2026年河南省驻马店某中学中考物理一模试卷（教师卷）

2026年河南省驻马店四中中考物理一模试卷

一、单选题：本大题共6小题，共12分。

1.以下对物理现象的估测符合实际的是（）

A.九年级物理课本受到的重力约为10/VB.适宜的洗澡水温度大约4CTC

C.课桌的高度约为\50cmD.中学生步行的速度大约为Llkm"

【答案】B

【蟀析】解：A、九年级物理课本质量约为250g,受到的重力约为2.5N,故A错误；

B、适宜的洗澡水温度大约4（TC,故8正确；

C、课桌的高度约为80°小故C错误；

£＞、中学生步行的速度大约为3.6km",故。错误。

故选：Be

根据生活中的常识对各选项进行判断。

本题是生活常识题，属于基础题。

2.甲、乙两遥控小车在操场直跑道上同时同向出发，两车运动到同一位置开▲s/m

始计时，它们运动的路程-时间图象分别如图中的甲、乙所示，下列说法正夕

确的是（）1°卜~~xT一甲

A.在。〜5s内甲车的速度是10m/s：

B.在0〜5s内乙车的速度是2m/sj----------5---------1

C.t=10s时两车的速度相等

D.t=10s后乙车超过甲车

【答案】。

【解析】解：A、由图可知，在。〜5s内甲车的s-t图象是一条倾斜直线，说明甲车在0〜5s内做匀速直

线运动，

5s内甲车运动的路程为10〃?，则曰车的速度为：U伊=粤=2m/s,故4错误；

1■甲bs

B、在0〜10s内乙车的s-t图象是一条倾斜直线，说明乙车做匀速直线运动，

10$内乙车运动的路程为10，〃，则乙车的速度为：v.=^=^-=lm/s,在。〜5s内乙车的速度是

乙

t乙x105

Im/s,故8错误；

C、t=10s时，甲车静止，即〃伊二0；乙车做匀速直线运动，在0〜10s内乙车的速度u乙=lm/s,故。

错误；

。、由图可知，£=10s时，甲、乙两车的路程相等，即此时两车相遇；£=10s后，甲车处于静止状态，而

乙车仍然向前运动，即乙车超过甲车，故。正确。

故选：。。

(1)在s-t图象中，倾斜直线代表物体做匀速直线运动，据此分圻甲、乙的运动状态，再利用1，=；可分别

求出甲、乙的速度；

(2)根据图象可分析出第5s和第10s时甲、乙各自通过的路程，进行比较即司;

本题主要考查速度公式的应用，根据图象获得有用信息是解题的关键。

3.如图所示是小明探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，以下说法正确的是()

A.乙是水沸腾前的现象

B.水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这些“白气”是水蒸气

C.水沸腾时不停的吸收热量，温度不停的不高

D.烧水过程中伴随着的物态变化有汽化和液化

【答案】D

【解析】解•：4乙是水沸腾时的现象，故A错误；

A水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这些“白气”是水蒸气遇冷液化而成的小水珠，故3错误；

C"沸腾时不停的吸收热量，温度不变，故。错误；

“烧水过程中伴随着的物态变化有汽化和液化，故。正确；

故选：。。

沸腾前由于液体上方的温度较低，所以气泡上升的过程中会慢慢减小，沸腾时气泡上升过程中会慢慢增

大：

这些“白气”是水蒸气遇冷液化而成的小水珠，属于液化现象，放热;

水沸腾的特点：持续吸热，温度保持不变;

