广东省湛江市2023-2024学年高一年级下册7月期末调研测试物理试卷（含答案）

广东省湛江市2023-2024学年高一下学期7月期末调研测试物理试卷

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

符合题目要求的。

1.如图所示，轮滑演员在舞台上滑出漂亮的曲线轨迹。在此过程中轮滑演员（）

A,速度方向沿曲线上各点的切线方向

B.所受合力方向始终与速度方向一致

C.速度始终保持不变

D.运动状态始终保持不变

2.人从高处跳到低处，为了安全，一般都是脚尖先着地，这样做的目的是（）

A.增大人对地面的压强，起到安全作用

B.延长与地面的作用时间，从而减小地面对人的作用力

C.减小着地时所受冲量

D.使动量增量变得更小

3.载人飞行包是一个单人低空飞行装置.，如图所示，其发动机使用汽油作为燃料提供动力，可以垂直起降

也可以快速前进，若飞行包（包括人）在竖直方向上匀速上升的过程中（空气阻力不可忽略），下列说法正

确的是

A.发动机对飞行包不做功B.飞行包的重力做正功

C.飞行包的动能不变D.飞行包的机械能不变

4.解放军发出4枚“东风快递”（中程弹道导弹），准确击中预定目标，发射导弹过程可以简化为：将静止的

质量为M（含燃料）的东风导弹点火升空，在极短时间内以相对地面的速度vo竖直向下喷出质量为m的炽

热气体，忽略喷气过程中重力和空气阻力的影响，则喷气结束时东风导弹获得的速度大小是（）

A.SvoB.—voC."voD.京三7Vo

MmM-mM-m

5.匕镖扎气球是一种民间娱乐游戏项目，其小意图如图中所不，靶面竖直固定，O点为镖靶中心，OP水

平、OQ竖直，靶面图如图乙所示。若每次都在空中同一位置M点水平射出飞镖，且M、O、Q三点在同一

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竖直平面，忽略空气阻力。关于分别射中靶面O、P、Q三点的&镖，下列说法错误的是（)

A.射中O点的飞镖射出时的速度最小

B.射中P点的飞镖射出时的速度最大

C.射中Q点的飞镖空中飞行时间最长

D.射中O、P两点的飞镖空中飞行时间相等

6.“太空电梯”的概念最初出现在1895年，由康斯坦丁・齐奥尔科夫斯基提出.如今，目前世界上已知的强度

最高的材料一石墨烯的发现使，，太空电梯，，制造成为可能，人类将有望通过“太空电梯”进入太空.设想在地球

赤道平面内有一垂直于地面并延伸到太空的轻质“太空电梯”，如图所示，假设某物体b乘坐太空电梯到达了

图示位置并相对电梯静止，与同高度运行的卫星a、更高处同步卫星c相比较.下列说法正确的是（）

A.a与b都是高度相同的人造地球卫星

B.b的线速度小于c的线速度

C.b的线速度大于a的线速度

D.b的加速度大于a的加速度

7.”只要速度够快，就能挑战地球引力！”在挑战极限的实验测试中，挑战者在半径为1.6m的竖直圆形跑道

上成功奔跑一圈，引发观众的惊叹。对于挑战过程，取g=107%s2,下列说法正确的是（）

A.要使挑战成功，挑战者除速度要足够大外，体重越小越好

B.在跑道中运动时，挑战者的总机械能守恒

C.运动到最高点时，挑战者处于失重状态

D.要使挑战成功，挑战者在跑道最高点的速度至少为4m/s

二、多项选择题：本题共3小题，每题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题

目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

第2页

8.2024年3月2（）日，长征八号火箭成功发射，将鹊桥二号直接送入预定地月转移轨道。如图所示，鹊桥二

号在进入近月点P、远月点A的月球捕获椭圆轨道，开始绕月球飞行。经过多次轨道控制,鹊桥二号最终进

入近月点P和远月点B、周期为24小时的环月椭圆轨道。关于鹊桥二号的说法正确的是（)

捕获轨道…

/环月轨道\

A：-月,TP

\''、、、._，步

地月转移轨道鹊桥一号

A.在捕获轨道运行的周期大于24小时

B.离开火箭时速度大于地球的第三宇宙速度环月轨道

C.经过A点的加速度比经过B点时小

D.在捕获轨道上经过P点时，需要点火减速，才可能进入环月轨道

9.假定某水平圆形环岛路面如图（a）,汽车受到的最大静摩擦力与重力的比值恒定不变,则当汽车匀速率

地通过环形路段时，汽车的侧向摩擦力达到最大时的最大速度称为临界速度，下列说法正确的是（）

甲

乙

图(a)图(b)

