0)创新实验小组又利用自制的实验装置进行探究，如图F所示。将弹簧测力计固定在支架上，通过向烧杯

中逐渐加水进行相关的实验探究。

①往烧杯中逐渐加水的过程中，弹簧测力计的示数变化情况是。

②该装置在进行实验时的优点是_________o

【答案】⑴2

(2)错误

(3)ABCZABD

(4)B

(5)没有控制排开液体的体积相等

(6)1.1x103

（7）先不变后变小再不变便于读数

【详解】（1）由图A可知，弹簧测力计分度值为0.2N,示数为4.8N,则实验所用物块的重为4.8N。C中物

块浸没在水中时测力计示数为2.8N,根据称重法，该物块浸没在水中受到的浮力大小为产〃

=G-Fc=4.8N-2.8N=2N

（2）分析A、C、D三次实验，C、D中只有物块的深度不同，测力计示数相同，则受到的浮力相同，说明

浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，所以猜想①是错误的。

（3）为验证猜想②，即探究浮力大小与物体排开液体的体积的关系，根据控制变量法，应控制液体的密度

相同，只改变物体排开液体的体积，所以应选择A、B、C或A、B、D三次实验。

（4）A.木头漂在水面，浮力等于重力，铁钉沉在水底，浮力小于重力。由于二者的重力大小关系未知，

所以无法比较浮力大小；且由于二者排开液体的体枳大小关系未知，所以不能说明浸在液体中的物体所受

浮力大小与物体排开液体的体积有关，故A不符合撅意：

B.从泳池浅水区走向深水区，排开水的体积变大，感觉身体变轻，说明浮力变大，则证明了浸在液体中的

物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关，支持了猜想②，故B符合题意。

故选B。

（5）分析A、B、E三次实验，液体的密度和排开液体的体积均不同，没有控制变量，所以不能得HT浸在

液体中的物体所受浮力大小与液体的密度有关''的结论，操作是错误的。

（6）由（1）可知，物块浸没在水中受到的浮力大小为尸产2N,根据£尸p戒匕慎？可知，物块的体枳为

V-V-五/___________________2x1（尸m5

邦水一「水g一lx。3m"ONkg

E中物块浸没在水中时测力计示数为2.6N,根据称重法，该物块浸没在水中受到的浮力大小为尸部&次

=G-FE=4.8N-2.6N=2.2N

FF7

3

则E中所用盐水的密度A水=泞盐水=上处=———------4=l3.lxlOkg/

人小口JH坦.产盐水叫监水gVioN/kgx2xlO-ma

（7）[1]往烧杯中逐渐加水的过程中，开始物块没有接触到水，弹簧测力计示数等于物块重力，不变；当物

块开始接触水后，受到浮力，弹簧测力计示数尸产G小於随着水的增加，物块排开水的体积增大，浮力增

大，弹簧测力计示数变小；当物块完全浸没后，再继续加水，物块排开水的体积不变，浮力不变，弹簧测

力计示数不变。所以弹簧测力计的示数变化情况是先不变再变小后不变。

⑵咳装置在进行实验时的优点是：可以更直观地观察到浮力的变化与液体深度或排开液体体积的关系，而

且不需要频繁地改变物块的位置等操作，实验操作相对简便，读数时示数也定。

25.（6分）东东同学学习了电学知识后，选用三节新的干电池作为电源，并设计了如下的电学实验。

（1）探究导体中电流与电阻的关系，选用的定值电阻的阻值分别是5Q、1（）。、15Q、20Q；

①把乙实物电路补充完整，要求：当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大；一

②闭合开关后，东东发现电流表没有示数，电压表有示数，电路中出现的故障可能是;

③东东排除故障后，把5Q的电阻接入电路，闭合开关，适当调节滑片的位置，电流表的示数如图丙所示,

其示数为A：

④断开开关S,把5c的电阻换成10C的电阻，再次闭合开关后，滑片应向（选填“左''或"右"）端移

动；

⑤在此实验中，为完成四组实验，滑动变阻器的最大阻值不得少于。

⑵东东同学在电源电压未知，缺少电流表的情况下，设计了如图丁所示的电路图（&阻值已知），来测量未

知电阻R的阻值；

①闭合S、S1,断开S2,适当调节滑片的位置，电压表示数为

②闭合S、S2,断开S”滑动变阻器滑片的位置保持不变，电压表示数为U2；

③未知电阻的阻值Ri=（用字母表示）。

【详解】当滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表示数增大，即滑动变阻器接入电路中的电阻减小,

