2025-2026学年浙江省宁波市慈溪市高一（下）期末物理试卷(含详细答案解析)

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年浙江省宁波市慈溪市高一（下）期末物理试卷一、单选题：本大题共21小题，共66分。1.下列物理量是矢量的是(

)A.功 B.电场强度 C.电动势 D.电流2.下列说法正确的是(

)A.所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的中心

B.人造卫星绕地球做匀速圆周运动的过程中，卫星的加速度保持不变

C.电场中某点的电场强度方向即试探电荷在该点的受力方向

D.电动势大小由电源非静电力做功特性决定，和外电路无关3.关于教材中的四幅插图，下列说法正确的是(

)

A.图甲中，女生和金属球带异种电荷

B.图乙中，用扭秤实验探究电荷间相互作用规律时，应使金属小球A与C带同种电荷

C.图丙中，较高建筑物的顶端会安装尖锐的避雷针，是利用静电屏蔽原理

D.图丁中，两条优质话筒线外面包裹的金属网是为了防止漏电4.将细短头发碎屑悬浮在蓖麻油中，在平行电极板间施加恒定电压。经过一段时间，头发碎屑如图甲排列，模拟显示出电场线的分布，如图乙。下列说法正确的是(

)A.说明电场线是真实存在的 B.a点的电场强度比b点小

C.b点的电势比c点的低 D.电子在a点的电势能比在b点的小5.中科卫星05星等7颗卫星均绕地球做匀速圆周运动，轨道高度离地约500多千米，其中B卫星的轨道半径最大，A卫星的轨道半径最小。下列说法正确的是(

)A.七颗卫星的绕行速度均大于第一宇宙速度

B.七颗卫星在相同时间内轨道半径扫过的面积相等

C.B卫星绕地球运动的周期小于A卫星的周期

D.B卫星绕地球运动的加速度小于A卫星的加速度

6.如图所示，2026年春晚H2型号人形机器人身着武侠袍服，作为“剑宗大师”压轴登场进行舞剑表演。在表演过程中舞台缓慢上升，机器人始终与舞台保持相对静止。关于上述过程说法正确的是(

)A.重力对机器人做负功

B.舞台对机器人不做功

C.机器人重力势能减小

D.机器人机械能不变

7.如图所示，对下列物体机械能是否守恒判断正确的是(

)

A.图甲中，足球在运动过程中机械能守恒

B.图乙中，游客在竖直环形轨道上运动的一小段时间内速率不变，该游客的机械能守恒

C.图丙中，若不计空气阻力，蹦床运动员从离开弹性网后腾空至最高点的过程中机械能守恒

D.图丁中，歼−358.市面上有一种带小电扇的遮阳帽，电扇由太阳能电池供电。已知该款太阳能电池的电动势为E，内阻为r，给小电扇供电时，电路中的电流为I，电扇两端的电压为U。下列说法正确的是(

)

A.电路的总功率为UI B.小电扇的电阻为UI

C.太阳能电池的输出功率为EI D.太阳能电池内阻消耗的功率为9.如图为某电动汽车充电过程，界面显示续航里程为166km，电池剩余电量为35%，请根据图片信息估算该电动汽车电池在满电状态下储存的电量(

)A.5.3×105C B.8.2×1010.运用无人机将一定质量的杨梅从地面由静止沿竖直方向起吊，该段时间内速度-时间图像如图所示，取竖直向上为正方向，不计空气阻力。则下列关于杨梅的运动说法正确的是(

)A.在t2时刻重力势能最大

B.0∼t2时间内重力做的功和拉力做的功在数值上相等

C.t2时刻杨梅重力的瞬时功率最大11.2024年3月20日，鹊桥二号中继星成功发射升空，最终将进入环月椭圆冻结轨道，该轨道近月点距离月球表面约为200km，远月点距离月球表面约为16000km，为探月工程提供坚实的通信支持。鹊桥二号采用周期为24h的环月椭圆轨道，如图所示，AB为椭圆轨道的长轴，CD为椭圆轨道的短轴。下列关于鹊桥二号的说法正确的是(

)A.在A、B两点的动能相同

B.在C、D两点的机械能相同

C.从D经B到C的运动时间等于12h

D.其发射速度一定大于地球的第二宇宙速度12.有一小量程电流表，满偏电流为0.5mA，内阻为800Ω。现要将它改装成0∼1mA.甲电路中，R1<R2；乙电路中，R3>R4