A.汽车所受的合力为零

B.汽车受重力、弹力、摩擦力和向心力的作用

C.汽车在环岛路外侧行驶时，其临界速度增大

D.如图（b）质量相等的两辆车以大小相等的速度绕环岛中心转，甲车受到指向轨道圆心的摩擦力比乙

车的大

10.塔式起重机常用于修建高层建筑，在起重机将质量为m的重物沿竖直方向吊起的过程中，起重机输出功

率P随时间t的变化如图乙所示，环时刻起重机输出功率达到其额定功率Po,下列说法正确的是（）

A.%时间内重物增加的机械能为鼻oh

B.重物的最大速度可达盘

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C.玷时咳IJ,重物的动能达到最大值

D.重物做加速度减小的加速运动直到最后匀速运动

三、非选择题：共54分，按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，

只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

11.在“探究平抛运动规律”的实验中，某同学进行了如下实验探究：

（1）如图1,将两个倾斜角度相同的光滑轨道固定在同一个竖直平面内，轨道下端水平。2轨道末端与光

滑水平面平滑连接。把两个完全相同的小钢4B分别从1、2倾斜轨道上相对轨道末端有相同高度差的位置

由静止开始同时释放，使两小球能以相同的水平速度同时分别从轨道的卜端射出（水平轨道足够长），观察

到某一现象。改变两小球在斜面上相对轨道末端的释放高度，使之仍相同，则仍能观察到这一现象，故可以

概括平抛运动的某一规律。

该同学观察到的现象和反映的平抛运动的规律是:

A.A、8两个小球相撞

B.4、B两个小球不相撞

C.A球平抛时水平方向做匀速直线运动

D.4球平抛竖直方向做自由落体运动

（2）通过图2Lfu甲图的实验装置，轨道末端切线水平。在实验过程中每次释放小球的位置都相同，并在

乙图的坐标纸上记录了小球经过的/、B、C三点，已知坐标纸每小格的边长乙=5cm,则该小球做平抛运动

的初速度大小为m/sx8点的速度大小为m/s.（^IX10m/s2）

12.某实验小组为测量小球从某一高度释放，与某种橡胶材料碰撞导致的机械能损失，设计了如图所示的装

置，实验过程如下：

第4页

（1）测量时，应（选填"A”或"B"，其中A为“先接通数字计时器，后释放小球”，B为“先释放

小球，后接通数字计时器”〉。记录小球第一次和第二次通过光电门的遮光时间门和以。

（2）计算小球通过光电门的速度。小球第一次通过光电门的速度大小为外=;小球第二次通过

光电门的速度大小为以=o

（3）已知小球的质量为m,可得小球与橡胶材料碰撞导致的机械能损失AE=（用

字母01、D、口和「2表示）。

（4）若适当调低光电门的高度，将会（选填“增大”或“减小”）因空气阻力引起的测量误差。

13.如图是马戏团上演的匕车节目，半径为R的圆轨道.表演者骑着摩托车在圆轨道内做圆周运动.已知人

和摩托车的总质量均为m,当乙以力=收证的速度过轨道最高点B时，甲以丫2=冉也的速度经过最低点

A.忽略其他因素影响，求：

（1）乙在最高点B时受轨道的弹力大小；

（2）甲在最低点A时受轨道的弹力大小。

14.如图所示，一对杂技演员（都视为质点）乘秋千（秋千绳处于水平位置）从A点由静止出发绕O点下

摆，当摆到最低点B时，女演员在极短时间内将男演员沿水平方向推出，然后自己刚好能回到高处A。己知

男演员质量为2m,女演员质量为m,秋千的质量不计，秋千的摆长为R,C点比0点低5R。求

（1）两人一起刚到最低点B时的速度vo的大小；

（2）女演员在极短时间内将男演员沿水平方向推出后男演员的速度VI的大小；

（3）男演员落地点C与O点的水平距离Xo

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不空。

、"-:A

B\

5R

K--------------------------------►!

