2025届银川某学校高三第四次月考物理试卷（解析版）

银川一中2025届高三年级第四次月考

物理试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单选题（本题共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中，只有一项

是符合题目要求）

1.在物理学的发展过程中，物理学家们采用了多种研究方法。以下关于物理学研究方法的叙述中，正确的

是（）

AE=：、E=§•和H宁三个公式都采用了比值定义法

B.平均速度、瞬时速度和交流电有效值等物理量的定义均采用了等效替代法

C.在推导匀变速直线运动位移公式时，将整个运动过程细分为许多小段，每一小段近似看作匀速直线运

动，然后将这些小段的位移相加，这种方法是微元法

D.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变

研究加速度与质量的关系，这一实验过程运用了假设法

【答案】C

【解析】

【详解】A.E=§是匀强电场口电场强度与电势差的关系式，不是定义式，故A错误；

B.瞬时速度定义采用的是极限法，故B错误；

C.在推导匀变速直线运动位移公式时，将整个运动过程细分为许多小段，每一小段近似看作匀速直线运

动，然后将这些小段的位移相加，这种方法是微元法，故C正确；

D.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变

研究加速度与质量的关系，这一实验过程运用了控制变量法，故D错误。

故选C。

2.我国自主建设、独立运行北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成，目前已经向一带一路沿线国家提供相

关服务。设想其中一颗人造卫星在发射过程中，原来在椭圆轨道1绕地球七运行，在。点变轨后进入轨道

2做匀速圆周运动，如图所示。下列说法正确的是（）

2

A.在轨道1与在轨道2运行比较.卫星在2点的加速度不同

B.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在。点的动量不同

C.卫星在轨道2的任何位置都具有相同加速度

D.卫星在轨道1的任何位置都具有相同动能

【答案】B

【解析】

【详解】A.在轨道1与在轨道2运行比较，卫星在P点距地球的距离相等，受到的万有引力相等

GMm

r-——--=ma

r-

所以卫星在〃点的加速度相同，故A错误；

B.卫星由轨道1变为软道2,需要加速，则轨道2的速度要大一些，所以卫星在P点的动量轨道2的大于

轨道1的，故B正确：

C.卫星在轨道2的不同位置受到的万有引力大小相同，但方向不同，故产生的加速度大小相同，方向不

同，故卫星在轨道2的不同位置都具有不同加速度，故C错误；

D.轨道1是一个椭圆轨道，乂开普勒第二定律可得，卫星离地球越近，速度越大，则卫星在轨道1上除

了关于地球对称的位置外，各位置具有不同的动能，选项D错误。

故选B。

3.如图所示，将塑料瓶下侧开一个小孔，瓶中灌入清水，水就从小孔流出。将激光水平射向塑料瓶小孔，

观察到激光束沿水流方向发生了弯曲，光被完全限制在水流内，这是光的（）

,<6

A.干涉现象B.全反射现象C.衍射现象D.折射现象

【答案】B

【解析】

【详解】将激光水平射向塑料瓶小孔，观察到激光束沿水流方向发生了弯曲，光被完全限制在水流内，光

从水射出空气时发生全反射现象，所以这是光的全反射现象。

故选

4.如图所示，光滑的圆环固定在竖直平面内，圆心为。。三个完全相同的小圆环八仇c穿在大环上，小

环c上穿过一根轻质细绳，绳子的两端分别固定着小环a、b,通过不断调整三个小环的位置，最终三小环

能恰好在图示位置静止。平衡时“、〃的距离等于绳子长度的一半，。在圆环的最高点。已知小环的质量为

加，重力加速度为g,轻绳与小环的摩擦不计。则（）

A.。与大环间的弹力大小为Mmg

B.绳子的拉力大小为血g

C.，受到两条绳子拉力的合力大小为26〃7g

D.c与大环间的弹力大小为4"?#

【答案】D

【解析】

【详解】AB.三个小圆环能静止在光滑的圆环上，由平衡时〃的距离等于绳子长度的一半可知，abc

恰好能组成一个等边三角形，对a受力分析如图所示

根据共点力卜物体的平衡条件可得

Tasin30°=Nasin60°,Tacos30°=mg+N”cos60°

解得

N0=mg,T(l=g叫

故AB错误；

CD.以c为研究对象，c受到绳子拉力的大小为

T=2T(Icos30°=3mg

所以。与大环间的弹力大小

N—mg+T=

故C错误，D正确。

故选D。

5.如图所示为固定不动的工光滑圆弧形轨道，小球1从轨道顶端做平抛运动，恰好可以到达轨道底端；小

4

球2由静止开始从顶端沿轨道滑到底端，两小球质量相同，则()

