专题20 力学计算（3年汇编）（全国）（解析版）高考物理真题（2024-2026）分类汇编

1/2试卷第=page11页，共=sectionpages33页高考物理真题（2024-2026）分类汇编专题20力学计算考点分类三年考情（2024-2026）命题规律考点1力学计算2026河南卷、2026陕晋宁青卷、2026湖北卷、2026湖南卷、2025江西卷、2025天津卷、2025江苏卷、2024贵州卷、2024浙江卷、2024甘肃卷真实情境深度渗透‌：以国产大飞机起降、山地越野赛事、空间站舱体对接等前沿科技/生活场景为载体，不再使用纯理论裸模型出题，要求学生从复杂场景中拆解多过程物理模型。‌综合关联属性突出‌：不再单一考查孤立知识点，会联动运动学、牛顿定律、能量、动量等全力学模块考点，强化“多过程+多物体”的综合链条考查。‌能力导向持续强化‌：弱化机械繁琐的代数运算，重点考查过程拆解、临界条件推导、多解性分析的能力，规避固化刷题套路，依靠深度建模能力实现分数分层。考点01力学计算1．（2026年高考物理真题完全解读（山东卷））如图甲所示，半径r=1m的圆筒竖直放置，上下底面圆心分别为O和O′，筒内有三个互成120°角且可以绕OO′转动的竖直矩形叶片S1、S2和S3，叶片与圆筒上下齐平，宽度等于圆筒半径，N为圆筒上底边沿一点。圆筒上底面固定一半径的水平圆形轨道，轨道上有一长度可忽略的缺口位于O点，OM为轨道直径且OM⊥ON；在轨道的M点放置一小物体，某时刻该物体在内力作用下突然分成A、B两部分并弹开，其质量分别为mA、mB。A以vA=1m/s的速率沿轨道运动至缺口进入圆筒，在筒内做平抛运动后恰好紧贴圆筒下底面沿边穿出。已知g=10m/s2。忽略空气阻力及一切摩擦，轨道、圆筒和叶片的厚度均忽略不计。(1)求A在轨道内运动的时间及圆筒高度；(2)若叶片以恒定角速度顺时针转动，且A运动至缺口时，恰好转过位置，如图乙所示，随后A未与叶片碰撞，从圆筒下底面沿边穿出时，恰好转至位置。（ⅰ）求角速度的大小；（ⅱ）若B运动至缺口后能从任意两个叶片间的区域穿过圆筒，且未与叶片及筒壁碰撞，求。【答案】(1)(2)（ⅰ），（ⅱ））【详解】（1）A在轨道内做匀速圆周运动，运动时间由题知，A以vA=1m/s的速率沿轨道运动至缺口进入圆筒，在筒内做平抛运动后恰好紧贴圆筒下底面沿边穿出，则在水平方向有r=vAt解得t=1s竖直方向有（2）（ⅰ）由于A未与叶片碰撞，从圆筒下底面沿边穿出时，叶片转动了，则叶片角速度（ⅱ）物体在内力作用下突然分成A、B两部分并弹开有mAvA=mBvB则由于B未与筒壁碰撞则有且A运动至缺口时，S1恰好转过ON位置，则以此时为时间基准，则B从M到O所用的时间要使B运动至缺口后能从任意两个叶片间的区域穿过圆筒，则B运动到O时S1或S2或S3要运动到ON反向的位置，则叶片转过的角度（k=0，1，2，3，…）B不与叶片碰撞必须满足解得（k=0，1，2，3，…）则（k=0，1，2，3，…）2．（2026·四川·高考真题）某款国产民用无人机已实现全自动作业。如图所示，无人机完成某次任务后开始返航，此时所在位置与降落点的水平距离为120m，竖直距离为90m。无人机先以10m/s的速度沿水平直线飞行至与降落点水平距离50m处，然后沿原运动方向做匀减速直线运动至降落点正上方，随后用时33s竖直下降至降落点，返航结束。求：(1)无人机沿水平方向做匀减速直线运动的加速度大小。(2)无人机从开始返航到返航结束的位移大小和平均速度大小。【答案】(1)1m/s2(2)150m，3m/s【详解】（1）（1）根据匀变速直线运动公式，代入数据有可得匀减速直线运动的加速度大小为（2）无人机从开始返航到返航结束的位移大小无人机匀速时需要的时间为匀减速阶段的时间为由于竖直方向运动时间为所以全程的平均速度为3．（2026·河北·高考真题）如图所示，质量为的木板上放有一个质量为的机器人，木板始终受到水平向右、大小为的恒力作用。初始时木板与机器人一起以的速度沿水平地面向右匀速运动。机器人正上方有一个沿竖直方向可以伸缩、水平向右速度恒为的机械夹爪。某时刻夹爪将机器人向上提起，后放回木板，同时夹爪缩回，机器人在摩擦力的作用下最终与木板相对静止。取，机器人可视为质点，机器人被提起和放下瞬间竖直方向速度均为零。求(1)机器人被提起的内，木板位移的大小。(2)从机器人被放回木板到与木板相对静止的过程中，摩擦力对机器人所做的功。【答案】(1)(2)【详解】（1）根据题意，设木板与地面间的摩擦因数为，则有解得机器人被提起时，对木板有解得机器人被提起的2s内，木板位移的大小（2）机器人被放回木板时，木板的速度为机器人被放回木板后，恒力与地面对木板的摩擦力平衡，机器人和木板组成的系统所受合力为零，则由动量守恒定律有解得对机器人，由动能定理可得，摩擦力对机器人所做的功4．（2026·江苏·高考真题）一质量的汽车经过一半径的拱形桥顶部时，速度。已知牵引力，阻力。求此时：(1)汽车的向心加速度大小；(2)汽车受到的合力大小。【答案】(1)(2)【详解】（1）根据题意，由向心加速度公式可得（2）汽车在最高点时，水平方向上有竖直方向有则汽车在最高点受到的合力大小为5．（2026·贵州·高考真题）如图，机舱内装有质量均为的甲、乙两个灭火弹模型的弹射型无人机，静止在的斜直轨道上，无人机空载时质量。无人机在弹射系统作用下以的速度沿轨道离开，随后无人机依靠自身动力飞行，达到高度时，开始以的速度沿水平方向做匀速直线运动，并进行投弹训练。设两弹所受空气阻力不计，落地点均在同一水平面上，取重力加速度。(1)求载弹无人机在斜直轨道上运动过程中所受合力的冲量大小和方向；(2)设水平飞行过程中，载弹无人机水平方向动力与质量满足（国际单位制），所受空气阻力大小恒为，方向与飞行方向相反，若两弹相对无人机无初速度先后被释放，时间间隔，求两弹落地点之间的距离；(3)设无人机水平飞行过程中，先相对无人机无初速度释放甲，当甲落地时沿水平方向发射乙，此时乙相对地面的速度大小为，若无人机的速度始终不变，求乙从发射到落地的过程中，两弹之间距离的最小值与取值的关系。【答案】(1)，方向与水平方向夹角为(2)(3)【详解】（1）载弹无人机在斜直轨道上运动过程中，由动量定理有代入数据解得则载弹无人机在斜直轨道上运动过程中所受合力的冲量大小为，方向沿斜直轨道向上，即与水平方向夹角为。（2）先释放一个灭火弹后载弹无人机水平方向的动力大小为水平方向由牛顿第二定律有则释放第一个灭火弹后，第二个灭火弹与无人机一起做匀加速直线运动，所以后释放的灭火弹释放时的速度为从释放第一个灭火弹到释放第二个灭火弹的过程，由速度位移公式可知后释放的灭火弹的位移为由于两弹所受空气阻力不计，则两弹释放后均做平抛运动，有则两弹落地点之间的距离为（3）相对无人机无初速度释放甲，且无人机的速度始终不变，则根据平抛运动规律可知，甲落地时，乙在甲的正上方H处，设发射乙后乙的运动时间为，则此时两弹之间的距离为由二次函数知识可知，当，两弹之间距离最小，即由于，上述对称轴只有在即时，才落在有效区间内。当时，对称轴，二次函数在区间单调递增，最小值在（发射瞬间）取得，此时两弹水平距离为0，竖直距离为，故综上有6．（2026·湖北·高考真题）在如图所示的竖直平面内，固定在水平地面上的光滑轨道由两倾角均为的足够长轨道与一水平轨道平滑连接而成，连接点分别为、。质量为的小物块甲放置在左侧倾斜轨道上高处、质量为的小物块乙静止在水平轨道上，乙到、两点的距离均为。现静止释放甲，所有碰撞均为弹性正碰，重力加速度大小为，不计空气阻力。(1)求甲第一次到达点时的速度大小。(2)求两物块第一次碰撞过程中，乙所受合外力的冲量大小。(3)若两物块在水平轨道上发生第二次碰撞，且第二次碰撞前只有一个物块滑上倾斜轨道，求满足的关系式（不求具体数值）。