15.图a是我国传统农具——风鼓车，图b是其工作原理示意图，转动摇柄，联动风箱内的风叶，向车斗内

送风，入料仓漏口”漏出的谷物经通车斗，质量大于2.0xl（T%g的谷粒为饱粒，落入第一出料口质量

为1.2x10-5kg〜2.0x10-5£g的谷应为瘪粒，落入第二出料口为&质量小于1.2x10-53的草屑被吹出出

风口。已知4i、B、&三点在同一水平线上，48的宽度为0.6m；&在H正下方，①”的高度为0.8m；质量

为2.0xl0Tkg的谷粒从H漏出，恰好经B点落入42以设谷物从H漏出时速度为零；谷粒在车斗内所受水平

风力恒定且相等，只考虑其所受重力和水平风力作用，取重力加速度g为10m/s2。

（1）求谷粒从H落到出料口所经历的时间；

（2）求谷粒所受水平风力的大小；

（3）若瘪粒恰好能全部落入色9求心8的宽度。

出风口

图⑻图(b)

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答案解析部分

1.【答案】A

【解析】【解答】A.根据曲线运动囱特点可以得出做曲线运动的轮滑演员的速度方向沿曲线上各点的切线方

向，故A正确；

B.根据曲线运动的条件可以得出轮滑演员所受合力方向与速度方向不在同一条直线上，故B错误；

CD.轮滑演员做曲线运动，速度方向不断变化，运动状态不断变化，故CD错误。

故选Ao

【分析】利用曲线运动轨迹的切线方向可以判别速度的方向；利用曲线运动的条件可以判别合力方向与速度方

向不在同一直线上；由于速度方向不断改变则运动状态不断改变。

2.【答案】B

【解析】【解答】人在和地面接触时，人的速度减为零，由于初末速度变化量不变，因此动量的该变量不变，

由动量定理可得

（F—mg）t=mv

而脚尖着地可以增加人与地面的作用时间，根据动量定理从而可以减小所受地面的冲击力，着地时所受的冲量

即动量的改变量也不变。

故选Bo

【分析】利用初末速度可以判别动量变化量不变，结合动量定理可以判别冲量的大小不变；结合作用时间可以

判别冲击力的大小。

3.【答案】C

【解析】【解答】A.飞行包（包括人）在竖直匀速上升的过程中，发动机的动力向上，由于位移方向向上则

发动机对飞行包做正功，故A错误；

B.高度上升，由于重力方向与位移方向相反，则飞行包的重力做负功，故B错误；

C.飞夕亍包（包括人）在竖直方向.上匀速上升，根据动能的表达式可以得出£行包的动能不变，故选C正

确；

D.飞行包在上升过程中动能不变，重力势能变大，机械能为重力势能和动能之和，故机械能变大，故D错

误。

故选Co

【分析】利用动力向上和位移向上可以判别动力做正功；利用重力方向与位移方向相反可以判别重力做负

功；利用速度不变可以判别动能保持不变；利用动能不变重力势能增大可以判别机械能增大。

4.【答案】D

【解析】【解答】静I卜的导弹点火升空时，根据动量守恒定律得

mv0=（M—

第7页

则导弹获得的速度

m

V=-TZ----VQ

M-m

故选D。

【分析】利用动量守恒定律可以求出导弹获得的速度大小。

5.【答案】A

【解析】【解答】飞镖做平抛运动，根据平抛运动的位移公式有

入12

h=2gt

X=Vt

解得飞镖飞行时间

t=[——2h

飞镖初速度

0、P、Q三点，根据下落的高度有

九o=hP<hQ

则运动的时间为：

飞镖射中O、P两点的飞镖空中飞行时间相等，射中Q点的飞镖空中飞行时间最长。由

X。=XQ<Xp、h0=hp<hQ

根据水平方向的位移公式可以得出：

VQ<V0<Vp

即射中Q点的飞镖射出时的速度最小，射中P点的飞镖射出时的速度最大。

本题选择错误的，故选A。

【分析】利用竖直方向的位移公式可以比较运动的时间，结合水平方向的位移公式可以比较初速度的大小。

6.【答案】B

【解析】【解答】A.a是人造地球卫星，但b物体乘坐太空电梯，不是人造卫星，故A错误；

B.由于b与c在相同时间内转过的角度与地球相等，所以b与c的角速度相同，但b运动半径小于a运动半

径，根据线速度和角速度的大小关系有旧3•知，b的线速度小于c的线速度，故B正确；

C.根据角速度的表达式

第8页

所以b角速度小于a的角速度，运动半径相同，根据表达式v=ar知所以b的线速度小于a的线速度，故C