B.若采用图甲电路，则R13.家用健身挥拳力量测试仪的核心部件可视为平行板电容器，如图所示。固定极板与可动极板的正对面积S保持不变，极板间介质为空气，挥拳冲击可动极板时，极板间距d会随之减小。测试前先将电容器与恒压电源相连完成充电，随后断开电源进行测试，下列说法正确的是(

)

A.挥拳力量越小，电容C越大

B.挥拳力量越大，极板间电压U越大

C.挥拳冲击过程中，极板带电量Q减小

D.调节参数，减小极板正对面积S，相同挥拳力量下，电压变化幅度变大14.某同学按照电路图连接元件进行实验，闭合开关S时发现两盏灯都不亮。该同学用多用电表的10V直流电压挡来检测电路故障。在闭合开关S的情况下，他把一支表笔始终连接在A点，用另一支表笔依次接触电路中的B、C、D、E各点，对应的示数依次为6V、6V、0V、0V。如果只有一处故障，则下列判断中正确的是(

)A.连接在A点上的是黑表笔，故障发生在BC段

B.连接在A点上的是黑表笔，故障发生在CD段

C.连接在A点上的是红表笔，故障发生在CD段

D.连接在A点上的是红表笔，故障发生在DE段15.如图所示，滑雪运动员在倾角为30∘的滑雪道上，从距底端高度为h处由静止开始滑下，其运动过程可近似看作加速度大小为13g的匀加速直线运动。已知运动员的质量为m(含身上所有装备)，重力加速度为g，不计空气阻力，在整个下滑过程中，下列说法正确的是

A.运动员的机械能减少了13mgh

B.运动员所受到的合力做功为13mgh

16.小张买了一只袖珍手电筒，里面有两节电动势为1.5V的干电池。他取出手电筒中的小灯泡，看到上面标有“2.2V，0.25A”的字样。小张认为，产品设计人员的意图是使小灯泡在这两节干电池的供电下正常发光，如果小张的判断是正确的，则由此可推算出(提示：串联电池组的电动势等于各个电池的电动势之和，内阻等于各个电池的内阻之和)(

)A.每节干电池的内电压为0.8V B.每节干电池的内阻为1.6Ω

C.此小灯泡的电阻为0.55Ω 17.某带电粒子转向器的横截面如图所示，转向器中有沿半径指向圆心O的辐向电场。粒子从M点以一定速度射入后，恰好能沿圆弧虚线运动，并从N点射出。粒子仅受电场力，下列说法正确的是(

)A.粒子带负电

B.圆弧虚线上各点的电场强度相同

C.粒子射出时的速度大于射入时的速度

D.增大电场强度，可使粒子转向半径减小18.如图所示，某款无人配送车车身净质量为350kg，最大承载质量为200kg，若该无人配送车正常行驶时，受到的阻力约为总重力的110，满载时最大速度可达5m/s。则该无人配送车在水平平直路面上直线行驶时，下列说法正确的是

A.配送车的额定功率为2750W

B.配送车空载时，能达到的最大速度约为10m/s

C.配送车以额定功率启动时，先做匀加速运动，后做变加速运动直至达到最大速度

D.满载情况下以额定功率启动，当速度为19.如图所示，一根轻质弹簧一端固定于光滑竖直杆上，另一端与质量为m的滑块P连接，P穿在杆上，一根轻绳跨过定滑轮将滑块P和重物Q连接起来，Q的质量为4m。将P从图中A点由静止释放后沿竖直杆上下运动，当它经过A、B两点时弹簧对滑块的弹力大小相等。已知OA与水平面的夹角θ=53∘(sin53∘=0.8,cos53∘=0.6)，OB长为3A.重物Q的速度一直增大

B.弹簧的弹性势能先增大后减小

C.P运动至B点时的速度大小为v=22gL

D.20.如图所示，图1是交警常用的酒精测试仪，其工作原理如图2所示，R为气敏电阻，其阻值随酒精气体浓度的增大而减小。电源的电动势为E、内阻为r，电路中的电表均为理想电表，R0为定值电阻。酒驾驾驶员对着测试仪吹气过程中，下列说法正确的是(