【答案】(1)(2)(3)当0＜k≤1时，k3+3k2+35k﹣31＞0当1＜k＜3时，3k3+k2+25k﹣37＜0当k＞3时，k3﹣21k2+19k﹣23＞0【详解】（1）甲下滑过程轨道光滑，由动能定理解得（2）第一次碰撞为弹性正碰，设碰后甲速度为，乙速度为，取向右为正方向，由动量守恒和机械能守恒，解得乙弹性碰撞后速度​​对乙由动量定理，合外力冲量等于乙动量变化代入，​得​​​（3）​碰后甲的速度，乙的速度；要使第二次碰撞前只有一个物块滑上倾斜轨道，需对k的取值进行分情况讨论：①当0＜k≤1时，碰后甲、乙均向右运动且v2＞v1≥0，乙先滑上右侧斜面，往返后在水平轨道与甲相遇，设从碰后到相遇经过的总时间为t，根据位移关系有解得需满足在甲到达B点前相遇，即，代入速度化简得k3+3k2+35k﹣31＞0②当k＞1时，碰后甲向左、乙向右运动；若1＜k＜3，则v2＞|v1|，乙先滑上右侧斜面往返后向左追上甲，设从碰后到追及经过的总时间为t，根据位移关系有解得需满足在甲到达A点前追及，即，化简得3k3+k2+25k﹣37＜0若k＞3，则|v1|＞v2，甲先滑上左侧斜面往返后向右追上乙，设从碰后到追及经过的总时间为t，根据位移关系有解得需满足在乙到达B点前追及，即，化简得k3﹣21k2+19k﹣23＞0综上所述，k满足的关系式为当0＜k≤1时，k3+3k2+35k﹣31＞0当1＜k＜3时，3k3+k2+25k﹣37＜0当k＞3时，k3﹣21k2+19k﹣23＞07．（2026·江苏·高考真题）如图所示，在光滑水平面上固定两个柱形光滑轨道，轨道上分别约束着只能沿轨道方向运动的两个小球B和C，质量均为。小球B和C通过弹性限度足够大的相同轻质弹簧与质量为的小球A相连。初始时，两弹簧均处于原长。现有一质量为的小球D以速度沿轨道方向与小球A发生对心弹性碰撞，碰撞时间极短，不计空气阻力。(1)求小球D与A碰撞后瞬间小球A的速度大小；(2)若发生碰撞后小球D不再与A碰撞，求每根弹簧所具有的最大弹性势能；(3)要使弹簧第一次恢复原长时，小球D与A恰好再次发生碰撞，求的值。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）根据题意可知，小球D与小球A发生弹性正碰，由动量守恒定律有由能量守恒定律有联立解得，（2）根据题意可知，小球A、B、C共速时，弹簧的形变量最大，弹簧弹性势能最大，由动量守恒定律有由能量守恒定律有解得（3）根据题意，设小球D与小球A发生弹性正碰后到弹簧再次恢复原长的时间为，由动量守恒定律有两边同时乘以并求和可得要使弹簧恢复原长时，m与M能再次发生碰撞，则有整理可得解得即球质量m和大球质量M的质量比。8．（2026·黑吉辽蒙卷·高考真题）如图，光滑水平面上一质量的木板，其右端通过轻弹簧连接质量的物块，此时弹簧伸长量，物块和木板均静止。质量的小球（可视为质点）通过长的轻绳悬于点。小球从绳与竖直方向成处由静止释放，摆至最低点时与木板右端发生弹性碰撞，时间极短。取重力加速度。(1)求碰撞后瞬间木板的速度大小。(2)弹簧的压缩量第一次为时，物块速度大小为，方向向左。求木板与物块间的动摩擦因数。【答案】(1)(2)【详解】（1）C下摆过程，由机械能守恒定律有解得C与A碰撞，由动量守恒定律和能量守恒定律有，联立解得碰撞后瞬间木板的速度大小（2）A、C碰后，当弹簧的压缩量第一次为时，以向左为正方向，由动量守恒定律有解得由题意可知弹簧的弹性势能不变，由能量守恒定律有解得9．（2026·河南·高考真题）如图，水平地面上的球壳内下端有一小球，球壳的直径D=0.25m，上端距天花板的距离为h=6m。现以v0=11m/s的初速度把球壳连同小球一起竖直向上抛出，球壳与天花板碰撞后经过Δt=0.1s，小球与球壳发生第1次碰撞。所有的碰撞均为弹性碰撞、时间极短，不计球壳厚度和空气阻力，重力加速度大小取g=10m/s2。(1)求小球的直径；(2)求小球与球壳第1次碰撞后瞬间两者速度差的大小，及它们前两次碰撞的时间间隔；(3)若小球与球壳第8次碰撞前瞬间球壳的速度大小为v1=6m/s，求球壳首次碰地时的速度大小。【答案】(1)0.05m(2)2m/s，0.1s(3)【详解】（1）从抛出至球壳与天花板相碰，小球和球壳一起做竖直上抛运动，末速度大小设为，根据速度位移关系式解得球壳与天花板发生弹性碰撞后以原速率反弹，然后向下做匀加速直线运动，小球继续上升，设小球直径为d，从球壳与天花板碰撞后到小球与球壳第1次碰撞，小球与球壳的位移大小之和为D－d，则解得（2）设球壳质量为M，小球质量为m，球壳与小球发生第1次碰撞前速度分别为、，以竖直向下为正方向，则球壳与小球发生弹性碰撞，设碰后速度分别为、由动量守恒定律由机械能守恒定律碰后速度差的大小拓展：发生弹性碰撞，恢复系数第1次碰撞后，球壳与小球均做加速度向下、大小为g的匀变速直线运动，设两次碰撞时间间隔为，两者的相对速度大小始终为，两者的相对位移大小为，有解得（3）取向下为正，第一次碰前：壳速，球速弹性碰撞，每次碰撞后相对速度大小恒为，时间间隔设每次碰撞壳速改变量为（碰前壳快时减速，球快时加速），大小从第1次碰前到第8次碰前，经历7次碰撞和7个0.1s的重力加速（每次加1m/s）递推球壳碰前速度①碰前：2②碰前：③碰前：④碰前：⑤碰前：6⑥碰前：⑦碰前：8⑧碰前：已知⑧碰前壳速为6m/s，故解得由得则可推导出所有速度如表所示（速度均为m/s，＋向上，－向下）碰撞序号时刻碰前壳速碰前球速碰后壳速碰后球速天花板碰0——－1＋1①0.1－20＋1－1②0.20－2－3－1③0.3－4－2－1－3④0.4－2－4－5－3⑤0.5－6－4－3－5⑥0.6－4－6－7－5⑦0.7－8－6－5－7⑧0.8－6－8－9－7⑨0.9－10－8－7－9⑩1.0－8－10－11－9⑪1.1－12－10－9－11利用上表壳速，每段0.1s匀变速，位移，逐段累加球壳位置：时段壳初速位移累加位置y0→0.1s－1－0.155.9750.1→0.2s＋1＋0.056.0250.2→0.3s－3－0.355.6750.3→0.4s－1－0.155.5250.4→0.5s－5－0.554.9750.5→0.6s－3－0.354.6250.6→0.7s－7－0.753.8750.7→0.8s－5－0.553.3250.8→0.9s－9－0.952.3750.9→1.0s－7－0.751.6251.0→1.1s－11－1.150.475（第⑪次碰前）球壳质心位于。此时碰撞后壳速变为（见上表⑪碰后），随后匀加速下降至触地（质心触地高度），下落距离由运动学公式可知则触地速度大小为10．（2026·广东·高考真题）如图是一种球形机器人跳跃原理的示意图，水平横轴过球心点与外壳固定，外壳上的两挡板位于过点的水平线上，两质量均为的摆锤，由长均为的不可伸长轻绳悬挂于轴上的点，初始时刻，两摆锤同时以水平初速度从最低点向相反方向摆动，直至与两挡板发生碰撞，碰撞时间极短，随后带动外壳以共同速度竖直向上运动，机器人到达最高点后落回地面瞬间，外壳立即静止，两摆锤速度不变，与挡板分离，继续向下运动，已知机器人（含摆锤）总质量为，，，。重力加速度取，忽略空气阻力，摆锤可视为质点，求：(1)摆锤与挡板碰撞后瞬间，机器人的动能；(2)机器人外壳上升的最大高度；(3)从摆锤开始运动到第一次外壳落地静止过程中的机械能损失。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）两摆锤以初速度沿外壳向上运动，与挡板相碰前，摆锤机械能守恒。设摆锤与挡板相碰前的速度为v，根据机械能守恒定律有解得摆锤与挡板相碰后与机器人一起运动，根据动量守恒定律有解得机器人起跳时的动能（2）根据速度位移关系可得机器人外壳上升的最大高度（3）机器人外壳落到地面时，机器人外壳的速度立即变为0，根据竖直上抛运动的对称性可知摆锤速度大小为，从摆锤开始运动到第一次外壳落地静止过程中的机械能损失解得11．（2026·云南·高考真题）某同学设计的弹球游戏装置示意图如图所示，装置由一段倾斜直管道和N个相同的不对称“倒V”形管道平滑连接而成，管道透明且光滑，固定在竖直平面内。入口端与第一个“倒V”形管道左端高度差为，每个“倒V”形管道最高点与其左、右两端的高度差分别为和，每个“倒V”形管道的左端均静置1个质量为m的弹球，自上而下依次编号为1，2，3，…，N。开始游戏时，在入口端由静止释放一质量为的弹球P。所有弹球的直径均略小于管道内径，不计管道内径、弹球大小及滚动、弹球与管道相互作用的能量损失和空气阻力，所有弹球之间的碰撞均视为对心弹性碰撞，重力加速度为g。