本题考查了沸腾时的特点以及现象，属于基础题目，难度较小。

4.小明同学家里的几盏灯都不亮了，检查保险丝没有熔断，用测电笔测室内各处电路时，岚管均发光。小

明对故障做了如下判断，其中正确的是（）

A.开关短路B.室内线路某处短路C.进户零线断路D.进户火线断

路

【答案】C

【解析】解：A、开关短路，灯泡发光，测电笔测量火线时仍然发光，错误。

8、室内线路某处短路后，会导致电流过大，使保险丝熔断，与条件不相符，错误。

C、进户线零线开路后，电路不能连成通路，用电器不能工作，但测电笔测量火线时仍然发光，正确。

。、进户线火线开路时，与测电笔测电路就不会使岚管发光，与条件不相符，错误。

故诜：Co

保险丝没有熔断，说明没有发生电流过大的情况；岚管发光，证明进户火线正常。测电笔测量火线时笈管

发光，测量零线时须管不发光。然后根据具体选项，分别作出为断。

本题考查学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握电流过大的原因和测电笔的使用方法。

5.如图所示，单摆中的小球在A、B、C间不停地往复运动，如果不考虑阻力的影响,

以下说法错误的是（）

A.小球在A处的重力势能最小

B.小球在8处只受重力作用

C.小球由A到B过程中，重力势能转化为动能

D.小球运动到C处时，如果受到的外力全部消失，将保持静止

【答案】B

【解析】解：A、小球在6处的高度最小，故重力势能最小，故A正确：

4、小球在3处受到重力和绳子的拉力的共同作用，故4错误；

。、小球由人到3过程中，不计任力，机械能守恒，高度减小，速度增加，重力势能减小，动能变大，重

力势能转化为动能，故C正确；

D、小球运动到C处时，速度为零，如果受到的外力全部消失，小球将保持静止状态，故。正确.

故选:B。

（1）对小球进行受力分析，确定小球的受力情况；

(2)根据影响动能、重力势能大小的因素分析；

(3)根据牛顿第一定律，物体不受力或者受平衡力时，一定处于静止或者匀速直线运动状态。

小球做的是单摆运动，小球在左右摆动的过程中，速度和高度都在不断变化，小球的动能和势能也在不断

变化。

【答案】D

【解析】解：4手在墙上形成手影，是因为光在同一均匀介质中沿直线传播，故A错误;

及“折断”的筷了，是水中的筷了反射的光进入空气中发生折射形成的虚像，故6错误:

C鬲后天空的彩虹是光的色散现象，是由光的折射形成的，故C错误：

D水面上的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故O正确。

故选：D.

(1)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水

池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；

(2)光线传播到两种介质的衣面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成

像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

(3)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象

等。

本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。

二、多选题：本大题共2小题，共4分。

7.将两个完全相同的小球，分别放入装有不同液体的甲、乙两个完全相同的烧杯

中，小球静止时两烧杯液面相平，如图所示，下列判断正确的是()

A.甲烧杯中液体的密度小B.乙烧杯底部受到液体的压强小

C.甲烧杯中小球受到的浮力大D.乙烧杯对桌面的压力小

【答案】BD

【解析】解：人、由图甲可知，小球在甲烧杯的液体中漂浮，根据物体的浮沉条件可知，小球的密度小于

甲烧杯中液体的密度，

由图乙可知，小球在乙烧杯中悬浮，根据物体的浮沉条件可知，小球的密度等于乙烧杯和液体的密度，

由于甲、乙中的小球是完全相同的，所以甲烧杯中的液体密度大于乙烧杯中液体密度，故A错误；

从小球静止时两烧杯液面相平，由口=00无可知，甲烧杯中液体对烧杯底部的压强大于乙烧杯中液体对烧

杯底部的压强，故3正确：

。、根据物体的浮沉条件可知，小球在甲烧杯液体中受到的浮力等于小球的重力，小球在乙烧杯液体中受

到的浮力等于小球的重力，所以小球在甲烧杯液体中受到的浮力等于小球在乙烧杯液体中受到的浮力，故

C错误；

。、由图甲、乙两图可知，甲烧杯中液体的体枳大于乙烧杯中液体的体积，根据p=f可知，甲烧杯中液体

的质量大于乙烧杯中液体的质量，

根据G=mg可知，甲烧杯中液体的重力大于乙烧杯中液体的重力，

由于烧杯对桌面的压力等于烧杯、小球和烧杯中液体的重力之和，所以甲烧杯对桌面的压力大于乙烧杯对

桌面的压力，故。正确。

故选：BD.