A.两小球下落的时间4v『2

B.两小球卜落的时间。=/2

C.在轨道底端重力的瞬时功率6=6

D.在轨道底端重力的瞬时功率《〈优

【答案】A

【解析】

【详解】AB.小球1从轨道顶端做平抛运动，竖直方向为自由落体运动，小球2由静止开始从顶端沿轨道

滑到底端，竖直方向的初速度为0,竖直方向的末速度也为0,表明竖直方向先加速后减速，加速过程由

于轨道的弹力作用，导致竖直方向的加速度小于重力加速度，瓦知，小球1竖直方向的分速度大于小球2

同•水平位置竖直方向的分速度，即在竖直方向上小球1的平均速速度大于小球2平均速度，竖直方向的

分位移相等，则有

<l

故A正确，B错误；

CD.小球1从轨道顶端做平抛运动，到达轨道底端时重力与速度方向相同，重力的瞬时功率不为0,小球

2由静止开始从顶端沿轨道滑到底端，到达轨道底端时重力与速度方向更直，此时重力的瞬时功率等于

0,可知

故CD错误

故选Ao

6.如图为某电子透镜中电场的电场线（虚线）的分布图。一电子仅在电场力作用下运动，其轨迹如图中实

线所示，电子先后经过。、P、。三点。电子从。点运动到Q点的过程中，关于电子的运动，下列说法正

确的是（）

A.加速度一直减小

B.加速度先减小后增大

C.在。点电势能比在。点电势能小

D.从。点到。点电场力做功与从。点到。点电场力做功相等

【答案】C

【解析】

【详解】AB.电场线的疏密表示场强的大小，则电子从。点运动到Q点的过程中，场强先变大后变小，

则电子受到的电场力先增大后减小，加速度先增大后减小，故A错误，B错误；

C.电场力的方向沿电场线的切线方向，且根据曲线运动的合力方向位于轨迹的凹侧，可知电子受到的电场

力的方向与速度方向的夹角大于90、则电场力对电子做负功，电子的电势能增大，在O点电势能比在。点

电势能小，故C正确；

D.从。点到。点电场力做功与从P点到Q点电场力做功谁大谁小无法判断，所以D错误。

故选C。

7.如图所示，A为带正电的点电荷，电量为Q,中间竖直放置一无限大的金属板，B为质量为〃人电量为

的小球，用绝缘丝线悬挂于。点，平衡时丝线与竖直方向的夹角为"且A、B两个小球在同一水平

面上，间距为乙则金属板上的感应电荷在小球B处产生的电场强度大小£为（）

kQ

A.E=

w

mgtan9

B.E=-----------

q

mgtan0kQ

V.£——Ih

qe

mgtan0kQ

ID.E

qe

【答案】D

【解析】

【详解】设点电荷在4处产生的场强为豆，金属板在4处产生的场强为良，B处的场强为瓦矢量叠加

E=E、+E?

受力分析可求

匕—_mgtan0

q

根据点电荷场强公式

%岑

由以上式子联立可得

_mgtanOkQ

故选D。

8.如图所示，A、B和C是光滑水平面上的三个大小相同的小球，A、B球的质量为/〃，C球质量为2m,

其中B、C两小球用不计质量的轻质弹簧连接后静止在水平面上。现A球以速度％沿B、C两球球心的连

线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起。对A、B、C及弹簧组成的系统，下列说法正确的是()