(1)求弹球P与1号弹球第一次碰撞后瞬间，弹球P和1号弹球各自的速度大小；(2)已知：每个弹球在被上方弹球碰撞后，与下方弹球碰撞前不会被上方弹球再次碰撞，且所有弹球（包括P）都能到达出口。（i）求1号弹球与2号弹球第一次碰撞后瞬间，1、2号弹球各自的速度大小；（ii）求弹球P与1号弹球第次碰撞后瞬间的速度大小；（iii）若N足够大，且，求与之间应满足的关系。【答案】(1)，(2)（i），；（ii）；（iii）【详解】（1）P球到达第1个平台时，由机械能守恒定律有解得P球与1球碰撞，由动量守恒定律和机械能守恒定律有，解得，（2）（i）1球到达第2个平台时，由动能定理有解得1球与2球碰撞，由动量守恒定律和机械能守恒定律有，解得，可知两球速度交换；（ii）设P球到达第k个平台时的速度为，与第k个平台处的1球碰撞后的速度为，则P球从第个平台发生第次碰撞后到第k个平台碰撞前，由动能定理①P球在第k个平台与1球碰撞，由动量守恒、机械能守恒，由之前计算结果的规律，可知②联立①②可得由数学知识，可知是等比数列，公比为所以有解得（iii）经分析，只需考虑P球，每次都要越过最高点，则对于任意k（），由能量关系有即变形为由可知则是的减函数，故时，趋近于零，化简为解得12．（2026·山东·高考真题）如图甲所示，半径r=1m的圆筒竖直放置，上下底面圆心分别为O和O′，筒内有三个互成120°角且可以绕OO′转动的竖直矩形叶片S1、S2和S3，叶片与圆筒上下齐平，宽度等于圆筒半径，N为圆筒上底边沿一点。圆筒上底面固定一半径的水平圆形轨道，轨道上有一长度可忽略的缺口位于O点，OM为轨道直径且OM⊥ON；在轨道的M点放置一小物体，某时刻该物体在内力作用下突然分成A、B两部分并弹开，其质量分别为mA、mB。A以vA=1m/s的速率沿轨道运动至缺口进入圆筒，在筒内做平抛运动后恰好紧贴圆筒下底面沿边穿出。已知g=10m/s2。忽略空气阻力及一切摩擦，轨道、圆筒和叶片的厚度均忽略不计。(1)求A在轨道内运动的时间及圆筒高度；(2)若叶片以恒定角速度ω顺时针转动，且A运动至缺口时，S1恰好转过ON位置，如图乙所示，随后A未与叶片碰撞，从圆筒下底面沿边穿出时，S2恰好转至ON位置。（ⅰ）求角速度的大小ω；（ⅱ）若B运动至缺口后能从任意两个叶片间的区域穿过圆筒，且未与叶片及筒壁碰撞，求。【答案】(1)t0=3s，h=5m(2)（ⅰ），（ⅱ）（k=0，1，2，3，…）【详解】（1）A在轨道内做匀速圆周运动，运动时间由题知，A以vA=1m/s的速率沿轨道运动至缺口进入圆筒，在筒内做平抛运动后恰好紧贴圆筒下底面沿边穿出，则在水平方向有r=vAt解得t=1s竖直方向有（2）（ⅰ）由于A未与叶片碰撞，从圆筒下底面沿边穿出时，叶片转动了，则叶片角速度（ⅱ）物体在内力作用下突然分成A、B两部分并弹开有mAvA=mBvB则由于B未与筒壁碰撞则有且A运动至缺口时，S1恰好转过ON位置，则以此时为时间基准，则B从M到O所用的时间要使B运动至缺口后能从任意两个叶片间的区域穿过圆筒，则B运动到O时S1或S2或S3要运动到ON反向的位置，则叶片转过的角度（k=0，1，2，3，…）B不与叶片碰撞必须满足解得（k=0，1，2，3，…）则（k=0，1，2，3，…）13．（2026·湖南·高考真题）如图，长为L的轻杆竖直放置，上端固定一质量为m的小球，下端连接于水平地面上某固定点，杆可绕该点无摩擦转动。小球内部安装了质量不计的智能弹射装置。受轻微扰动后，小球和杆从静止开始一起运动，当两者间弹力为0时，小球脱离轻杆，重力加速度为g，不计空气阻力。(1)求小球接触地面瞬间的速度v的大小；(2)求小球接触地面瞬间的速度与水平面夹角α的正切值；(3)小球与地面碰撞前后，竖直方向分速度大小相等、方向相反，水平方向分速度相等。碰撞后瞬间，智能弹射装置工作，小球在极短时间内分裂成两部分，两部分速度方向均与小球分裂前瞬间的速度方向成θ角（θ已知，且0<θ<α）。设两部分质量之比为k，弹射装置释放的能量为E。（i）求E与k的关系；（ii）当E最小时，若分裂后两部分第一次落地时刻相同，求两部分第一次落地点的间距d。【答案】(1)(2)(3)（i）；（ii）【详解】（1）根据机械能守恒定律有解得小球接触地面瞬间的速度的大小（2）设小球脱离轻杆时，轻杆与竖直方向的夹角为，如图所示设此时小球的速度为，根据机械能守恒定律对小球，根据牛顿第二定律解得，此时小球水平方向分速度竖直方向分速度竖直方向，根据速度位移关系小球接触地面瞬间的速度与水平面夹角的正切值联立解得（3）（i）设其中一部分的质量为，则另一部分质量为，如图所示根据动量守恒定律有，弹射装置释放的能量联立可得（ii）根据数学知识可知，当时，最小为即有，，两小球同时落地，运动时间为可得两小球的距离由可得联立可得14．（2026·陕晋青宁卷·高考真题）如图，某游乐场有一条滑道，由两段粗糙程度不同的直道组成，其中段的长度、倾角为段水平且足够长。初始时游客甲乘滑板从点由静止下滑，经过到达点，此后进入段继续滑行。游客甲和滑板的总质量段、段滑道与滑板间的动摩擦因数分别为、，其中。重力加速度取，。游客和滑板整体视为质点，不计空气阻力及在点处的机械能损失。(1)求AB段滑道与滑板间的动摩擦因数；(2)求AB段甲和滑板的机械能损失及动量变化量的大小；(3)当甲到达点时，游客乙乘同样滑板恰以的速度经过点下滑。求乙到达点时与甲的距离。【答案】(1)(2)，(3)40m【详解】（1）当甲从A点滑至B点根据代入数据可得a=2m/s2根据牛顿第二定律有又因为，所以代入数据联立可得（2）甲从A点滑至B点损失的机械能等于这个过程中摩擦力做的功，所以有根据前面小问可知甲下滑的加速度为a=2m/s2；根据运动学公式可得甲到达B点的速度为12m/s所以AB段动量的变化量为（3）乙从A滑到B的过程根据运动学公式有代入数据解得甲在地面上做匀减速运动，根据牛顿第二定律有可得甲到达B点的速度为，在4s内甲没有停止；在内，甲运动的距离代入数据解得，即甲乙之间的距离为40m。15．（2026·浙江·高考真题）如图所示。一宽度为d的光滑长方形平板MNQP，长边MN、PQ分别平滑连接半径均为r的光滑圆弧面，形成“U”形槽，将其整体固定在水平地面上。现有质量为m的物块a，从圆弧面上相对平板竖直高度为h的A点静止下滑(h<<r)，途经圆弧面上最低点B，平板上有一质量为的物块b与MN成45°角从O点滑入圆弧面，第一次到达最高点时恰好与同时到达最高点的物块a发生弹性碰撞。两物块均为质点。(1)求物块a第一次经过B点时速度大小v0和所受支持力大小FN；(2)从A到B的过程：物块a相对于B点位移为x，求其所受回复力F与x的关系式；(3)求物块b的初速度大小vb以及碰撞后瞬间物块a的速度大小va；(4)若h=0.032m，r=10m，d=0.4m，要使物块a从NQ之间滑离，求BQ间距L的范围。【答案】(1)，，方向竖直向上(2)(3)，(4)见解析【详解】（1）对a物块下滑过程中根据动能定理有可得；在B点根据牛顿第二定律有可得，方向竖直向上；（2）如图由于h<<r，滑块a所受回复力F，则可知滑块受到的回复力F与x成正比，方向与x相反，因此滑块a从释放到第一次到达最低点的运动是简谐运动。（3）滑块b在圆弧形斜面上垂直槽轴线方向的运动性质与a相同，平行槽轴线方向做匀速度直线运动。设滑块b的速度沿槽轴线和垂直槽轴线分速度为vbx、vby，如图当vbx=0时，滑块b第一次滑到最高点，由题意可知滑块b到达的最高点高度与滑块a的开始下滑的高度相等。此时速度为vby，经历的时间t1为；又因与滑块a最高点相同，由题意可知即因为滑块a、b在最高点发生碰撞，设碰后滑块b的速度为v'by。由动量守恒和机械能守恒有，联立解得，（4）碰后滑块a在平行于槽轴线方向的速度始终为va，从MN边界射出的最基本的几种临界情况如图1、2、3、4所示。考虑周期性，则L有多种情况由题给数据可得，，滑块a每一次在圆弧型斜面上滑或下滑的时间为滑块a每一次滑过水平面的时间为又由于滑块a从任一点出发回到该点同高度位置时的时间相等，设时间为T，则T=4t1+2t2=(2π+1)s滑块a由碰后到从MN之间飞出的时间t满足，L=0.4t所以由图1、2可知或，……由图3、4可知即或者，……综上分析可知t应满足则滑块a能从MN之间飞出时L的范围为，（n=0，1，2，3，4……）16．