(1)由图可知小球在甲、乙烧杯中的状态，根据物体的浮沉条件可知小球与液体密度的关系，据此判断

甲、乙烧杯中液体的密度关系；

(2)小球静止时两烧杯液面相平，根据p=pgh可知烧杯底部受到液体的压强关系；

(3)根据物体的浮沉条件可知小球受到的浮力关系；

(4)烧杯对桌面的压力等于烧杯、小球和烧杯中液体的重力之和，由图可知甲、乙烧杯中液体的体枳关

系，根据密度公式求出可知烧杯中液体的质量，根据G=zng可知烧杯液体的重力关系，据此可知甲、乙

两烧杯对桌面的压力关系。

本题考查物体的浮沉条件、密度公式、液体压强公式以及重力公式的应用，属于力学综合题，有一定的难

度。

8.如图所示为一轻质杠杆。机翼模型固定在直杆上，它们总重6M直杆

挂在杠杆上并保持与杠杆垂直。同一弹簧测力计在不同情形下拉杠杆，使

杠杆在水平位置平衡。下列说法中正确的是()

A.测力计在〃位置时的示数为1.5N

B.测力计从〃位置转到立置后，示数将会变大

C.测力计在〃位置时示数为乙，移至c位置时示数为玲，则七：/>=4：I

D.测力计在c位置时，对模型水平向右吹风，示数将会变大

【答案】BC

【解析】解：由题可•知，阻力等于模型和直杆的总重G,由于直杆始终弓杠杆垂直，所以阻力臂”始终不

变，

4、由图可知，拉力产的力臂为物体重力的力臂的右乙2=45，根据GXG=FXLI可知，"=膏=

6Nx4=24N：故A错误；

B、由图可知，用同一弹簧测力计在〃、b、c几种不同情形下拉杠杆A时，其力臂分别为%、。八%,如

图所示：

由图可知：Lc>La>Lb,测力计从。位置转到。位置后，动力变小了，阻力和阻力臂不变，根据杠杆的

平衡条件可知，动力”会变大，故8正确：

C、测力计在。位置时示数为移至。位置时示数为外，阻力和阻力臂不变，动力臂变为原来的4倍，

根据杠杆的平衡条件可知，动力会变为原来的%即：Fa：%=4：1，故C正确；

。、测力计在。位置时，对模型水平向右吹风，模型上方的流速比下方大，流速大的地方压强小，可知阻

力减小，由题可知，阻力牌与动力臂不变，由杠杆原理可得动力变小，即测力计示数变小，故。错误。

故选：BC.