A%BC

O-->.OywjyvvvyO

77777///7777777777777777W7777777777777777777777/A7777777

A.三球速度相等时，弹簧•定处于压缩状态

B.弹簧的最大弹性势能等于］机武

O

C.三球速度相等后，速度将保持不变

D.当弹簧第一次从压缩状态恢复到原长时，C的瞬时速度大小为包

2

【答案】D

【解析】

【详解】AC.三球速度第一次相等时，弹簧处于压缩状态，此后，C球继续加速，A、B球作为整体继续

减速，当弹簧恢复原长时C球的速度比A、B整体的速度大，弹簧继续伸长，当三球速度再次相等时，弹

簧处于拉伸状态，故A、C错误；

B.三球速度相等时弹簧的弹性势能最大，设最大弹性势能为耳，A、B两球碰撞瞬间由动量守恒得

niv()=2〃叫

从开始到三球速度相等过程中，由三球组成的系统动量守恒得

相％=("2+mv2

从A、B两球碰撞结束到三球速度相等过程，根据机械能守恒定律有

g•2/nv：=4++tn+2m)

求得

故C错误;

D.A、B两球碰撞瞬间由动量守恒得

=2〃?%

求得

尸

2

A、B两球的总质量与C球质量相等，从A、B两球碰撞结束到弹簧第一次恢复为原长的过程中，相当于A、

B两球作为整体与C球发牛•了一次弹性碰撞，所以二者发生速度交换，所以当弹簧第一次从压缩状态恢复

到原长时，C球的瞬时速度大小为瓦，故D正确。

2

故选D。

二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符

合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分）

9.如图所示，质量为机的物体（可视为质点）以某一速度从人点冲上倾角为30。的固定斜面，其运动的加

3

速度大小为一g,此物体在斜面上上升的最大高度为儿则在这个过程中物体（）

4

B.克服摩擦力做功

4

C.动能损失了ymgh

4

D.机械能损失了ymgh

【答案】AD

【解析】

【详解】A.物体在斜面上能够上升的最大高度为人所以重力势能增加了/叫人故A正确;

B.根据牛顿第二定律，有

3

ma=—=mgsin300+f

所以摩擦力为

根据几何关系，可知上升九发生位移为2心则克服摩擦力做功为

\Wf\=\-fx2h\=^n^h

故B错误；

C.根据动能定理，有

AE.「=般门=口E、x2h,nFA=ma

联立，可得

AL3，

△且=”gh

3

动能损失了36骸。故C错误;

31

D.物体动能减小了一机的，重力势能增加了mg〃,则机械能减小了一用g力,故D正确。

2

故选ADO

10.如图甲所示，两个完全一样的小木块a和b（可视为质点）用轻绳连接置于水平圆盘上，a与转轴00,

的距离为/。圆盘从静止开始绕转轴极缓慢地加速转动，木块和圆盘保持相对静止。切表示圆盘转动的角

速度，a、b与圆盘保持相对静止的过程中所受摩擦力与"满足如图乙所示关系，图中力:3/。下列判

A.图线（1）对应物体a

B.绳长为21

D.0=电时绳上张力大小为

【答案】BD

【解析】

【详解】A.由图可知，当时，绳上无拉力，木块a和b都由各自的静摩擦力提供向心力

fa=叫疗

fb=〃*

因为

4>〃

所以

fb>fa

故图线（1）对应物体b,A错误；

B.又因为当口=◎时，木块b恰好达到最大静摩擦力且

fb=0=工,f?=3f\

即

22

mrbco=3>mr(ico

得

〃=3?=3/

所以绳长为

a=21

B正确；

CD.