错误；

D.根据角速度的表达式

[GM

行2旧

b角速度小于a的角速度，运动半径相向，根据向心加速度的表达式a=oPr知，b的加速度小于a的加速度，

故D错误。

故选Bo

【分析】a是人造地球卫星，但b物体乘坐太空电梯，不是人造卫星；利用b、c角速度相等，结合半径的大

小可以比较线速度的大小；利用引力提供向心力可以比较a和b角速度的大小，结合线速度和向心加速度的

表达式可以比较线速度和向心加速度的大小。

7.【答案】C

【解析】【解答】B.在跑道中运动时，人本身做功，根据能量的转化可以得出机械能不守恒，故B错误；

D.在最高点时，当重力恰好提供向心力时，速度最小，根据牛顿第二定律有

mv2

亡下

解得挑战者的最小速度为：

V=y[gR

实际上，人体的重心大约在腰部，故实际半径小于1.6m,故最小速度小于4m/s,故D错误；

A.根据表达式

mv2

mg=-R-

可知，质量可以消去，体重对能否完成挑战无影响，故A错误；

C.运动到最高点时，由于向心力的方向向下，所以挑战者的向心加速度向下处于失重状态，故C正确。

故选Co

【分析】利用能量守恒定律可以判别机械能不守恒；利用最高点的牛顿第二定律可以求出最小的速度大小；利

用牛顿第二定律可以判别体重对挑战没有影响；利用向心力的方向可以判别加速度的方向进而判别超重与失

重。

8.【答案】A,C,D

【解析】【解答】A.卫星绕月球做椭圆运动，根据开普勒第三定律有

第9页

a3

^2=k

根据半长轴的大小可得鹊桥二号在捕获轨道上运行的周期大于在环月轨道上运行的周期，故A正确；

B.鹊桥二号属于地月系卫星，卫星需要离开地面，到达月球附近，则离开火箭时速度要大于第一宇宙速度小

于第二宇宙速度，才能进入环月轨道，故B错误；

C.月球对卫星的引力提供向心力，结合牛顿第二定律可以得出：

GMm

-----5—=ma

R2

解得

M

a=G

根据半径的大小可以得出经过A点的加速度比经过B点时小，故C正确；

D.在P点要由捕获轨道变轨到环月轨道，做近心运动，为了减小向心力的大小则必须降低速度，经过P点

时，需要点火减速，故D正确。

故选ACDo

【分析】根据开普勒第三定律结合半长轴的大小可以比较周期的大小；利用卫星到达月球表面可以判别线速度

的大小；利用引力提供向心力可以比较加速度的大小；利用近心运动可以判别速度的大小变化。

9.【答案】C,D

【解析】【解答】A.当物体受到的合力方向和速度方向不共线时，物体做曲线运动，则汽车做曲线运动，合

力不为零，故A错误；

B.汽车受到重力、弹力和摩擦力的作用，向心力是效果力，是重力、弹力、摩擦力的合力，故B错误；

C.根据合力提供向心力，结合牛顿第二定律有

V2

fmax=my~

最大静摩擦力不变，则外侧行驶半径较大，临界速度较大，故C正确；

D.汽车在拐弯时，摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律

V2

r=m亍

两车质量相等，速度大小相等，甲车运动半径小，则受到指向轨道圆心的摩擦力大，故D正保。

故选CDo

【分析】物体做曲线运动则物体受到的合力不等于0;汽车受到重力、弹力和摩擦力的作用；利用牛顿第二

定律可以求出临界速度的大小；利用向心力的大小可以比较摩擦力的大小。

10.【答案】A,B

【解析】【解答】A.玷时间内，重物增加的机械能等于起重机对重物做的功，根据功能关系有

第10页

1

4E=2^0

故A正确；

B.起重机输出功率达到其额定功率Po后，保持额定功率工作，由于功率不变，起重机的速度增大时牵引力不

断减小，当起重机对重物的拉力大小等于重力大小时，根据功率的表达式可以得出重物达到最大速度为

_P^

Vm~mg

故B正确；

D.在0~t。内，功率与时间成正比，根据功率的表达式

P=Fat

所以这段时间重物做匀加速直线运动，％时间后，功率达到额定功率，由于功率保持不变，则重物做加速度减

小的加速运动直到最后匀速运动，故D错误；

C.由以上分析可知，%时刻重物做匀加速直线运动结束，开始做变加速直线运动，则速度还没有达到最大值，

所以重物的动能没有达到最大值，故C错误。

故选AB.