（2025·贵州·高考真题）杵臼是我国古代加工谷物的重要工具，在《诗经·大雅》中有明确记载。使用杵臼的示意图如图（a）所示，舂捣臼中谷物时，手紧握质量为的石杵（石杵与谷物接触但未陷入），对其施加一竖直向上的恒力使其上升，作用一段时间后松手，松手后不考虑手与石杵的作用力。当石杵上升到最高点时，手再次紧握石杵并对其施加一竖直向下的作用力，其大小随下降距离的变化关系如图（b）所示，图中为的最大值。石杵接触谷物时松手，松手后不考虑手与石杵的作用力，再经过时间石杵静止，完成一次舂捣。已知，取重力加速度大小。求：(1)石杵上升的最大高度及上升过程所用的时间；(2)时间内石杵对谷物的平均作用力大小。【答案】(1)0.4m，0.8s(2)425N【详解】（1）对石杵施加一竖直向上的恒力，当作用时间为的过程中的加速度此时的速度v1=at1=1m/s上升的位移撤去F1后还能上升的高度还能上升的时间石杵上升的最大高度上升过程所用的时间（2）根据图像，石杵下落过程中F2对石杵做功为当到达石杵接触谷物时由动能定理解得v2=4m/s石杵与谷物作用的过程，对石杵由动量定理（向上为正）解得F=425N根据牛顿第三定律可知，石杵对谷物的平均作用力大小425N。17．（2025·天津·高考真题）如图所示，半径为R=0.45m的四分之一圆轨道AB竖直固定放置，与水平桌面在B点平滑连接。质量为m=0.12kg的玩具小车从A点由静止释放，运动到桌面上C点时与质量为M=0.18kg的静置物块发生碰撞并粘在一起，形成的组合体匀减速滑行x=0.20m至D点停止。A点至C点光滑，小车和物块碰撞时间极短，小车、物块及组合体均视为质点，g取10m/s2，不计空气阻力。求：(1)小车运动至圆轨道B点时所受支持力FN的大小；(2)小车与物块碰撞后瞬间组合体速度v的大小；(3)组合体与水平桌面CD间的动摩擦因数μ的值。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）设小车运动至圆轨道B点时的速度大小为，由机械能守恒定律，有由牛顿第二定律，有代入数据，联立解得（2）小车与物块在C点碰撞，在水平方向由动量守恒，有代入数据，联立解得（3）组合体水平方向受动摩擦力作用，从C点匀减速运动至D点静止，由动能定理，有代入数据，联立解得18．（2025·江西·高考真题）如图所示，在竖直平面内一轻质弹力绳的一端固定于P点，另一端经光滑孔钉Q连接质量为m的小球A，该球穿过与水平直杆（足够长）成角的直杆，两杆平滑连接。点P、Q和O在同一竖直线上，间距为弹力绳原长。将小球A拉至与Q等高的位置由静止释放。当小球A首次运动到斜杆底端O点后，在水平方向与穿在直杆且静止于O点、质量为的小球B发生弹性碰撞。小球A、B与杆间的动摩擦因数均为，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。弹力绳始终在弹性限度内且满足胡克定律，劲度系数为k，其弹性势能与伸长量x的关系为。已知重力加速度为g，间距为。(1)求小球A下滑过程中滑动摩擦力的大小；(2)若从碰撞后开始计时，小球A第一次上滑过程中离O点的距离x与时间t关系为（为常数），求小球A第一次速度为零时，小球B与O点的距离。【答案】(1)(2)【详解】（1）如图所示以点为坐标原点，沿倾斜直杆ON向上为x轴正方向建立坐标系。任意选取小球A下滑过程中的某一位置，设此时弹力绳的伸长量为，小球A受到的滑动摩擦力为，小球A对倾斜直杆的压力为，小球A所受弹力绳的拉力为F，弹力绳与倾斜直杆的夹角为，孔钉Q到倾斜直杆的距离为。设对小球A进行受力分析，可知，，由几何关系可得联立解得（2）设小球A下滑到斜杆底端点时的速度为，小球由静止释放运动到点的过程中，由动能定理可得可得由小球A、B发生弹性碰撞后瞬间的速度分别为、，由动量守恒定律和能量守恒定律有，解得，由，可知小球A上滑过程做简谐运动，小球A第一次速度为零时，距离达到最大值，则有解得小球B碰撞后开始在直杆OM上做匀减速运动，加速度为，设小球B速度减为0所经历的时间为，则因，则小球A在碰撞后第一次速度为零时，小球B与点的距离为，则有联立解得19．（2025·浙江·高考真题）某兴趣小组设计了一传送装置，其竖直截面如图所示。AB是倾角为的斜轨道，BC是以恒定速率顺时针转动的足够长水平传送带，紧靠C端有半径为R、质量为M置于光滑水平面上的可动半圆弧轨道，水平面和传送带BC处于同一高度，各连接处平滑过渡。现有一质量为m的物块，从轨道AB上与B相距L的P点由静止下滑，经传送带末端C点滑入圆弧轨道。物块与传送带间的动摩擦因数为，其余接触面均光滑。已知，，，，，,。不计空气阻力，物块可视为质点，传送带足够长。求物块(1)滑到B点处的速度大小；(2)从B点运动到C点过程中摩擦力对其做的功；(3)在传送带上滑动过程中产生的滑痕长度；(4)即将离开圆弧轨道最高点的瞬间，受到轨道的压力大小。【答案】(1)4m/s(2)0.9J(3)0.2m(4)3N【详解】（1）滑块从P点到B点由动能定理解得到达B点的速度（2）物块滑上传送带后做加速运动直到与传送带共速，摩擦力对其做的功（3）物块在传送带上加速运动的加速度为加速到共速时用时间在传送带上滑动过程中产生的滑痕长度（4）从滑块开始进入圆弧槽到到达圆弧槽最高点由水平方向动量守恒和能量关系可知，联立解得（另一组，因不合实际舍掉）对滑块在最高点时由牛顿第二定律解得F=3N20．（2025·全国卷·高考真题）如图，物块P固定在水平面上，其上表面有半径为R的圆弧轨道。P右端与薄板Q连在一起，圆弧轨道与Q上表面平滑连接。一轻弹簧的右端固定在Q上，另一端自由。质量为m的小球自圆弧顶端A点上方的B点自由下落，落到A点后沿圆弧轨道下滑，小球与弹簧接触后，当速度减小至刚接触时的时弹簧的弹性势能为2mgR，此时断开P和Q的连接，Q从静止开始向右滑动。g为重力加速度大小，忽略空气阻力，圆弧轨道及Q的上、下表面均光滑，弹簧长度的变化始终在弹性限度内。(1)求小球从落入圆弧轨道至离开圆弧轨道，重力对其做的功；(2)求小球与弹簧刚接触时速度的大小及B、A两点间的距离；(3)欲使P和Q断开后，弹簧的最大弹性势能等于2.2mgR，Q的质量应为多大？(4)欲使P和Q断开后，Q的最终动能最大，Q的质量应为多大？【答案】(1)(2)，(3)(4)【详解】（1）小球从落入圆弧轨道至离开圆弧轨道，重力对其做的功为（2）设小球与弹簧刚接触时速度的大小为v0，由机械能守恒定律可知，其中同时有联立解得，（3）弹簧达到最大弹性势能时，小球与Q共速，设Q的质量为M，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有，，其中联立解得（4）对Q和小球整体根据机械能守恒可知要使Q的最终动能最大，需满足小球的速度刚好为零时，此时弹簧刚好恢复原长；设此时Q的质量为M′，Q的最大速度为vm，根据动量守恒和机械能守恒有，解得21．（2025·重庆·高考真题）如图所示，长度为d的水平传送带M顺时针匀速运动。质量为m的小物块A在传送带左端M由静止释放。A还未与传送带达到相同速度时就从右端N平滑地进入光滑水平面NO，与向右运动的小物块B发生碰撞（碰撞时间极短）。碰后A、B均向右运动，从O点进入粗糙水平地面。设A与传送带间的动摩擦因数和A、B与地面间的动摩擦因数均为，重力加速度为g。(1)求A在传送带上的加速度大小及离开传送带时的速度大小；(2)若碰前瞬间，B的速度大小为A的一半，碰撞为弹性碰撞，且碰后A、B在粗糙地面上停下后相距d，求B的质量；(3)若B的质量是A的n倍，碰后瞬间A和B的动量相同，求n的取值范围及碰后瞬间B的速度大小范围。