)A.两电表的示数都变大

B.电压表示数变化量与电流表示数变化量的绝对值之比不变

C.酒精气体浓度越大，电源的输出功率一定越小

D.酒精气体浓度越大，电源的效率越大21.某汽车研发机构在汽车的车轮上安装了小型发电机，将减速时的部分动能转化并储存在蓄电池中，以达到节能的目的。某次测试中，汽车以额定功率行驶一段距离后关闭发动机，测出了汽车动能Ek与位移s的关系图像如图所示，其中①是关闭储能装置时的关系图线，②是开启储能装置时的关系图线。已知汽车的质量为1000kg，设汽车运动过程中所受地面阻力恒定，空气阻力不计。根据图像所给信息可求出(

)A.汽车前500m加速运动的时间为22.5s

B.汽车行驶过程中所受地面的阻力1000N

C.汽车的额定功率为800kW

D.汽车开启储能装置后向蓄电池提供的电能为二、多选题：本大题共1小题，共4分。22.如图所示，某静电分析器的两电极之间存在指向圆心O的辐向电场。三个相同的粒子分别以v甲、v乙、v丙从A点垂直端面射入，仅在静电力作用下，甲粒子从B射出，乙粒子做圆周运动从C射出，丙粒子从D射出，C是BD的中点。下列说法正确的是A.甲、乙、丙粒子均带负电

B.v甲<v乙<v三、填空题：本大题共1小题，共8分。23.如图所示，在绝缘的光滑水平面上，相隔距离为r的地方固定有两个带同种电荷的相同小球，设小球A所带的电荷量为qA，小球B所带的电荷量为qB，qA≠qB，这时A、B两球间的库仑力F大小为

；A小球在B球所在处的场强大小E为

；将两球接触之后仍固定在原来位置，此时的库仑力F′

F(填“>”、“=”、“<”)；此时若将B球解锁，B球的电势能将四、实验题：本大题共2小题，共16分。24.实验小组设计了不同的方案“验证机械能守恒定律”。

(1)A组同学采用让重物静止下落的方法验证机械能守恒，如图甲所示安装实验器材

①经检查发现一处明显的错误，错误是

；

②关于本实验，下列说法正确的是

；

A.实验前必须用天平测出重物的质量

B.实验前需用刻度尺测出重物距地面的高度

C.实验时先通电，打点稳定后再释放纸带

③已知交流电频率为50Hz，重物质量为500g，根据图乙计算得到从O点到C重物重力势能变化量的绝对值为|ΔEp|=0.931J，C点动能EkC=

J(计算结果保留3位有效数字)；

④比EkC与|ΔEp|的大小，分析造成这种结果的原因可能是

。

A.存在阻力

B.O点不是起始点

(2)B组同学采用水平放置的气垫导轨和光电门验证机械能守恒定律，装置如图丙所示。已测得遮光片的宽度为d，遮光片通过光电门A、B的时间分别为t1、t2。

①滑块通过光电门A时的速度大小vA=

；

②该实验还需要测量的物理量有

(25.某实验小组做“测量合金丝电阻率”的实验。

(1)首先用欧姆表粗略测量这段合金丝的电阻，欧姆表选择“×10”挡位，表盘如图1所示，则示数R=

Ω。

(2)若用螺旋测微器测量合金丝直径时，刻度位置如图2所示，则该合金丝直径的测量值d=

mm；

(3)用内阻约为0.1Ω的电流表、内阻约为3kΩ的电压表和滑动变阻器(最大阻值10Ω)测量这段合金丝的电阻，要求尽量减小实验误差，应该选择的测量电路是图3中的

(填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”)，根据合适的电路图连接电路测合金丝电阻，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到

端(填“左”或“右”)，这样做的目的是

。

(4)在操作正确的情况下，读得电流表的示数为I，电压表的示数为U，测出该合金丝的长度为L、直径为d，则该合金丝的电阻率ρ=五、计算题：本大题共4小题，共42分。26.如图甲为滑沙运动过程的简化图。斜坡滑道AB长64m，倾角θ=37∘，水平滑道BC足够长，斜坡滑道与水平滑道之间是平滑连接的。某游客坐在滑板上从斜坡的A点由静止开始滑下(如图乙所示)，滑到斜坡底端B点后再沿水平的滑道滑行一段距离到C点停下。已知游客和滑板的总质量m=60kg，滑板与斜坡滑道及水平滑道间的动摩擦因数均为μ=0.5，空气阻力忽略不计，取g=10m/s2，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8。求：