【分析】利用功率和时间可以求出起重机对重物做功的大小；利用额定功率及平衡方程可以求出重物的最大速

度；利用功率的表达式结合速度变化可以判别达到额定功率后重物做加速度不断减小的加速运动，当to时开

始做加速度不断减小的加速运动，则速度没有出现最大值，动能没有出现最大值。

11.【答案】AC；1.5；2.5

【解析】【解答】（1）由于A小球做平抛运动，B小球做匀速直线运动，两个小球在水平方向的运动规律相

同，所以该同学观察到的现象是A、B两个小球相撞，故选AC。

（2）小球做平抛运动，根据竖直方向的邻差公式有：

Ax=aT2

对水平方向，利用匀速直线运动的位移公式有

3L

v0=-^-=1.5m/s

根据平均速度公式可以得出B点的竖直速度

8L,

VBy=2T=2m/s

根据速度的合成可以求出B点的速度大小为

vB=]/+喝=2.5m/s

【分析】（1）由十两个小球水平方向的运动规律相同，所以可以看到两个小球出现相遇;

（2）利用平抛运动竖直方向的邻差公式可以求出时间间隔，结合水平方向的位移公式可以求出初速度的大

第11页

小；利用平均速度公式可以求出竖直方向分速度的大小，结合速度的合成可以求出B点速度的大小。

12.【答案】（1）A

⑵H

⑶网额一昴期

（4）减小

【解析】【解答】（1）为了记录小球经过计时器的时间，实验时应先接通数字计时器，后释放小球。

故选Ao

（2）根据平均速度公式可以得出小球第一次通过光电门的速度大小为

D

vi=~r

根据平均速度公式可以得出小球第二次通过光电门的速度大小为

D

V2=h

（3）已知小球初末速度的大小，结合动能的表达式可以求出小球与橡胶材料碰撞导致的机械能损失为

111（睦1M

AE=_mv27__mv27=_m^根旧

（4）为了测量小球与橡胶材料碰撞导致的机械能损失，若适当调低光电门的高度，则光电门离橡胶材料之

间的距离减小，小球在二者之间的运动时间变短，克服空气阻力做的功减小，引起的测量误差也就减小。

【分析】（1）实验为了记录小球经过计时器的时间，实验时应先接通数字计时器，后释放小球；

（2）利用平均速度公式可以求出小球经过光电门速度的大小；

（3）利用动能的表达式可以求出小球机械能的损失；

（4）适当调低光电门的高度，则光电门离橡胶材料之间的距离减小，小球在二者之间的运动时间变短，克

服空气阻力做的功减小，引起的测量误差也就减小。

（1）实验时应先接通数字计时器，后释放小球，如果先释放小球，后接通数字计时器，可能会出现小球穿

过光电门时，数字计时器还未工作的情形。

故选A0

（2）[1]小球第一次通过光电门的速度大小为

D

ci

⑵小球第二次通过光电门的速度大小为

D

也=2

（3）根据能量守恒定律可知，小球与橡胶材料碰撞导致的机械能损失为

第12页

111（睦1必2

AE=.mv2__mv2=_m^㈤

（4）若适当调低光电门的高度，则光电门离橡胶材料之间的距离减小，小球在二者之间的运动时间变短，

克服空气阻力做的功减小，引起的测量误差也就减小。

13.【答案】解：（1）乙在最高点的速度南，故受轨道弹力方向向下，由牛顿第二定律得

FB+mg=m^-

解得

FB=mg

（2）甲在最低点A时，由牛顿第二定律得

2

pv2

匕i-mg=m-^-

解得

FA=7mg

【解析】【分析】（1）乙经过最高点时，利用牛顿第二定律结合乙的速度大小可以求出受到轨道弹力的大小：

（2）甲在最低点时，利用牛顿第二定律可以求出轨道对甲的弹力大小。

14.【答案】解：（1）两演员从A到B的过程中，据机械能守恒定律得

1

3mgR=