【答案】(1)，(2)(3)，【详解】（1）A在传送带上由滑动摩擦力提供加速度，即可得由于A还没与传送带达到相同速度时就离开传送带，所以物体在传送带上做匀加速直线运动，由解得（2）设B的质量为M，则由题意由碰前，，两物体发生弹性碰撞则动量和能量守恒有，又因为在弹性碰撞中，碰前相对速度与碰后相对速度大小相等，方向相反，即联立解得，因为OP段粗糙，由动能定理有得，即，根据题意有，且由（1）有联立各式解得（3）设碰前小物块B向右运动的速度为,A、B发生碰撞，则A、B碰撞过程动量守恒有又因为碰后瞬间A和B的动量相同，则则，根据碰撞的约束条件，要两物块不发生二次碰撞则有，即碰后动能不增，即，可得所以n的取值范围为分别将和代入，分别可得，所以对应的B的速度范围为，代入可得22．（2025·甘肃·高考真题）如图1所示，细杆两端固定，质量为m的物块穿在细杆上。初始时刻。物块刚好能静止在细杆上。现以水平向左的力F作用在物块上，F随时间t的变化如图2所示。开始滑动瞬间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力。细杆足够长，重力加速度为g，θ=30°。求：(1)t=6s时F的大小，以及t在0~6s内F的冲量大小。(2)t在0~6s内，摩擦力f随时间t变化的关系式，并作出相应的f−t图像。(3)t=6s时，物块的速度大小。【答案】(1)，(2)(3)【详解】（1）由图2可知F随时间线性变化，根据数学知识可知所以当t=6s时，0~6s内F的冲量为F−t图围成的面积，即（2）由于初始时刻。物块刚好能静止在细杆上，则有即在垂直杆方向，当时，则0−4s，垂直杆方向摩擦力在4−6s内，垂直杆方向摩擦力相应的f−t图像如图（3）在0~6s内沿杆方向根据动量定理有在0~6s内摩擦力的冲量为f−t图围成的面积，则联立有可得23．（2025·北京·高考真题）某物体以一定初速度从地面竖直向上抛出，经过时间t到达最高点。在最高点该物体炸裂成两部分，质量分别为和m，其中A以速度v沿水平方向飞出。重力加速度为g，不计空气阻力。求：(1)该物体抛出时的初速度大小；(2)炸裂后瞬间B的速度大小；(3)落地点之间的距离d。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）物体竖直上抛至最高点时速度为0，由运动学公式可得（2）爆炸瞬间水平方向动量守恒，爆炸前总动量为0。A速度为v，设B速度为vB，由动量守恒定律得解得即大小为2v（3）根据竖直上抛运动的对称性可知下落时间与上升时间相等为t，则A的水平位移B的水平位移所以落地点A、B之间的距离24．（2025·湖南·高考真题）某地为发展旅游经济，因地制宜利用山体举办了机器人杂技表演。表演中，需要将质量为m的机器人抛至悬崖上的A点，图为山体截面与表演装置示意图。a、b为同一水平面上两条光滑平行轨道，轨道中有质量为M的滑杆。滑杆用长度为L的轻绳与机器人相连。初始时刻，轻绳绷紧且与轨道平行，机器人从B点以初速度v竖直向下运动，B点位于轨道平面上，且在A点正下方，。滑杆始终与轨道垂直，机器人可视为质点且始终作同一竖直平面内运动，不计空气阻力，轻绳不可伸长，，重力加速度大小为g。(1)若滑杆固定，，当机器人运动到滑杆正下方时，求轻绳拉力的大小；(2)若滑杆固定，当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为时，机器人松开轻绳后被抛至A点，求v的大小；(3)若滑杆能沿轨道自由滑动，，且，当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为时，机器人松开轻绳后被抛至A点，求v与k的关系式及v的最小值。【答案】(1)(2)(3)，【详解】（1）由B点到最低点过程动能定理有最低点牛顿第二定律可得联立可得（2）轻绳运动到左上方与水平方向夹角为时由能量守恒可得水平方向竖直方向取向上为正可得联立可得（3）当机器人运动到滑杆左上方且与水平方向夹角为时计为点C，由能量守恒可得设的水平速度和竖直速度分别为，则有则水平方向动量守恒可得水平方向满足人船模型可得此时机器人相对滑杆做圆周运动，因此有速度关系为水平方向竖直方向联立可得即显然当时取得最小，此时25．（2025·河北·高考真题）如图，一长为2m的平台，距水平地面高度为1.8m。质量为0.01kg的小物块以3m/s的初速度从平台左端水平向右运动。物块与平台、地面间的动摩擦因数均为0.2。物块视为质点，不考虑空气阻力，重力加速度g取10m/s2。(1)求物块第一次落到地面时距平台右端的水平距离。(2)若物块第一次落到地面后弹起的最大高度为0.45m，物块从离开平台到弹起至最大高度所用时间共计1s。求物块第一次与地面接触过程中，所受弹力冲量的大小，以及物块弹离地面时水平速度的大小。【答案】(1)0.6m(2)IN=0.1N·s；vx′=0【详解】（1）小物块在平台做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律有a=μg则小物块从开始运动到离开平台有小物块从平台飞出后做平抛运动有，x=vxt1联立解得x=0.6m（2）物块第一次落到地面后弹起的最大高度为0.45m，则物块弹起至最大高度所用时间和弹起的初速度有，vy2=gt2则物块与地面接触的时间Δt=t－t1－t2=0.1s物块与地面接触的过程中根据动量定理，取竖直向上为正，在竖直方向有IN－mgΔt=mvy2－m(－vy1)，vy1=gt1解得IN=0.1N·s取水平向右为正，在水平方向有，解得vx′=－1m/s但由于vx′减小为0将无相对运动和相对运动的趋势，故vx′=026．（2025·江苏·高考真题）如图所示，在光滑水平面上，左右两列相同的小钢球沿同一直线放置。每列有n个。在两列钢球之间，一质量为m的玻璃球以初速度向右运动，与钢球发生正碰。所有球之间的碰撞均视为弹性碰撞。(1)若钢球质量为m，求最右侧的钢球最终运动的速度大小；(2)若钢球质量为，求玻璃球与右侧钢球发生第一次碰撞后，玻璃球的速度大小；(3)若钢球质量为，求玻璃球经历次碰撞后的动能。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）根据题意可知，所有碰撞均为弹性碰撞，由于钢球质量也为m，根据动量守恒和机械能守恒可知,碰撞过程中，二者速度互换，则最终碰撞后最右侧钢球的速度大小等于开始碰撞前玻璃球的初速度为。（2）根据题意可知，所有碰撞均为弹性碰撞，则由动量守恒定律有由能量守恒定律有解得，负号表示速度反向，则玻璃球的速度大小为（3）根据题意结合小问2分析可知，玻璃球与右侧第一个小球碰撞后反弹，且速度大小变为碰撞前的，右侧第一个小球又与第二个小球发生弹性碰撞，速度互换，静止在光滑水平面上，玻璃球反弹后与左侧第一个小球同样发生弹性碰撞，同理可得，碰撞后玻璃球再次反弹，且速度大小为碰撞前的，综上所述，玻璃球碰撞次后速度大小为则玻璃球碰撞次后最终动能大小27．（2025·河南·高考真题）如图，在一段水平光滑直道上每间隔铺设有宽度为的防滑带。在最左端防滑带的左边缘静止有质量为的小物块P，另一质量为的小物块Q以的速度向右运动并与P发生正碰，且碰撞时间极短。已知碰撞后瞬间P的速度大小为，P、Q与防滑带间的动摩擦因数均为，重力加速度大小。求：(1)该碰撞过程中损失的机械能；(2)P从开始运动到静止经历的时间。【答案】(1)24.5J(2)5s【详解】（1）P、Q与发生正碰，由动量守恒定律由能量守恒定律联立可得，（2）对物块P受力分析由牛顿第二定律物块P在第一个防滑带上运动时，由运动学公式，解得则物块P在第一个防滑带上运动的时间为物块P在光滑的直道上做匀速直线运动，则解得物块P在第二个防滑带上运动时，由运动学公式，解得则物块P在第二个防滑带上运动的时间为物块P在光滑的直道上做匀速直线运动，则解得由以上条件可知，物块P最终停在第三个防滑带上，由运动学公式可得物块P在第三个防滑带上运动的时间为故物块P从开始运动到静止经历的时间为28．（2025·广西·高考真题）图甲为某智能分装系统工作原理示意图，每个散货经倾斜传送带由底端A运动到顶端B后水平抛出，撞击冲量式传感器使其输出一个脉冲信号，随后竖直掉入以与水平传送带共速度的货箱中，此系统利用传感器探测散货的质量，自动调节水平传送带的速度，实现按规格分装。