(1)根据图示，阻力及阻力臂一定，由杠杆平衡条件求出测力计的示数；

(2)(3)阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件分析动力示数的变化；

(4)流速大的地方压强小。

本题考查了杠杆原理、流速与压强的关系，基础性强，难度不大。

三、填空题：本大题共6小题，共14分。

9.从微观世界到无垠宇宙，人们一直在探索着自然的奥秘，1897年，物理学家汤姆孙发现了电子，揭示

r是nJ分的。物理学家在前人的研究枳索上，发现H月星辰的运转与苹果卜落有着某些相似，

建立了著名的万有引力定律。

【答案】原子

牛顿

【解析】解：物理学家汤姆孙发现了电子，揭示了原子结构，它由原子核和电子组成；牛顿发现了万有引

力。

故答案为：原子；牛顿。

汤姆孙发现原子由原子核和电子组成；牛顿发现了万有引力。

本题是常识题，属于基础题。

10.如图描绘了古诗《所见》中的田园意境。"牧童骑黄牛，歌声振林槌”中，若以黄牛

为参照物，牧童是的；歌声是由牧童的声带产生的。“意欲捕鸣蝉，忽然闭

口立”中，牧童能识别出蝉的声音，主要是依据了声音的(填“响度”或“音

色”)。

【答案】静止

振动

音色

【解析】解：(1)牧童骑黄牛时，牧童与黄牛之间没有位置的变化，以黄牛为参照物，牧童是静止的；

(2)声音是由物体的振动产生的，歌声是由牧童的声带振动产生的；

(3)不同发声体的音色不同，牧童能识别出蝉的声音，主要是依据了声音的音色。

故答案为：静止；振动；音色。

(1)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止

的；

(2)声音是由物体的振动产生的；

(3)音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。

本题考查了机械运动、声音的产生和声音的特性，属于基础题。

11.如图所示是•某快涕驿站的扫码出库扫描机，当顾客将快狒放胃在指定区域后，扫描机的镜头会自动捕

捉快递条形码信息。当快递放置在快递台上时，快递单通过摄像头所成的像为—(选填“放大”或“缩

小”)的像；若镜头的焦距为30a",为了能成清晰的像，快递到镜头的距离应大于_5?。

w/♦—一

j"多

【答案】缩小

60

【解析】解：摄像头的成像原理与照相机相同，成倒立、缩小的实像；物距满足故快递到镜头的

距离(物距)应大于60。〃?。

故答案为：缩小；60。

当物体到凸透镜的距离大于两倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其实际应用是照相机和摄像头。

小题考查了凸透镜成像规律的应用，要求学生会用学过的知识分析日常生活中的相关现象。

12.取一个瓶子，装上适量带色的水。再取一根两端开口的细玻漓管，在它上面画上刻度，玻璃管穿过橡

皮塞插入水中，从管子上端吹入少量气体，使瓶内气体压强大于大气压强，水沿玻璃管上升到瓶口以上,

自制水气压计做好了。拿着它从楼下到楼上，随着而度的升高，玻璃管中水柱会逐渐由比说明大气

压随高度的升高逐渐一o（两空均选填“降低”、“升高”或“不变”）

【答案】升高

降低

【解析】解：

因为瓶内封闭气体压强P等于大气压Po与玻璃管内水柱产生的压强之和，即。=20+。。/1,〃为玻璃管内

水柱的高度；

当我们把它从楼卜拿到楼上时，由于大气压随着高度的增加而减小，瓶内气体压强P不变，而大气压外变

小，所以。应变R,玻璃管中水样的高度上升。

故答案为：升高；降低。

瓶内气体压强不变，而随着高度的增加，大气压降低，所以玻璃管内的水柱升高。

此题考查了关于大气压随着高度的变化，其解题关键就是要把握住：海拔高，气压小。

13.闭合如图甲所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片由最右端移到最左端的过程中，电压表与电流表的

示数变化的图像如图乙所示。则滑动变阻器R的最大阻值为一。，则定值电阻R。的阻值为_0,电源

电压为一口

【答案】12

3

【解析】解：由电路图可知，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测通过电路的

电流，

由图象可知，此时电路中的电流/】=0.14电压表示数为1.2V,由串联电路的电压特点和欧姆定律可得电

源电压：U=/向+UR=0.Ux/?0+1.2V----①，

滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电压表示数为零，由图象可知，这时电路中的电流为，2=0.54由欧

姆定律可得电源电压：U=I2R0=0.5AxRo......②，

联立①②解得：&=3。，U=1.5Vo

滑动变阻器欠最大时，电流最小，其电压最大，根据图像知，其最大阻值A=彳=照=12。，

故答案为：12；3；1.5。

由电路图可知，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测通过电路的电流；由图象

可知电路中的电流/i=o.14电E表示数为1.2V,根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源电压，滑