(127.如图所示，一个固定在竖直平面内的光滑四分之一圆弧轨道AB半径R=2m，A点与圆心O等高，B点右侧平滑连接一长为s=3m的粗糙水平面BC，在水平面右端平滑对接一个与其等高的传送带CD，CD间距L=5m传送带以v=5m/s的速率顺时针匀速转动，传送带右侧平滑对接一段等高的光滑平台DE，E点固定一竖直墙壁，一根轻弹簧右端与墙壁连接，弹簧原长小于平台DE的长度。现将一质量m=1kg的物块(视为质点)由A点静止释放，已知物块与水平面，物块与传送带间的动摩擦因数分别为μ1=0.428.如图所示的电路中，已知定值电阻为R，电源内阻r=12R，滑动变阻器Rp阻值范围为0−3R，A、B两平行金属板水平放置，板长和板间距离均为L。闭合开关，将滑动变阻器滑片调至中点，待电路稳定后，一带电的液滴恰静止于两板间。已知液滴带电量q，质量为m，重力加速度为g。求：

(1)液滴的电性及两板间的电压U；

(2)电源电动势；

(3)如图乙，取走液滴，在A、B左边界处放置一线状粒子源，可向两极板间持续不断水平向右发射速度为229.某游乐场的游乐装置可简化为如图所示的竖直面内轨道BCDEF，左侧为半径R=0.8m的光滑圆弧轨道BC，轨道的上端点B和圆心O的连线与水平方向的夹角α=30∘，下端点C与粗糙水平轨道CD相切，CD平滑对接一个与其等高的传送带DE，EF为倾角θ=30∘的光滑倾斜轨道，一轻质弹簧上端固定在F点处的挡板上。现有质量为m=1kg的小滑块P(可视为质点)从空中的A点以v0=2m/s的初速度水平向左抛出，恰好从B点沿轨道切线方向进入轨道，沿着圆弧轨道运动到C点之后继续沿水平轨道CD、传送带DE滑动，传送带以v=5m/s的速率顺时针匀速转动，滑块经过E点(不计经过E点时的能量损失)后沿倾斜轨道向上运动至G点(图中未标出)，弹簧恰好压缩至最短(滑块与弹簧碰撞过程中无机械能损失，且弹簧未超出弹性限度)。已知C、D之间和E、G之间距离都为1m，传送带DE长L=4m，滑块与轨道CD间的动摩擦因数为μ1答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A.功是力与物体在力的方向上发生位移的乘积，只有大小，没有方向，是标量，故A错误；

B.电场强度既有大小又有方向，其方向规定为正电荷在该点所受电场力的方向，运算法则遵循平行四边形定则，属于矢量，故B正确；

C.电动势是表征电源特征的物理量，它描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小，只有大小，没有方向，是标量，故C错误；

D.电流有大小和方向，但其运算遵循代数运算法则，例如串联电路中电流的计算是直接代数相加，不遵循平行四边形定则，因此电流是标量，故D错误。

故选：B。

依据矢量既有大小又有方向且运算遵循平行四边形定则这一特性，对每个选项中的物理量进行分析判断。

2.【答案】D

【解析】解：A.根据开普勒第一定律，所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个焦点上，而非椭圆的中心，故A错误；

B.人造卫星绕地球做匀速圆周运动时，加速度为向心加速度，方向始终指向地心。由于卫星在运动过程中位置不断变化，其加速度方向也在时刻改变，而矢量的方向改变则矢量改变，所以卫星的加速度是变化的，故B错误；