倾斜传送带与水平地面夹角为，以速度匀速运行。若以相同的时间间隔将散货以几乎为0的速度放置在倾斜传送带底端A，从放置某个散货时开始计数，当放置第10个散货时，第1个散货恰好被水平抛出。散货与倾斜传送带间的动摩擦因数，到达顶端前已与传送带共速。设散货与传感器撞击时间极短，撞击后竖直方向速度不变，水平速度变为0。每个长度为d的货箱装总质量为M的一批散货。若货箱之间无间隔，重力加速度为g。分装系统稳定运行后，连续装货，某段时间传感器输出的每个脉冲信号与横轴所围面积为I如图乙，求这段时间内：(1)单个散货的质量。(2)水平传送带的平均传送速度大小。(3)倾斜传送带的平均输出功率。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）某段时间传感器输出的每个脉冲信号与横轴所围面积为I，可知受到的冲量为I，则对单个散货水平方向由动量定理解得单个散货的质量为（2）落入货箱中散货的个数为则水平传送带的平均传送速度大小为（3）倾斜传动带上一共有10个物块，每次经过，后一个物块总会到达前一个物块的位置，因此在时间可视为第10个物块一次性传输到第1个物块的位置；设倾斜传送带的长度为L，其中散货在加速阶段，由牛顿第二定律解得加速时间加速位移设匀速时间为，其中则匀速位移为故传送带的长度为加速阶段散货与传送带发生的相对位移为在时间内传送带对外输出的功率分别用于提升物块的高度和增加物块的动能，即其中，

联立可得倾斜传送带的平均输出功率为29．（2025·湖北·高考真题）如图所示，一足够长的平直木板放置在水平地面上，木板上有3n（n是大于1的正整数）个质量均为m的相同小滑块，从左向右依次编号为1、2、…、3n，木板的质量为nm。相邻滑块间的距离均为L，木板与地面之间的动摩擦因数为，滑块与木板间的动摩擦因数为。初始时木板和所有滑块均处于静止状态。现给第1个滑块一个水平向右的初速度，大小为（为足够大常数，g为重力加速度大小）。滑块间的每次碰撞时间极短，碰后滑块均会粘在一起继续运动。最大静摩擦力等于滑动摩擦力。(1)求第1个滑块与第2个滑块碰撞前瞬间，第1个滑块的速度大小(2)记木板滑动前第j个滑块开始滑动时的速度为，第个滑块开始滑动时的速度为。用已知量和表示。(3)若木板开始滑动后，滑块间恰好不再相碰，求的值。（参考公式：）【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）滑块1运动时，对木板的摩擦力为地面对木板的摩擦力为所以此过程中木板保持不动；每个滑块之间距离为L，所以对滑块1根据动能定理有解得（2）滑块间碰撞时间极短，碰后滑块粘在一起运动，若长木板不动，第j个滑块开始运动时加速度为根据运动学公式，第j个滑块开始滑动到和第个滑块碰撞时，有第j个滑块和第j+1个滑块碰撞过程中动量守恒有联立可得（3）当第k个木块开始滑动时，木板恰好要滑动，此时有解得（n为整数）则第个（即）木块开始滑动时，木板开始滑动，要刚好不发生下一次碰撞，假设木板和剩下的木块不发生相对滑动，则则木板和剩下的木块不发生相对滑动。对前面个（即）木块，有木板开始滑动时，刚好不发生下一次碰撞，则对前面个木块和个木块共速，且相对位移恰好为，则则又则则j=1时，第一个滑块开始运动的速度，则j=2时，根据动量守恒定律可得可得第2个滑块开始运动的速度，则由第二问可得，，则对第3个滑块到第个滑块有……将从j=2到j=k+1相关方程累积求和可得联立，可得30．（2025·海南·高考真题）某自动包装系统的部分结构简化后如图所示，足够长的传送带固定在竖直平面内，半径为，圆心角的圆弧轨道与平台平滑连接，平台与顺时针匀速转动的水平传送带平滑连接，工件A从圆弧顶点无初速度下滑，在平台上滑入静止的空箱B并与其瞬间粘连成一个整体，随后一起滑上传送带，与传送带共速后进入下一道工序。已知工件A质量为，空箱B的质量为，A、B及粘连成的整体均可视为质点，整体与传送带间的动摩擦因数恒定，在传送带上运动的过程中因摩擦产生的热量，忽略轨道及平台的摩擦，，重力加速度。求：(1)工件A滑到圆弧轨道最低点时受到的支持力；(2)工件A与空箱B在整个碰撞过程中损失的机械能；(3)传送带的速度大小。【答案】(1)，方向竖直向上；(2)(3)或【详解】（1）工件A从开始到滑到圆弧轨道最低点间，根据机械能守恒解得在最低点根据牛顿第二定律解得，方向竖直向上；（2）根据题意工件A滑入空箱B后粘连成一个整体，根据动量守恒解得故A与B整个碰撞过程中损失的机械能为（3）第一种情况，当传送带速度小于时，AB粘连成的整体滑上传送带后先减速后匀速运动，设AB与传送带间的动摩擦因数为，对AB根据牛顿第二定律设经过时间后AB与传送带共速，可得该段时间内AB运动的位移为传送带运动的位移为故可得联立解得，另一解大于舍去；第二种情况，当传送带速度大于时，AB滑上传送带后先加速后匀速运动，设经过时间后AB与传送带共速，同理可得该段时间内AB运动的位移为传送带运动的位移为故可得解得，另一解小于舍去。31．（2025·四川·高考真题）如图所示，倾角为的斜面固定于水平地面，斜面上固定有半径为R的半圆挡板和长为的直挡板。a为直挡板下端点，bd为半圆挡板直径且沿水平方向，c为半圆挡板最高点，两挡板相切于b点，de与ab平行且等长。小球乙被锁定在c点。小球甲从a点以一定初速度出发，沿挡板运动到c点与小球乙发生完全弹性碰撞，碰撞前瞬间解除对小球乙的锁定，小球乙在此后的运动过程中无其他碰撞。小球甲质量为，两小球均可视为质点，不计一切摩擦，重力加速度大小为g。(1)求小球甲从a点沿直线运动到b点过程中的加速度大小；(2)若小球甲恰能到达c点，且碰撞后小球乙能运动到e点，求小球乙与小球甲的质量比值应满足的条件；(3)在满足（2）中质量比值的条件下，若碰撞后小球乙能穿过线段de，求小球甲初动能应满足的条件。【答案】(1)(2)或(3)【详解】（1）小球甲从a点沿直线运动到b点过程中,根据牛顿第二定律有解得甲在ab段运动的加速度大小（2）甲恰能到c点，设到达c点时的速度为，可知解得①根据题意甲乙发生完全弹性碰撞，碰撞前后根据动量守恒和能量守恒，解得碰后乙的速度为②碰后乙能运动至点，第一种情况，碰后乙顺着挡板做圆周运动后沿着斜面到达e点，此时需满足即③联立①②③可得第二种情况，碰后乙做类平抛运动到达e点，此时可知，解得④联立①②④可得（3）在（2）问的质量比条件下，若碰后乙能越过线段，根据前面分析可知当满足第一种情况时，碰后乙做圆周运动显然不满足能越过线段，故碰后乙做类平抛运动越过线段，故碰后乙的速度必然满足同时根据类平抛运动规律可知，同时需保证小球不能撞击到圆弧cd上，可得当，联立解得⑤联立②⑤将代入可得⑥对甲球从a到c过程中根据动能定理⑦联立⑥⑦可得32．（2025·浙江·高考真题）一游戏装置的竖直截面如图所示。倾斜直轨道AB、半径为R的竖直螺旋轨道、水平轨道BC和、倾角为的倾斜直轨道EF平滑连接成一个抛体装置。该装置除EF段轨道粗糙外，其余各段均光滑，F点与水平高台GHI等高。游戏开始，一质量为m的滑块1从轨道AB上的高度h处静止滑下，与静止在C点、质量也为m的滑块2发生完全非弹性碰撞后组合成滑块3，滑上滑轨。若滑块3落在GH段，反弹后水平分速度保持不变，竖直分速度减半；若滑块落在H点右侧，立即停止运动。已知，EF段长度，FG间距，GH间距，HI间距，EF段。滑块1、2、3均可视为质点，不计空气阻力，，。(1)若，求碰撞后瞬间滑块3的速度大小；(2)若滑块3恰好能通过圆轨道，求高度h；(3)若滑块3最终落入I点的洞中，则游戏成功。讨论游戏成功的高度h。【答案】(1)(2)2m(3)2.5m或2m【详解】（1）对滑块1由动能定理解得滑块1与滑块2碰前的速度大小为滑块1与滑块2碰撞过程中，由动量守恒定律解得碰撞后瞬间滑块3的速度大小为（2）在轨道D点，由牛顿第二定律解得滑块3从D点到C＇点，由机械能守恒定律解得结合，联立解得（3）滑块3从C＇点到F点的过程中，由动能定理若滑块3直接落入洞中，则竖直方向水平方向结合，联立解得若经一次反弹落入洞中，则水平方向结合，联立解得由计算结果，可知滑块在斜轨道上高度为处开始下滑，是滑块能通过圆轨道最高点的最小高度，因此是滑块开始下滑到在GH经一次反弹落入洞中。