当①=秋时，对木块b有

jumg=mo；­3/

得

例书

当勿=牡时，对木块a有

/./mg-T=mco[-31

联立可得

电书

所以

g=JI外

T=L^ng=Lf2

C错误；D正确，

故选BDo

11.如图所示是原子核的平均结合能（也称比结合能）与质量数的关系图像，通过该图像可以得出一些原

子核的平均结合能，如［0的核子平均结合能约为8MeV,；He的核子平均结合能约为7MeV,根据该

图像判断下列说法正确的是（）

平均结合能/MeV

A.U^6心+fBa+21n是铀235核裂变的核反应方程式

R.由图可知两个：H核结合成：He核会释放出能量

C.把;6。分成8个质子和8个中子比把;6。分成4个；He要多提供约16MeV能量

D.把;6。分成8个质子和8个中子比把;6。分成4个；He要多提供约112MeV能量

【答案】BD

【解析】

【详解】A.铀235核裂变的核反应方程式应为［n+^UT^Kr+^Ba+B'n,故A错误；

B.由图可知：He核的平均结合能大于；H核的平均结合能，所以两个；H核结合成；He核会释放出能

量，故B正确；

CD.把;6。分成8个质子和8个中子需要的能量为

AE,=16x8MeV=128MeV

把;6。分成4个；He需要的能量为

AE2=（16x8-4x7x4）MeV=16MeV

所以，把分成8个质子和8个中子比把;6。分成4个：He要多提供的能量约为

AE；-AE2=(128-16)MeV=112MeV

故C错误，D正确。

故选BD.

三、实验题（本大题共2小题，共15分）

12.用如图甲所示的气垫导轨来验证动量守恒定律，在气垫导轨的一端装有位移传感器（图中天画出），A、

B两物块（可视为质点）沿同一直线运动并发生正碰，若A物块的质量为"”=300g,B物块的质量为〃匕=

150g,表中是电脑记录的A、B两物块在同一时刻与传感器的距离。

XA/IYI1.201.010.800.590.400.350.30

灿/m00.100.210300.400.250

（I）根据表中数据可以判断出位移传感器固定在气垫导轨的（填“左边”或“右边”）。

（2）为了更方便判断A、B碰撞时是否满足动量守恒，于是画出了A、B两物块位置随时间变化的图像

（如图乙），。、〃分别为A、B两物块碰撞前后的位置时间图线,

①碰撞前A物块的速度大小为m/s,碰撞前B物块的速度大小为m/so

②由题中数据结合1-/图像中提供的信息，可判断两滑块组成的系统在相互作用过程中动量_________（填

“守恒”或“不守恒”）,这个碰撞（填“是”或“不是"）弹性碰撞。

【答案】（1）右边⑵①.4②.2（3）.守恒®.不是

【解析】

【小问1详解】

根据表中数据可以判断出位移传感器在开始时距离B较近，则固定在右边。

【小问2详解】

①⑴根据X-/图像可知碰撞前A物块的速度为

0.4-1.2///

vA=-----------m/s=-4m/s

A0.2

即碰撞前A物块的速度大小为4口/s；

⑵同理可得碰撞前B物块的速度

80.2

碰撞后A物块的速度为

以二土"m/s=-bn/s

“0.6-0.2

碰撞后B物块的速度为

k-S—/S

B0.3-0.2

②⑶用代入数据可得

1，121,21,2

<-^vA外仁

乙乙乙L

可知两滑块组成的系统在相互作用过程中动量守恒，这个碰撞不是弹性碰撞。

13.一位同学用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验，如图甲所示，通过电磁铁控制的小球从

3点的正上方A点自由下落，下落过程中经过光电门8时，光电计时器记录下小球过光电门时间/,当地的

重力加速度为g。

40金属球

I。」光电门

B

接计时器

甲

（1）为了验证机械能守恒定律,该实验还需要测量下列哪些物理量.

A.AB之间的距离HB.小球的质量为〃?；

C.小球从A到B的下落时间I.D.小球的直径d

（2）小球通过光电门时的瞬时速度^二（用（1）中测量物理量表达）

（3）多次改变48之间距离〃，重复上述过程，作出，■随，的变化图象如图乙所示，当小球下落过程中

机械能守恒时，该直线斜率的理论值%=。（用（1）中测量物理量表达）

（4）在实验中根据数据实际绘出的图乙直线的斜率为人仅<%）则实验过程中小球所受的平均阻力/与小

球重力2g的比值为（用女、。表示）。

d_

【答案】（1）AD

⑶当

(4)-A—

%

【脩析】

【小问1详解】

A.根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门8的距离，故A正确;

B.根据机械能守恒的表达式可知，方程两边可以约掉质量，因此不需要测量质量，故B错误;