C.电场中某点的电场强度方向规定为正试探电荷在该点的受力方向，若试探电荷为负电荷，其在该点的受力方向与电场强度方向相反，故C错误；

D.电动势是由电源内部非静电力做功的特性决定的物理量，它反映了电源将其他形式的能转化为电能的本领大小，其大小只与电源本身有关，和外电路无关，故D正确。故选：D。

依据开普勒行星运动定律判断A选项，根据圆周运动加速度特点分析B选项，按照电场强度方向规定判断C选项，依据电动势的定义和性质判断D选项。

3.【答案】B

【解析】解：A.图甲中，女生接触金属球后头发蓬松竖起，这是因为电荷发生转移，女生与金属球带同种电荷，同种电荷相互排斥，并非带异种电荷，故A错误；

B.图乙中，扭秤实验探究电荷间相互作用规律时，使金属小球A与C带同种电荷，这样可以研究同种电荷间的相互作用情况，进而探究电荷间相互作用规律，故B正确；

C.图丙中，较高建筑物顶端安装尖锐的避雷针，是利用尖端放电原理，即尖端处电荷容易聚集并放电，将云层电荷导入大地，避免建筑物遭雷击，而非静电屏蔽原理，故C错误；

D.图丁中，两条优质话筒线外面包裹的金属网是为了静电屏蔽，防止外界电磁干扰影响话筒信号传输，而非防止漏电，故D错误。

故选：B。

依据静电感应、电荷相互作用、尖端放电、静电屏蔽等相关知识，对每个选项中插图对应的物理现象或原理进行逐一分析判断。

4.【答案】B

【解析】解：根据图乙的电场线分布与箭头方向可知，电场线由左侧极板指向右侧极板，电场线的疏密表示场强大小，沿着电场线方向电势逐渐降低。

A、电场线是为了形象描述电场分布而引入的物理模型，并不是客观真实存在的，故A错误；

B、电场线的疏密程度反映电场强度的大小。由图可知，a点处的电场线比b点处稀疏，因此a点的电场强度比b点小，故B正确；

C、沿着电场线方向电势逐渐降低，根据空间位置关系可知，b点比c点更靠近处于高电势的左极板，因此b点的电势比c点高，故C错误；

D、由图可知，b点比a点更靠近左侧极板，因此b点的电势高于a点的电势。根据电势能的规律，负电荷在电势越高的位置电势能越小，因此电子在a点的电势能大于在b点的电势能，故D错误。

故选：B。

通过模拟实验观察头发碎屑在电场中的排列，该现象直观展示了电场线的分布情况。分析时需明确电场线是人为引入的模型，并非真实存在。根据电场线的疏密可直接判断场强大小，a点电场线较稀疏，故其场强小于b点。沿着电场线方向电势降低，结合图中电场线从左指向右，可判断b点电势高于c点。对于负电荷电子，其电势能随电势升高而减小，因此需比较a、b两点电势高低，进而判断电势能大小。

本题以经典的“头发屑模拟电场线”实验为背景，考查学生对静电场基本概念和性质的理解。题目巧妙地将实验现象与物理规律相结合，重点检验学生对电场线模型、电场强度与电势的定性分析能力。通过观察电场线的疏密和方向，学生需要判断场强大小、电势高低以及电荷电势能的变化，这有助于巩固电场线是描述电场的工具而非真实存在这一核心观点，并锻炼其从图像中提取信息、进行逻辑推理的能力。本题计算量小，但概念性强，需准确掌握电场线疏密与场强、沿电场线方向电势降低、以及负电荷电势能与电势的关系等基本规律，属于基础且重要的概念辨析题。5.【答案】D

【解析】解：A、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是所有绕地球做匀速圆周运动卫星的最大环绕速度。根据线速度推导式v=GMr，轨道半径r越大，线速度v越小。题目中卫星轨道离地高度约500多千米，轨道半径大于地球半径，因此七颗卫星的绕行速度均小于第一宇宙速度，故A错误。