因此小问3的答案是或。33．（2024·天津·高考真题）如图所示，光滑半圆轨道直径沿竖直方向，最低点与水平面相切。对静置于轨道最低点的小球A施加水平向左的瞬时冲量I，A沿轨道运动到最高点时，与用轻绳悬挂的静止小球B正碰并粘在一起。已知I=1.8N∙s，A、B的质量分别为mA=0.3kg、mB=0.1kg，轨道半径和绳长均为R=0.5m，两球均视为质点，轻绳不可伸长，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力。求：(1)与B碰前瞬间A的速度大小；(2)A、B碰后瞬间轻绳的拉力大小。【答案】(1)4m/s(2)11.2N【详解】（1）根据题意，设小球A从最低点开始运动时的速度为v0，由动量定理有设与B碰前瞬间A的速度大小v，从最低点到最高点，由动能定理有联立代入数据解得（2）A与用轻绳悬挂的静止小球B正碰并粘在一起，由动量守恒定律有设A、B碰后瞬间轻绳的拉力大小为F，由牛顿第二定律有联立代入数据解得34．（2024·贵州·高考真题）如图，半径为的四分之一光滑圆轨道固定在竖直平面内，其末端与水平地面相切于P点，的长度。一长为的水平传送带以恒定速率逆时针转动，其右端与地面在M点无缝对接。物块a从圆轨道顶端由静止释放，沿轨道下滑至P点，再向左做直线运动至M点与静止的物块b发生弹性正碰，碰撞时间极短。碰撞后b向左运动到达传送带的左端N时，瞬间给b一水平向右的冲量I，其大小为。以后每隔给b一相同的瞬时冲量I，直到b离开传送带。已知a的质量为的质量为，它们均可视为质点。a、b与地面及传送带间的动摩擦因数均为，取重力加速度大小。求：(1)a运动到圆轨道底端时轨道对它的支持力大小；(2)b从M运动到N的时间；(3)b从N运动到M的过程中与传送带摩擦产生的热量。【答案】(1)30N(2)3.2s(3)95J【详解】（1）a从静止释放到圆轨道底端过程，根据机械能守恒定律在点，设轨道对它的支持力大小为，根据牛顿第二定律联立解得（2）a从静止释放到M点过程中，根据动能定理解得与发生弹性碰撞的过程，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有解得滑上传送带后，根据牛顿第二定律解得的速度减小到与传送带速度相等所需的时间对地位移此后做匀速直线运动，到达传送带最左端还需要的时间b从M运动到N的时间（3）设向右为正方向，瞬间给b一水平向右的冲量，对根据动量定理解得向右减速到零所需的时间然后向左加速到所需的时间可得在时间内向右运动的距离循环10次后向右运动的距离每一次相对传动带运动的路程b从N向右运动3m的过程中与传送带摩擦产生的热量然后继续向右减速运动，根据运动学公式解得此过程，b相对传动带运动的路程此过程中与传送带摩擦产生的热量b从N运动到M的过程中与传送带摩擦产生的热量35．（2024·浙江·高考真题）一弹射游戏装置竖直截面如图所示，固定的光滑水平直轨道AB、半径为R的光滑螺旋圆形轨道BCD、光滑水平直轨道DE平滑连接。长为L、质量为M的平板紧靠长为d的固定凹槽EFGH侧壁EF放置，平板上表面与DEH齐平。将一质量为m的小滑块从A端弹射，经过轨道BCD后滑上平板并带动平板一起运动，平板到达HG即被锁定。已知R=0.5m，d=4.4m，L=1.8m，M=m=0.1kg，平板与滑块间的动摩擦因数μ1=0.6、与凹槽水平底面FG间的动摩擦因数为μ2。滑块视为质点，不计空气阻力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度。（1）滑块恰好能通过圆形轨道最高点C时，求滑块离开弹簧时速度v0的大小；（2）若μ2=0，滑块恰好过C点后，求平板加速至与滑块共速时系统损耗的机械能；（3）若μ2=0.1，滑块能到达H点，求其离开弹簧时的最大速度vm。【答案】（1）5m/s；（2）0.625J；（3）6m/s【详解】（1）滑块恰好能通过圆形轨道最高点C时从滑块离开弹簧到C过程，根据动能定理解得（2）平板加速至与滑块共速过程，根据动量守恒根能量守恒解得（3）若μ2=0.1，平板与滑块相互作用过程中，加速度分别为共速后，共同加速度大小为考虑滑块可能一直减速直到H，也可能先与木板共速然后共同减速；假设先与木板共速然后共同减速，则共速过程共速过程，滑块、木板位移分别为共速时，相对位移应为解得，随后共同减速到达H速度说明可以到达H，因此假设成立，若滑块初速度再增大，则会从木板右侧掉落。36．（2024·北京·高考真题）科学家根据天文观测提出宇宙膨胀模型：在宇宙大尺度上，所有的宇宙物质（星体等）在做彼此远离运动，且质量始终均匀分布，在宇宙中所有位置观测的结果都一样。以某一点O为观测点，以质量为m的小星体（记为P）为观测对象。当前P到O点的距离为，宇宙的密度为。（1）求小星体P远离到处时宇宙的密度ρ；（2）以O点为球心，以小星体P到O点的距离为半径建立球面。P受到的万有引力相当于球内质量集中于O点对P的引力。已知质量为和、距离为R的两个质点间的引力势能，G为引力常量。仅考虑万有引力和P远离O点的径向运动。a．求小星体P从处远离到。处的过程中动能的变化量；b．宇宙中各星体远离观测点的速率v满足哈勃定律，其中r为星体到观测点的距离，H为哈勃系数。H与时间t有关但与r无关，分析说明H随t增大还是减小。【答案】（1）；（2）a．；b．H随t增大而减小【详解】（1）在宇宙中所有位置观测的结果都一样，则小星体P运动前后距离O点半径为和的球内质量相同，即解得小星体P远离到处时宇宙的密度（2）a．此球内的质量P从处远离到处，由能量守恒定律得，动能的变化量b．由a知星体的速度随增大而减小，星体到观测点距离越大，运动时间t越长，由知，H减小，故H随t增大而减小。37．（2024·北京·高考真题）如图所示，水平放置的排水管满口排水，管口的横截面积为S，管口离水池水面的高度为h，水在水池中的落点与管口的水平距离为d。假定水在空中做平抛运动，已知重力加速度为g，h远大于管口内径。求：（1）水从管口到水面的运动时间t；（2）水从管口排出时的速度大小；（3）管口单位时间内流出水的体积Q。【答案】（1）；（2）；（3）【详解】（1）水在空中做平抛运动，由平抛运动规律得，竖直方向解得水从管口到水面的运动时间（2）由平抛运动规律得，水平方向解得水从管口排出时的速度大小（3）管口单位时间内流出水的体积38．（2024·甘肃·高考真题）如图，质量为2kg的小球A（视为质点）在细绳和OP作用下处于平衡状态，细绳，与竖直方向的夹角均为60°。质量为6kg的木板B静止在光滑水平面上，质量为2kg的物块C静止在B的左端。剪断细绳，小球A开始运动。（重力加速度g取）（1）求A运动到最低点时细绳OP所受的拉力。（2）A在最低点时，细绳OP断裂。A飞出后恰好与C左侧碰撞（时间极短）、碰后A竖直下落，C水平向右运动。求碰后C的速度大小。（3）A、C碰后，C相对B滑行4m后与B共速。求C和B之间的动摩擦因数。【答案】（1）；（2）；（3）【详解】根据题意，设AC质量为，B的质量为，细绳长为，初始时细线与竖直方向夹角。（1）A开始运动到最低点有对最低点受力分析，根据牛顿第二定律得解得，（2）A与C相碰时，水平方向动量守恒，由于碰后A竖直下落可知故解得（3）A、C碰后，C相对B滑行4m后与B共速，则对CB分析，过程中根据动量守恒可得根据能量守恒得联立解得39．（2024·广东·高考真题）汽车的安全带和安全气囊是有效保护乘客的装置。（1）安全带能通过感应车的加速度自动锁定，其原理的简化模型如图甲所示。在水平路面上刹车的过程中，敏感球由于惯性沿底座斜面上滑直到与车达到共同的加速度a，同时顶起敏感臂，使之处于水平状态，并卡住卷轴外齿轮，锁定安全带。此时敏感臂对敏感球的压力大小为，敏感球的质量为m，重力加速度为g。忽略敏感球受到的摩擦力。求斜面倾角的正切值。（2）如图乙所示，在安全气囊的性能测试中，可视为质点的头锤从离气囊表面高度为H处做自由落体运动。与正下方的气囊发生碰撞。以头锤到气囊表面为计时起点，气囊对头锤竖直方向作用力F随时间t的变化规律，可近似用图丙所示的图像描述。