C.利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，故C错误;

D.利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度时，需要知道挡光物体的尺寸，因此需要则量小球的

直径，故D正确。

故选ADO

【小问2详解】

已知经过光电门时的时间小球的直径，则可以由平均速度表示经过光电门时的速度，即

v=—

【小问3详解】

若减小的重力势能等于增加的动能时，可以认为机械能守恒，则有

口1，

tngH=­m\^

解得

2

2gH=

解得

则该直线斜率

【小问4详解】

乙图线

\=kH

因存在阻力，则有

mgH_fH=—niv2

所以重物和纸带下落过程中所受平均阻力与重物所受重力的比值为

mgk。

四、解答题（本大题共3小题，共35分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算

步骤。只写出最后答案不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）

14.某静止在水平地面上的炮车水平发射一枚质量为10kg的炮弹，已知炮弹飞出炮口时，相对于地面的速

度为900m/s,该炮车质量（不包括炮弹）为3000kg.求：

⑴泡弹飞出炮口时，炮车后退的速度多大；

（2）若炮车后退的距离为1.5m,则炮车后退中受到的阻力与其自身重力的比值为多大（重力加速度取

10m/s2）.

【答案】⑴v=3m/s（2）-^-=0.3

Mg

【解析】

【详解】（1）设炮弹的速度㈤、炮车后退的速度大小为v,弹和车的质显分别为相、M,由于内力远大于外力，

由动量守恒得：Mu—

解得:v=3m/s

（2）设炮车后退中受到的阻力为了、位移为x,由动能定理有：-衣=0-3知一

解得:六9000N

阻力与其重力的比值：-^=0.3

Mg

【点睛】本题主要考杳了动量守恒定律的直接应用动能定理的应用，掌握速度的分解和某一方向系统动量

守恒.

15.如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为2.0cm的水银柱，水银柱下密封了一

定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为2.0cm。若将细管倒置，水银柱下表面恰好位于管口处，

且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同。已知大气压强为76cmHg,环境温度为296K。

（1）求细管的长度：

（2）若在倒置前，缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为止，求此时密封

气体的温度。

2.0cm

2.0cm

【答案】(1)41cm；(2)312K

【解析】

【分析】以“液柱”为模型，通过对气体压强分析，利用玻意耳定律和盖-吕萨克定律求得细管长度和温

度，找准初末状态、分析封闭气体经历的变化时关键。易错点：误把气体长度当成细管长度。

【详解】(1)设细管的长度为3横截面的面积为S,水银柱高麦为/?；初始时，设水银柱上表面到管口的

距离为爪被密封气体的体积为上压强为细管倒置时，气体体积为％,压强为〃I。由玻意耳定律有

pV=p\V\

由力的平衡条件可得，细管倒置前后后，管内气体压强有

/kpo+pg力=78cmHg,p15=po5-/9g//5,=74cmHg

式中，〃、g分别为水银密度和重力加速度的大小，po为大气压强。由题意有

V=Sm,V1=S(L-h)

联立解得

L=4Icm

(2)设气体被加热前后的温度分别为7b和7,由盖-吕萨克定律有

上=乜

RT

则

r=3I2K

16.•个小孩做推物块的游戏，如图所示，质量为5的小物块A放置在光滑水平面上，紧靠物块右端有一

辆小车B,小孩蹲在小车上，小孩与车的总质量为6〃?，一起静止在光滑水平面上，物块A左侧紧挨着足

够长的水平传送带传送带的上表面与水平面在同一高度，传送带以速度V顺时针转动。游戏时，A

被小孩以相对水平面的速度吗向左推出，一段时间后返回到传送带右端N,继续向右追上小孩后又立即被

小孩以相对水平面的速度必向左推出，如此反复，直至A追不上小孩为止。已知物块A与传送带MN间

的动摩擦因数为〃，重力加速度为

（1）求物块第一次被推出后，小孩与车的速度大小力;

（2）若传送带转动的速度丫=0.5%,求物块被小孩第一次推出后到返回传送带右端N所用的时间

（3）求物块最多能