B、卫星在单位时间内轨道半径扫过的面积可推导为：S0=12vr=12GMr七颗卫星的轨道半径r不完全相同，因此相同时间内轨道半径扫过的面积不相等，故B错误。

C、根据周期推导式T=2πr3GM，轨道半径r越大，运动周期T越大。已知B卫星轨道半径大于A卫星轨道半径，因此B卫星的运动周期大于A卫星的周期，故C错误。

D、根据向心加速度推导式a=6.【答案】A

【解析】解：A、机器人向上运动，重力方向与位移方向相反，重力做负功，故A正确；

B、舞台对机器人的支持力方向与位移方向相同，做正功，故B错误；

C、机器人缓慢上升，动能保持不变，重力势能增加，故C错误；

D、机器人动能不变，重力势能增加，机械能增加，故D错误。

故选：A。

先根据“缓慢上升”判断机器人动能不变，再结合功的定义和机械能变化的判断方法，逐一分析重力做功、舞台做功及重力势能和机械能变化。

本题主要考查的是正负功判断、重力势能变化、机械能变化规律，难度不大。7.【答案】C

【解析】解：A.图甲中，足球前后两段水平位移不相同，说明足球在运动过程中受到阻力作用，机械能不守恒，故A错误；

B.图乙中，游客在竖直环形轨道上运动的一小段时间内速率不变，则动能不变，而重力势能发生变化，该游客的机械能不守恒，故B错误；

C.图丙中，若不计空气阻力，蹦床运动员从离开弹性网后腾空至最高点的过程中只受重力，则运动员的机械能守恒，故C正确；

D.图丁中，歼−35舰载战斗机匀速爬升过程中动能不变，重力势能增加，机械能不守恒，故D错误。

故选：C。

物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹簧的弹力做功，机械能是动能与势能的总和；根据机械能守恒的条件和机械能的概念进行分析判断。

本题主要是考查机械能守恒定律，解决本题的关键掌握判断机械能是否守恒的方法：1、看是否只有重力或系统内弹力做功；8.【答案】D

【解析】解：A.电路的总功率是指电源的总功率，根据P=EI，应为EI，而不是UI(UI是小电扇消耗的电功率也就是太阳能电池的输出功率)，故A错误；

B.小电扇为非纯电阻用电器，欧姆定律R=UI不成立，不能用UI来计算其电阻，故B错误；

C.太阳能电池的输出功率是指供给小电扇的功率，为UI，而EI是太阳能电池的总功率，故C错误；

D.太阳能电池内阻为r，通过的电流为I，根据P=9.【答案】C

【解析】解：不考虑汽车充电过程中的电流和功率的变化，设电动汽车电池在满电状态下储存的电量为Q，依题意有Q×(1−35%)=It，代入数据解得Q≈1.26×10610.【答案】C

【解析】解：A、重力势能的大小由高度决定，杨梅的运动方向始终为竖直向上(全程速度均为正)，直到t5时刻速度减为0，此时杨梅到达运动过程的最高点，高度最大，重力势能才达到最大值，并非t2时刻，故A错误。

B、根据动能定理，合外力做功等于物体动能的变化量：W拉−WG=12mv22−0，0∼t2时间内杨梅的初速度为0，末速度为v2，动能增量不为0，因此拉力做功的数值大于重力做功的数值，二者不相等，故B错误。

C、重力的瞬时功率公式为PG=mgv(取竖直向上为正方向，重力方向竖直向下，功率的数值大小为mgv)，瞬时功率的大小与瞬时速度的大小成正比。由图像可知t2时刻杨梅的速度v2是全程的最大速度，因此此时重力的瞬时功率数值最大，故C正确。

D、0∼t5时间内重力的平均功率平均功率的定义为P−G=W11.【答案】B

【解析】解：A、根据开普勒第二定律，卫星在近月点A的速度大于在远月点B的速度。由此可知，卫星在A点的动能大于在B点的动能，故A错误；

B、鹊桥二号在环月椭圆轨道上运行的过程中，仅受月球的万有引力作用，只有万有引力做功，系统的机械能守恒。因此其在轨道上任意一点的机械能均相等，在C、D两点的机械能相同，故B正确；

C、卫星在从D经B到C的过程中，距离月球较远。根据开普勒第二定律可知，该段轨迹的平均速率小于从C经A到D的平均速率。由于两段轨道的弧长相等，因此从D经B到C的运动时间大于从C经A到D的运动时间。已知总周期T=24h，可推知从D经B到C的运动时间大于12h，故C错误；

D、地球的第二宇宙速度是航天器完全脱离地球引力束缚的最小发射速度。鹊桥二号发射后仍留在地月系内，没有脱离地球的引力范围，因此其发射速度必然小于地球的第二宇宙速度，故D错误。

故选：B。

12.【答案】C

【解析】解：A.对于甲电路，当量程为10mA时，表头与R2串联后与R1并联，根据并联电路分流规律，R1分担的电流大，R1与R2+Rg(Rg为表头内阻)两端电压相等，由U=IR，可知，R1<R2+Rg，但不能直接得出R1<R2对于乙电路，量程为10mA时对应电阻R3，量程为1mA时对应电阻R4由于10mA量程时需要分流更多，根据并联电路分流特点，电阻越小分流越大，所以R3<R4，故A错误；