已知头锤质量，重力加速度大小取。求：①碰撞过程中F的冲量大小和方向；②碰撞结束后头锤上升的最大高度。【答案】（1）；（2）①330N∙s，方向竖直向上；②0.2m【详解】（1）敏感球受向下的重力mg和敏感臂向下的压力FN以及斜面的支持力N，则由牛顿第二定律可知解得（2）①由图像可知碰撞过程中F的冲量大小方向竖直向上；②头锤落到气囊上时的速度与气囊作用过程由动量定理（向上为正方向）解得v=2m/s则上升的最大高度40．（2024·广西·高考真题）如图，轮滑训练场沿直线等间距地摆放着若干个定位锥筒，锥筒间距，某同学穿着轮滑鞋向右匀减速滑行。现测出他从1号锥筒运动到2号锥筒用时，从2号锥筒运动到3号锥筒用时。求该同学（1）滑行的加速度大小；（2）最远能经过几号锥筒。【答案】（1）；（2）4【详解】（1）根据匀变速运动规律某段内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知在1、2间中间时刻的速度为2、3间中间时刻的速度为故可得加速度大小为（2）设到达1号锥筒时的速度为，根据匀变速直线运动规律得代入数值解得从1号开始到停止时通过的位移大小为故可知最远能经过4号锥筒。41．（2024·河北·高考真题）如图，三块厚度相同、质量相等的木板A、B、C（上表面均粗糙）并排静止在光滑水平面上，尺寸不计的智能机器人静止于A木板左端。已知三块木板质量均为A木板长度为，机器人质量为，重力加速度g取，忽略空气阻力。（1）机器人从A木板左端走到A木板右端时，求A、B木板间的水平距离。（2）机器人走到A木板右端相对木板静止后，以做功最少的方式从A木板右端跳到B木板左端，求起跳过程机器人做的功，及跳离瞬间的速度方向与水平方向夹角的正切值。（3）若机器人以做功最少的方式跳到B木板左端后立刻与B木板相对静止，随即相对B木板连续不停地3次等间距跳到B木板右端，此时B木板恰好追上A木板。求该时刻A、C两木板间距与B木板长度的关系。【答案】（1）；（2）90J，2；（3）【详解】（1）机器人从A木板左端走到A木板右端，机器人与A木板组成的系统动量守恒，设机器人质量为M，三个木板质量为m，取向右为正方向，则机器人从A木板左端走到A木板右端时，机器人、木板A运动位移分别为、,则有同时有解得A、B木板间的水平距离（2）设机器人起跳的速度大小为，方向与水平方向的夹角为，从A木板右端跳到B木板左端时间为t，根据斜抛运动规律得联立解得机器人跳离A的过程，系统水平方向动量守恒根据能量守恒可得机器人做的功为联立得根据数学知识可得当时，即时，W取最小值，代入数值得此时（3）根据可得，根据得分析可知A木板以该速度向左匀速运动，机器人跳离A木板到与B木板相对静止的过程中，机器人与BC木板组成的系统在水平方向动量守恒，得解得该过程A木板向左运动的距离为机器人连续3次等间距跳到B木板右端，整个过程机器人和B木板组成的系统水平方向动量守恒，设每次起跳机器人的水平速度大小为，B木板的速度大小为，机器人每次跳跃的时间为，取向右为正方向，得①每次跳跃时机器人和B木板的相对位移为，可得②机器人到B木板右端时，B木板恰好追上A木板，从机器人跳到B左端到跳到B右端的过程中，AB木板的位移差为可得③联立①②③解得故A、C两木板间距为解得42．（2024·山东·高考真题）如图甲所示，质量为M的轨道静止在光滑水平面上，轨道水平部分的上表面粗糙，竖直半圆形部分的表面光滑，两部分在P点平滑连接，Q为轨道的最高点。质量为m的小物块静置在轨道水平部分上，与水平轨道间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。已知轨道半圆形部分的半径，重力加速度大小。（1）若轨道固定，小物块以一定的初速度沿轨道运动到Q点时，受到轨道的弹力大小等于3mg，求小物块在Q点的速度大小v；（2）若轨道不固定，给轨道施加水平向左的推力F，小物块处在轨道水平部分时，轨道加速度a与F对应关系如图乙所示。（i）求μ和m；（ii）初始时，小物块静置在轨道最左端，给轨道施加水平向左的推力，当小物块到P点时撤去F，小物块从Q点离开轨道时相对地的速度大小为7m/s。求轨道水平部分的长度L。【答案】（1）；（2）（i），；（3）【详解】（1）根据题意可知小物块在Q点由合力提供向心力有代入数据解得（2）（i）根据题意可知当F≤4N时，小物块与轨道是一起向左加速，根据牛顿第二定律可知根据图乙有当外力时，轨道与小物块有相对滑动，则对轨道有结合题图乙有可知截距联立以上各式可得，，（ii）由图乙可知，当时，轨道的加速度为，小物块的加速度为当小物块运动到P点时，经过t0时间，则轨道有小物块有在小物块到P点到从Q点离开轨道的过程中系统机械能守恒有水平方向动量守恒，以水平向左的正方向，则有其中，小物块离开Q点时的速度,为此时轨道的速度。联立解得(舍去）根据运动学公式有代入数据解得43．（2024·湖北·高考真题）如图所示，水平传送带以5m/s的速度顺时针匀速转动，传送带左右两端的距离为。传送带右端的正上方有一悬点O，用长为、不可伸长的轻绳悬挂一质量为0.2kg的小球，小球与传送带上表面平齐但不接触。在O点右侧的P点固定一钉子，P点与O点等高。将质量为0.1kg的小物块无初速轻放在传送带左端，小物块运动到右端与小球正碰，碰撞时间极短，碰后瞬间小物块的速度大小为、方向水平向左。小球碰后绕O点做圆周运动，当轻绳被钉子挡住后，小球继续绕P点向上运动。已知小物块与传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度大小。（1）求小物块与小球碰撞前瞬间，小物块的速度大小；（2）求小物块与小球碰撞过程中，两者构成的系统损失的总动能；（3）若小球运动到P点正上方，绳子不松弛，求P点到O点的最小距离。【答案】（1）；（2）；（3）【详解】（1）根据题意，小物块在传送带上，由牛顿第二定律有解得由运动学公式可得，小物块与传送带共速时运动的距离为可知，小物块运动到传送带右端前与传送带共速，即小物块与小球碰撞前瞬间，小物块的速度大小等于传送带的速度大小。（2）小物块运动到右端与小球正碰，碰撞时间极短，小物块与小球组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律有其中，解得小物块与小球碰撞过程中，两者构成的系统损失的总动能为解得（3）若小球运动到P点正上方，绳子恰好不松弛，设此时P点到O点的距离为，小球在P点正上方的速度为，在P点正上方，由牛顿第二定律有小球从点正下方到P点正上方过程中，由机械能守恒定律有联立解得即P点到O点的最小距离为。44．（2024·新疆河南·高考真题）将重物从高层楼房的窗外运到地面时，为安全起见，要求下降过程中重物与楼墙保持一定的距离。如图，一种简单的操作方法是一人在高处控制一端系在重物上的绳子P，另一人在地面控制另一根一端系在重物上的绳子Q，二人配合可使重物缓慢竖直下降。若重物的质量，重力加速度大小，当P绳与竖直方向的夹角时，Q绳与竖直方向的夹角（1）求此时P、Q绳中拉力的大小；（2）若开始竖直下降时重物距地面的高度，求在重物下降到地面的过程中，两根绳子拉力对重物做的总功。【答案】（1），；（2）【详解】（1）重物下降的过程中受力平衡，设此时P、Q绳中拉力的大小分别为和，竖直方向水平方向联立代入数值得，（2）整个过程根据动能定理得解得两根绳子拉力对重物做的总功为【点睛】45．（2024·福建·高考真题）我国古代劳动人民创造了璀璨的农耕文明。图（a）为《天工开物》中描绘的利用耕牛整理田地的场景，简化的物理模型如图（b）所示，人站立的农具视为与水平地面平行的木板，两条绳子相互平行且垂直于木板边缘。已知绳子与水平地面夹角为，，。当每条绳子拉力的大小为时，人与木板沿直线匀速前进，在内前进了，求此过程中(1)地面对木板的阻力大小；(2)两条绳子拉力所做的总功；(3)两条绳子拉力的总功率。【答案】(1)450N(2)9.0×103J(3)600W【详解】（1）由于木板匀速运动则有解得（2）根据功的定义式有解得（3）根据功率的定义，有46．（2024·安徽·高考真题）如图所示，一实验