动变阻器接入电路的电阻为。时，电压表示数为零，由图象可知这时电路中的甩流为/2=0.54根据欧姆

定律表示电源电压，联立解方程可得定值电阻的阻值和电源电压；

根据最小电流结合图像的电压计算滑动变阻静R的最大阻值。

本题考查欧姆定律与串联电路的特点，属于基础题。

14.如图所示，一圆形水管左粗右细，。、b为粗管和细管中同一水平----------、

面上的点，水管中有一气泡，随水向右快速运动，气泡经过。、b两点—a'--------5—

时体积大小的情况是_（选填“。点时大”"点时大”或“一样D/---------------

大”），你判断的理由是------------

【答案】〃点时大

水流至力点时流速较大，压强较小，气泡膨胀体积变大

【解析】解：一圆形水管左粗右细，因流量不变，水流至〃点时流速较大，压强较小，气泡膨胀体积变

大；即气泡经过。、。两点时体积大小的情况是人点时大。

故答案为：〃点时大；水流至b点时流速较大，压强较小，气泡膨胀体积变大。

确定水流至2点时流速的变化，根据流速大压强小分析。

本题考查流体压强与流速关系的运用。

四、作图题：本大题共2小题，共4分。

15.如图所示，请根据小磁针N极的指向，标出M点的磁感线方向，并在括M

号内标出电源的“+”或极。

T电源I-

M

恪案］

T--电---源--'I-（+）

【解析】解：根据小磁针N极的指向，可知通电路线管右磁为S极，由安培守则可知电流的方向为由下而

上，所以电源的右侧为正极，通电螺线管外部磁场的方向由N极到S极，标注情况如下:

N

根据小磁针N极的指向，可知通电路线管右磁为S极，由安培守则可知电流的方向，通电螺线管外部磁场

的方向由N极到5极。

本题考查了安培守则的应用，通电螺线管周围磁场的方向。

16.如图所示，质量为m的木块A与平板小车一起在水平桌面上向左匀速运动，请在图中画出木块所受力

的示意图。

【答案】解：由于物体和小车一起匀速运动，相对静止，所以不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作

用，并且这两个力是一对平衡力，过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力，注意

两条线段长度要相等。如图所示：

【解析】物体向左匀速运动，所以物体受到重力G和传送带对它的支持

力F,这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直

线上，作用点在物体的重心。

画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步

骤，很容易能够画出指定力的示意图。

五、实验探究题：本大题共3小题，共18分。

17.在探究“平面镜成像特点”的实验时，装置如图甲所示：

(1)甲图中，在玻璃板前面放一支点燃的蜡烛4,再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛8,在玻璃板后面移