B.已知表头满偏电流Ig=0.5mA内阻Rg=800Ω。当采用图甲电路，量程为10mA时，表头与R2串联后与R1并联，根据并联电路电压相等有Ig(Rg+R2)=(I10−Ig)R1；

量程为1mA时，R1与R2串联后与表头并联，IgRg=(I113.【答案】D

【解析】解：电容器与恒压电源相连完成充电，随后断开电源，在此后的测试过程中极板的带电量Q保持不变，故C错误。

根据平行板电容器的决定式C=εS4πkd，挥拳冲击可动极板时，极板间距d减小，电容C增大。

挥拳力量越小，极板间距d减小得越少，即冲击后的间距d相对较大，对应的电容C越小，故A错误。

根据电容的定义式U=QC，由于电荷量Q保持不变，冲击过程中电容C增大，因此极板间的电压U会减小。

挥拳力量越大，极板间距d减小得越多，电容C增大得越多，最终极板间的电压U越小，故B错误。

设恒压电源的初始充电电压为U0，初始极板间距为d0。

充电后初始电荷量Q=εS4πkd0U0。

受到冲击使得间距减小Δd时，新的极板间距为d0−Δd。

此时极板间电压U=QC′，代入得U=U0d0−Δdd0。

电压的变化幅度ΔU=U0−U，解得ΔU=U0Δdd0。

减小极板正对面积S会使测试仪的等效抗压刚度(如内部空气阻力或配套结构劲度系数)减小。

14.【答案】C

【解析】解：多用电表的红表笔接外部电源的正极，因此始终连接在A点上的是红表笔；另一支表笔依次接触电路中的B、C对应的示数依次为6V、6V，说明BC段电路正常，接D两点对应的示数是0V，说明故障发生在CD段，故C正确，ABD错误。

故选：C。

依据多用电表直流电压挡表笔连接规则判断A点表笔类型，再根据各点间电压示数情况分析故障位置。

题目点评该题通过多用电表检测电路故障的情景，考查对多用电表使用规则及电路故障分析方法的掌握，将理论知识与实际电路检测相结合，有一定的实践应用价值。15.【答案】A

【解析】解：A.设运动员的受到的阻力大小为f，根据牛顿第二定律可得：mgsin30∘−f=ma，解得：f=16mg

根据功能关系可得运动员的机械能减少了：ΔE=f⋅hsin30∘，解得：ΔE=13mgh，故A正确；

B.运动员所受到的合力做功为W合=m16.【答案】B

【解析】解：A.已知每节干电池电动势E=1.5V，两节干电池串联总电动势E总=2×1.5V=3V。小灯泡正常发光时电压U=2.2V，根据闭合电路欧姆定律E总=U+Ir总(r总为两节干电池总内阻)，可先求总内阻r总，再求每节干电池内阻r，进而求内电压U内=Ir，而不是直接得出内电压为0.8V，故A错误；

B.由闭合电路欧姆定律E总=U+Ir总，已知E总=3V，U=2.2V，I=0.25A，可得r总17.【答案】D

【解析】解：A.粒子在辐向电场中沿圆弧运动，电场力提供向心力。电场方向指向圆心O，向心力方向也指向圆心，因此电场力方向必须与电场方向相同，因此粒子带正电，故A错误；

B.辐向电场中各点的电场强度方向均沿半径方向，不同位置方向不同，因此电场强度不相同，故B错误；

C.粒子仅受电场力，且电场力始终垂直于速度方向(指向圆心)，不做功，粒子动能不变，因此射出时的速度等于射入时的速度，故C错误；

D.粒子做圆周运动，由电场力提供向心力

qE=mv2r

解得

r=mv2qE

当速度v不变时，增大电场强度E18.【答案】A

【解析】解：A、设配送机器人机身净质量为m，最大承载质量为M，在正常行驶中，应承载最大质量，由题意知阻力为：

f=110(m+M)g=110×(350+200)×10N=550N

满载达到最大时速时，牵引力F等于阻力f，则额定功率为：P=fvm=550×5W=2750W，故A正确；

B、该配送机器人空载达到最大速度时，牵引力等于阻力，设所受阻力为f1，最大速度为vm1，则有

f1=110mg

P=f1vm1

联立两式，代入数据得：19.【答案】C

【解析】解：由几何关系可知，在直角三角形OBA中，∠AOB=θ，即∠AOB=53∘，OB=3L，则OA=OBcos53∘，即OA=5L，AB=OBtan53∘，即AB=4L。