应该将滑动变阻器的左下接线柱接入电路，如图所示:

⑵闭合开关后，电流表没有示数，说明电路中没有电流通过，处于断路状态，电压表有示数，说明与电压

表串联的电路是通路，所以电路中的故障可能是定值电阻R断路。

⑶由图丙可知，电流表选择小量程，分度值是0.02A,电流表的示数是0.4A。

[4]把5Q的电阻换成10C的电阻，再次闭合开关后，定值电阻两端的电压增大，探究电流与电阻的关系时，

要控制定值电阻两端的电压不变，所以应该增大滑动变阻器两端的电压，使定值电阻两端的电压减小，根

据欧姆定律可知，应该增大滑动变阳器接入电路中的电阻，即向右移动滑动变阳器的滑片。

[5]由以上分析可知，接入电路中的定值电阻的阻值越大，滑动变阻器接入电路中的阻值越大，所以把20C

的电阻接入电路时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由题意可知，把5Q的电阻接入电路时，通过电阻

的电流是0.4A,则定值电阻两端的电压

UR=/R=0.4AX5C=2V把20。的电阻接入电路时，控制电阻两端的电压是2V,则电路中的电流

R'20c

电源是三节新干电池，一节新干电池的电压是1.5V,则电源电压为4.5V,控制定值电阻两端的电压是2V,

则滑动变阻器两端的电压

(7={7-^=4.5V-2V=2.5V

通过滑动变阻器的电流是0.1A,则滑动变阻器接入电路中的阻值

"产号U'=-25V=25c为完成四组实验，滑动变阻器的最大阻值不得少于25C。

IU.1A

(2)闭合S、Si,断开S2,适当调节滑片的位置，电压表示数为U/。闭合S、S2,断开S”滑动变阻器滑

片的位置保持不变，电压表示数为在①中，电压表测待测电阻和定值电阻的总电压，在②中，电压表

定值电阻两端的电压，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压

Ux=Ui-U2

由分压原理有

U「U-R、

心人

则未知电阻的阻值

R「NR0

x

U2%

26.(3分)小明设计了以下实验测量某合金块的密度。

/Z///ZZZZZZZZZZ/，，7777，，，，77广7/，〃，，〃，〃〃,，

甲乙丙

①如图甲所示，取一个烧杯装适量水，置于已调零的电子秤上:

②如图乙所示，小明将合金块用细线系住(细线的体积、质量忽略不计)，悬挂在弹簧测力计二，浸没于水

中，合金块与烧杯底部未接触：

③如图丙所示，将合金块用细线系住，悬挂在弹簧测力计上，浸没于水中，合金块与烧杯底部接触，此时

弹簧测力计的示数如图内。

从以上图文可知：合金块的体积为cm",合金块的密度为kg/m3,丙图中电子秤的示数

为kg。

【答案】307x10、1.05

【详解】［I］乙图中合金块悬挂在弹簧测力计上，合金块受到水对它竖直向上的浮力，物体间力的作用是相

互的，合金块给水•个竖直向下的压力作用在容器底部，导致电子秤的示数增大，增大的压力和浮力相等，

所以&=(叫一町)g=(1.04kg-1.01kg)xl0N/kg=0.3N

因为物体完全浸没，所以合金块的体积为f广焉Fx-k渭®二=3'*3-3温

⑵由乙图可知，弹簧测力计的示数为/声1.8N,图乙中，合金块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和

拉力，合金块静止，这三个力平衡，故合金块的重力为G=^+辱=0.3N+1.8N=2』N

G1XT

由G=，〃g可得，合金块的质量为小=—=；：=0.21kg=210g

gION/kg

由P二£可得，合金块的密度为P=E=2^=7g/cm3=7xl()3kg/m3

VV30cm

⑶由甲图可知，烧杯和水的总重力为6总=叫g=1.01kgxl()N/kg=10.1N

由丙图可知，弹簧测力计的示数为耳总=L7N,丙图中烧杯受的支持力为

R=G3+G-^/=2.1N+10.1N-L7N=10.5N

由于物体间作用力是相互的，烧杯对电子秤的压力为7=4=W5N

所以丙图中电子秤的示数为，，小｝黯“05kg

27.(6分)2025年4月，在北京亦庄举行的半程马拉松赛事，首次由