动，直到与蜡烛A的像完全重合，这样做是为了比较像与物的关系。

(2)为了研究平面镜所成的像是实像还是虚像，某同学用光屏代替蜡烛从不能用光屏接收到蜡烛A的像，

由此说明平面镜成的像是像。

(3)如果玻璃板倾斜放置，如图乙所示，平面镜中蜡烛的像的大小(选填“变大”、“变小”或“不

变”)，像与物的连线与镜面______(选填“垂直”或“不垂直”)。

【答案】(1)大小;(2)虚;(3)不变;垂直

【解析】解：(1)实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃

板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时可以比较像与物大小关系；

(2)在实验过程中，小丽移动蜡烛B,使它与蜡烛A的像完全重合，确定了像的位置，平面镜成像实验时.，

把光屏放在像的位置，发现光屏上并没有像，说明平面镜成的像是虚像；

(3)平面镜所成的像和物体关于平面镜对称，如果玻璃板没有放正，蜡烛的像与蜡烛不在同一水平面上，

所以蜡烛成的像不与蜡烛重合，所以有可能找不到像，根据平面镜成像特点，像与物大小相等，物像连线

与镜面垂直，玻璃板如图乙倾斜放置，平面镜中蜡烛的像将不变。

故答案为:(1)大小；(2)虚;(3)不变；垂直。

(1)实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当

玻琦板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关

系；

(2)用光屏是否能承接到像，是判断实像和虚像的最佳方法：

(3)如果玻璃板没有放正，所成的像不在水平面上，所以无论怎样移动另一支蜡烛都不能与像重合，像的

大小不变：平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面

镜的距离相等。

本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解

答此类题目就很容易。此题引入了“等效替代法”，这是物理学中常用的一种方法，应该有所了解，并学

会使用。

18.物理兴趣小组的同学在“探究影响浮力大小的因素”过程中.经过讨论提出如卜.猜想：

猜想1：浮力的大小与物体浸入液体中的深度有关：

猜想2：浮力的大小与物体排开液体的体积有关；

猜想3：浮力的大小与液体的密度有关；

猜想4：浮力的大小与物体的形状有关。

小组同学分别对以上猜想进行探究，以下是他们的实验过程。

(1)下图中，实验序号B中物体所受浮力大小为_N。

(2)分析—两次实验，可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；分析A、B、C三次实脸，可知浮

力大小与物体排开液体的体积—(选填“有关”或“无关”)；分析A、。、E三次实验，可知在物体排开

液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力—(选填“越大”或“越小”)：

(3)由实验数据还可求出：物体的密度为—kg/m3o(已知P水=L。x103/^”九3,且取1。乂/何)

(4)为了研究猜想4,将两块相同的橡皮泥(不吸水且不溶F水)分别做成不同形状，进行如图所示实验，此

时两弹簧测力计的示数不同，得出浮力的大小与物体形状有关。小明认为该结论不可靠，主要原因

(5)小明觉得用量筒就可以测出橡皮泥的密度，进行了如图所示操作:

①在量筒中加入适量的水，此时读数为匕：

②将橡皮泥捏成小碗形，轻放入显筒中，使其漂浮在水面上，此时读数为彩；

③将橡皮泥用细长针按入水中，此时读数为匕。

橡皮泥的密度为。=一(用P次、匕、匕、匕表示)。

【答案】1

C、D

有美

越大

2X103

没有控制物体排开液体的体积相同

(匕-%)P玳

匕一看

【解析】解：(1)根据称重法测浮力：物体重力G=4N,B中拉力殳=3N,代入得/法=G-FB=4N—

3N=IN。

(2)探究浮力与浸没深度的关系，需要控制排开液体体积、液体密度不变，只改变深度，因此选C、。两次

实验。

A、8、C三次实验，液体密度不变，排开液体体积不同，浮力不同，说明浮力大小与物体排开液体的体积

有关。

A、。、E三次实验，排开体积相同，液体密度越大，测力计拉力越小，浮力越大，说明排开体积一定时，

液体密度越大，物体受到的浮力越大。

(3)物体浸没在水中时，浮力F浮=G-FD=4N-2N=2N

物体体积V=V分=-2------3~-------=2x10-4m3

超P那1.0x10skg/m3xlON/kg

物体质量m=-=£.=04kg

a10N/Ag"

物体密度p=?==2x103kg/m3.

，2x1°0华mA

(4)探究浮力与物体形状的关系时，必须控制排开液体的体积、液体密度不变，该实验改变形状后，没有

控制物体排开液体的体积相同，因此结论不可靠。

(5)橡皮泥漂浮时，浮力等于重力G=F浮=p水g(彩一匕)

得橡皮泥质量m=p^(y2-匕)

橡皮泥浸没在水中时，体积V=1，3-V1

因比密度p=£=号器。

故答案为：(1)1:

(2)。、。；有关；越大；

(3)2x103；

(4)没有控制物体排开液体的体积相同；

⑸

(1)利用称重法求出序号8中物体尸所受浮力;

(2)根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定浮力大小与变化量之间的关系;

(3)利用浮力公式算出物体的体积V,再利用密度公式算出物体的密度p物;