P从A运动到B的过程中，重物Q下降的高度hQ=OA−OB，即hQ=2L，P上升的高度hP=AB，即hP=4L。

A、设轻绳与竖直杆的夹角为α，根据速度的分运动关系可知，重物Q的速度vQ=vPcosα。P由静止释放，在A点时vP=0，则vQ=0；当P运动至B点时，轻绳与竖直杆垂直，α=90∘，则此时vQ=0。

在此过程中Q向下发生了一定位移，可知重物Q的速度必先增大后减小，故A错误；

B、P经过A、B两点时弹簧的弹力大小相等，由于A、B位置不同，可知弹簧在A点必然处于压缩状态，在B点处于伸长状态，且两位置的形变量大小相等。

因此从A到B的过程中，弹簧的形变量先减小到零再增大，弹性势能先减小后增大，故B错误；

C、PQ及弹簧组成的系统在全过程中只有重力和系统内弹力做功，机械能守恒。由于A、B两点弹簧的弹性势能相等，根据系统机械能守恒定律有4mghQ=mghP+12mv20.【答案】B

【解析】解：A、在吹气过程中，酒精气体浓度增加，使得气敏电阻R的阻值减小，电路的总电阻随之减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，因此电流表示数变大；电压表示数U=E−I(R0+r)，由于电流I增大，故电压表示数减小，故A错误；

B、根据闭合电路欧姆定律U=E−I(R0+r)，可得电压表示数变化量与电流表示数变化量的绝对值之比为|ΔUΔI|=R0+r，该比值保持不变，故B正确；

C、电源的输出功率为P21.【答案】D

【解析】解：B、设汽车行驶过程中所受地面的阻力大小为f，根据图线①结合动能定理有−fx1=0−Ekm，其中x1=(11−7)×102m=400m，Ekm=8×105J，解得：f=2000N，故B错误；

C、汽车的最大动能Ekm=8×105J=1222.【答案】BC

【解析】解：A.三个带电粒子都做顺时针的近似圆周运动，所受电场力(向心力)与场强方向相同，故三个粒子都带正电，故A错误；

BC.乙粒子做匀速圆周运动从C射出，且出射时速度垂直于端面，甲粒子从B点出射可知，甲粒子做向心运动，故在A点时速度小于乙粒子速度，即

v甲<v乙

丙粒子从D点出射可知，丙粒子做离心运动，则在A点时速度大于乙粒子速度，即

v丙>v乙

综上

v甲<v乙<v丙

又根据轨迹对称性，甲、丙粒子在电场中运动轨迹正好为完整轨迹一半(对于甲粒子来说，A点为远心点，B点为近心点，对于丙粒子来说，A点为近心点，D点为远心点)，故出射时速度方向均应垂直端面，故三个粒子均垂直于端面射出，故BC正确；

D.因为BC间平均场强比CD平均场强大，又C为BD中点，故23.【答案】kk>减小

【解析】解：根据库仑定律，A、B两球间的库仑力F=kqAqBr2；根据电场强度的定义式，A小球在B球所在处的场强大小E=FqB，解得E=kqAr2；

将两完全相同的小球接触后，电荷量平分，各自带电量为q=qA+qB2，此时两球间的库仑力F′=kq2r2，根据数学基本不等式(qA+qB2)2>qAqB(已知qA≠qB24.【答案】打点计时器接了干电池组C0.988BdABD

【解析】解：(1)①打点计时器需要使用交流电源才能正常工作，所以明显的错误是打点计时器接在了干电池组(直流电源)上；

②A.验证机械能守恒定律的公式为

mgh=12mv2

其中质量m可约去，所以不需要用天平测出重物的质量，故A错误；

B.实验中只需测量相邻计数点间的距离(即下落的距离)，不需要测量重物距地面的高度，故B错误；

C.实验时应先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，这样能保证纸带开头的点迹清晰，故C正确。

故选：C。

③交流电的频率为50Hz，则打点周期为

T=1f

解得T=0.02s

由图乙可知，B、D两点间的距离为

xBD=(23.20−15.25)×10−2m=7.95×10−2m

根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，解得打下C点时重物的速度为

vC=xBD2T=7.95×10−22×0.02m/s≈1.99m/s

所以C点的动能为

EkC=12mvC2

解得EkC=0.