(4)要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同；

(5)橡皮泥排放在水面上，水的体枳增加量就是橡皮泥排开水的体积，求出橡皮泥所受的浮力，由物体的

沉浮条件可知，浮力等于重力，橡皮泥的质量也就求出了，橡皮泥的体积等于橡皮泥和水的总体积减去水

的体积，质量、体积求出，可求出密度。

本施考查影响浮力大小的因素、控制变量法的使用、浮力的测量、密度的计算等知识，是一道综合题。

19.小南为了探究电压一定时电流与电阻的关系，设计了如图甲所示的实验电路，他在学校实验室找来了

如下实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为100、20。、300、

500的定值电阻各一个，标有“20。，14”字样的滑动变阻器一个，导线若干。

(1)请用笔画线代替导线，将图中的实验电路补充完整。要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示

数变大，导线不得交叉。

(2)小南连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为

零，则发生这种故障的原因可能是定值电阻_____(选填“断路”或“短路”)。

(3)排除故障后，小南先把20。的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2K读出电流表

示数后，断开开关，拆下200的电阻，改换10。的电阻，此时闭合开关，电压表的示数(选填“大

十，，“等十”或“小十，，)2V,要完成这次实验，接卜来他应将滑动变阻器的滑片向(选填“左”或

“右”)移动。

(4)当小南改用500的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验

要求的值，利用现有的器材，你认为下列方法中可以解决问题的是______。(填字母序号)

A.把20。的电阻串联在电路中

8.把20。的电阻与滑动变阻器并联

C.改变滑动变阻器的接法

D增加干电池的个数

(5)小南解决了上述问题后，利用收集到的多组数据作出了如图乙所示的电流/随电阻及变化的关系图像。

分析图像可得出结论：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成_____o

(6)实验结束后，小南想利用滑动变阻器(最大阻值为Ro)和电压表测出未知电阻心的阻值，设计的电路如

图丙所示，请你帮助他完成实验。

①闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表示数为以；

②将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电压表示数为4：

③待测电阻表达式：Rx=_。(用心、小、出表示)

【解析】(1)要求滑动变阻器的滑片向右移动时电流表示数变大，根据/=(说明此时电路中的总电阻变

小，滑动变阻器电阻变小，故应将滑动变阻器右下接线柱接入电路，故作图如下：

甲3

(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，说明电压表测

导线电压，因此发生这种故障的原因可能定值电阻R短路。

(3)把20。的电阻改换100的电阻后，根据串联电路的分压原理，此时定值电阻两端电压变小，为了使定值

电阻两端电压增大为2匕根据U=/R,此时应增大电路中的电流，减小滑动变阻器接入电路中的电阻，

故应将滑动变阻器的滑片向右移动。

(4)根据串联电路的分压原理，此时定值电阻两端电压过大，为了使定值电阻两端电压减小至2匕应增大

滑动变阻器的阻值，即更换阻值更大的滑动变阻器分担更多的电压，或者串联一个定值电阻分担滑动变阻

器无法分担的多余的电压。而并联会减小变阻器等效阻值，分压能力更弱，电压表示数会更高，无法解决

问题；滑动变阻器“一上一下”接法已达最大阻值，改接法(如接两下)会使其变为定值电阻，无法调节，

无效：提高电源电压会让定值电阻两端电压更高，所需变阻器阻值更大，问题更严重，故4符合题意，

6CD不符合题意。

故选A。

(5)分析图像，当导体电阻变大时，通过导体的电流在变小，且电流与电阻的乘积恒为2匕因此可得出结

论：在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。

(6)分析电路图丙，闭合开关S,k与滑动变阻器串联，电压表测R*两端电压，将滑动变阻器的滑片移至最

左端，此时电路为a的简单电路，电压表示数为内，即电源电区为名；将滑动变阻器的滑片移至最右端，

此时滑动变阻器阻值最大为治，读出电压表示数为“，即心两端电压为根据中联电路电压的特点，可

得滑动变阻器两端电压为Uo=U1-U2,

根据欧姆定律和串联电路的电流特点，可得电路中的电流为/“=，。琮=若

;(2)短路;(3)小于；右；(4)4：(5)反比；(6)向那2°

(1)要求滑动变阻器的滑片向右移动时.电流表示数变大，根据/=(说明此时电路中的总电阻变小，滑动

K

变阻器电阻变小，故应将滑动变阻器右下接线柱接入电路。

(2)闭合开关后，移动滑动变阻折的滑片时，发现电流表指针止常偏转，电压表不数为零，说明电压表测

导线电压。

⑶把20。的电阻改换10。的电阻后，根据串联电路的分压原理，进行分析判断。

(4)当小南改用50C的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验

要求的值，根据串联电路的分压原理，此时定值电阻两端电压过大，为了使定值电阻两端电压减小至2匕

应增大滑动变阻器的阻值，即更换阻值更大的滑动变阻器分担更多的电压，或者串联一个定值电阻分担滑

动变阻器无法分担的多余的电压。

(5)在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。

(6)分析电路图丙，闭合开关S,%与滑动变阻器串联，电压表测a两端电压，将滑动变阻器的滑片移至最

左端，此时电路为网的简单电路，电压表示数为力,即电源电E为名；将滑动变阻器的滑片移至最右端，

此时滑动变阻器阻值最大为Ro,读出电压表示数为出，即R*两端电压为出，根据串联电路电压的特点，以

及欧姆定律和串联电路的电流特点，可得待测电阻的阻值。

本题为探究“电流与电阻的关系”的实验，以及伏阻法测电阻实验，考查故障分析、操作过程、数据分

析、实验结论等知识。

六、综合题：本大题共2小题，共18分。

20.全球首个人形机器人半程马拉松在北京举行，“天工机器人

U〃ra”夺冠。从春晚舞台到体育赛场，智能机器人已开始进入生活场

景，迈开走向百姓家庭的第一步。若某款机器人质量约为50依，双脚

与地面的接触面积为0.04?M,请完成下列问题。

(1)拟人形态：机器人跑步时也需要穿上鞋子，鞋底防滑纹路可以通过

—来增大摩擦力，缓震中底可以通过_____减小地面的压强；

(2)体育赛场：当该款机器人跑步时对地面的压强是多少？

(3)走向生活：该机器人先用100〃的力在2s内将箱子匀速抬高1,小随后托着箱子在水平地面上以恒定速

度运动20s,前进30〃?，已知该机器人受到的阻力为其对地面压力的0.05倍。求：机器人在水平地面上运

动时牵引力做功的功率。

【答案】增大接触面的粗糙程度；增大受力面积；

该款机器人跑步时对地面的压强为2.5x104Pa：

机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率为45W

【解析】(1)鞋底防滑纹路是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的；

根据p=g压力厂一定时，受力面积S越大，压强〃越小，缓震中底是通过增大受力面积来减小地面的压

强的。

(2)根据重力计算公式可得机器人的重力为：G机黑人=mg=50kgx10N/kg=500N；

机涛人跑步时，对地面的压力尸=G机麴乂=500N,双脚与地面的接触面积S=0.04m2,跑步时是单脚着

地，所以受力面积为：S'="普=0.0262,

根据压强公式可得该款机器人跑步时对地面的压强为：

F

P=?=^500^N=2c-5uX11°c4n

(3)机器人自身重力为500M该机器人先用100N的力将箱子抬高1〃?，故箱子重力为100N,因此总压力

为：

%=G机㈱人+G箱子=500N+100/V=600/V；

因为机器人受到的阻力为总压力的0.05倍，则机器人受到的阻尢为:

f=0.05产点=0.05x600N=30N；

由于机器人在水平地面上做匀速运动，牵引力等于阻力，即F喔=f=30N,机器人在水平地面上运动的

速度为;

S30m

^571.5m/s；

根据P=G;可得牵引力做功的功率为:

P=F铲=30/Vx1.5m/s=450。

答：(1)增大接触面的粗糙程度；增大受力面积；

(2)该款机器人跑步时对地面的压强为2.5x104Pa；

(3)机器人在水平地面上运动时牵引力做功的功率为451%

(1)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触