2025-2026学年湖北省襄阳市部分学校高一（下）期末物理试卷（含详细答案解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年湖北省襄阳市部分学校高一（下）期末物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.关于力学概念与规律，下列说法正确的是(

)A.研究地球自转时，地球可以视为质点

B.牛顿是力学基本单位

C.质量相等的两个物体动能相等时，动量也一定相同

D.曲线运动一定是变速运动2.如图所示是人握着水瓶在水平方向上向右匀速移动，下列说法正确的是(

)A.水瓶受到向右的静摩擦力

B.水瓶受到向左的滑动摩擦力

C.水瓶改为向左匀速移动，水瓶受到的摩擦力不变

D.握紧水瓶，水瓶受到的摩擦力变大

3.如图所示，某同学在研究运动的合成时做了下述活动：用左手沿黑板推动直尺竖直向上运动，运动中保持直尺水平，同时，用右手沿直尺向右移动笔尖。若该同学左手的运动为匀速运动，右手相对于直尺的运动为初速度为零的匀加速运动，则(

)

A.笔尖做直线运动 B.笔尖做速率不变的曲线运动

C.笔尖的速度方向与水平方向夹角变大 D.笔尖做匀变速曲线运动4.如图所示，光滑绝缘的水平地面上有相距为L的点电荷A、B，带电荷量分别为−2Q和+Q，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电荷量和放置的位置是A.−Q，在A上方距A为L2处

B.−2Q，在A左侧距A为L处

C.−(6+42)Q，在B右侧距B为5.甲、乙两个质点沿同一直线运动，其中质点甲做匀速直线运动，质点乙做匀变速直线运动，它们的位置坐标x随时间t的变化如图所示，且乙的位置坐标x随时间t的变化规律为：x=2t2−10(各物理量均采用国际单位制)A.乙的加速度为4m/s2

B.0∼2s内，甲、乙的运动方向相反

6.在倾角为θ的斜面体上用轻质细绳系一小球，在水平拉力F的作用下，斜面体从静止开始向左加速运动。该过程中，下列说法正确的是(

)A.运动中随着拉力的增大地面对斜面体的摩擦力一定增大

B.与静止时相比，斜面对小球弹力可能不变

C.与静止时相比，绳子拉力一定增大

D.当斜面体的加速度a≥g7.如图所示为发射卫星的轨道简化示意图，先将卫星发射到半径为r1=r的圆轨道Ⅰ上做匀速圆周运动，在A点时使卫星变轨进入椭圆轨道Ⅱ上，卫星运动到椭圆轨道的远地点B点时，再次变轨，进入半径为r2=2r的圆轨道Ⅲ上做匀速圆周运动。已知卫星的质量为m，地球的质量为MA.卫星在轨道Ⅰ上A点的加速度小于在轨道Ⅱ(稳定运行)上A点的加速度

B.卫星在轨道Ⅲ上B点的加速度大于在轨道Ⅱ(稳定运行)上B点的加速度

C.在轨道Ⅰ上卫星与地球球心的连线单位时间内扫过的面积和在轨道Ⅲ上的相等

D.卫星在椭圆轨道上运行的周期与在半径为r2的圆轨道上运行周期的比值T二、多选题：本大题共3小题，共12分。8.一质量为m的运动员托着质量为M的重物从下蹲状态(图甲)缓慢运动到站立状态(图乙)，该过程重物和人的肩部相对位置不变，运动员保持乙状态站立Δt时间后再将重物缓慢向上举，至双臂伸直(图丙)。甲到乙、乙到丙过程重物上升高度分别为h1、h2，经历的时间分别为t1、t2，重力加速度为gA.地面对运动员的冲量大小为(M+m)g(t1+t2+9.如图所示，半径为R的水平圆盘绕过中心O点的竖直轴做匀速圆周运动，从O点正上方距O为R处将一个可视为质点的小球水平抛出，抛出时半径OB恰好与小球初速度方向相同，从上向下看圆盘沿顺时针方向转动。若小球与圆盘只碰一次，且落在B点，重力加速度大小为g，不计空气阻力。则(

)A.小球的初速度大小为gR2

B.圆盘转动周期的最大值为2Rg

C.圆盘转动的角速度可能为10.如图甲所示，一滑块置于足够长的长木板左端，木板放置在水平地面上。已知滑块和木板的质量均为2kg，现在滑块上施加一个F=0.5t(N)的变力作用，从t=0时刻开始计时，滑块所受摩擦力随时间变化的关系如图乙所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度gA.滑块与木板间的动摩擦因数为0.4 B.木板与水平地面间的动摩擦因数为0.2

C.图乙中t2=24s三、填空题：本大题共1小题，共12分。11.目前，激光雷达已经普遍用于智能驾驶。利用激光雷达可以确定任意时刻质点的位置。小贝同学用激光雷达来研究平抛运动，如图，从O点平抛出去一个小球，经过t1=1s，小球经过A点时距离O点L1=13m。又经过一段时间，小球经过B点时距离O点L2=259m。(不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2)则小球初速度v0=

四、实验题：本大题共1小题，共12分。12.小月同学在物理实验室用如图所示的装置验证机械能守恒定律，接通水平气垫导轨气源，由静止释放托盘与砝码，已知重力加速度为g，并测得：遮光片的宽度d；遮光片到光电门的距离l；遮光片通过光电门的时间Δt；托盘与砝码质量m，小车与遮光片质量M。

(1)小车从释放到经过光电门的过程：系统重力势能减少量为

，动能的增加量为

；

(2)该同学将这套装置置于平稳匀速行驶的车内实验，发现从同一位置释放小车，遮光片到光电门的距离l；遮光片通过光电门的时间Δt均和上次实验相同，现仍以地面为参考系：和上次实验对比，托盘与砝码m的动能

，小车与遮光片M的动能

，托盘砝码与小车遮光片系统的机械能

。五、计算题：本大题共3小题，共36分。13.如图所示，为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，此时波刚好传播到x轴上x1=16m处的a点，在t1=2s时质点a第一次到达波峰。已知x轴上质点b的横坐标x2=2414.如图为一款游戏装置的示意图，装置由水平直轨道AB和半径R=0.4m的竖直光滑半圆轨道BDC组成，BC为竖直直径。游戏开始前，质量M=0.2kg的滑块Q静置于B点，距离B点L=7.2m处一质量m=0.1kg滑块P以初速度v0向右运动，与Q发生弹性碰撞，碰后立即拿走滑块P。某次游戏时，滑块Q恰好能到达C点。两滑块均可视作质点，与直轨道的动摩擦因数均为μ=0.25，g取10m/s2。

(1)15.如图甲所示，在足够长的固定斜面上有一静止的物块B，t=0时将质量为m的物块A从距离物块B斜上方L处由静止释放，t=9t0时，物块A、B发生第一次碰撞，t=19t0时，二者发生第二次碰撞，在两次碰撞间物块A的v−t图线如图乙所示(其中v0、t0均为未知量)，若每次碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短，两物块均可视为质点且与斜面间的最大静摩擦力均等于滑动摩擦力。

(1)求物块A沿斜面上滑与下滑加速度大小的比值；

(2)求第一次碰撞后物块A

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A.研究地球自转时，地球的形状、大小以对研究问题的影响不可忽略，不能视为质点，故A错误；

B.力学的三个基本单位是米、千克、秒，牛顿是根据牛顿第二定律F=ma推导得到的导出单位，故B错误；

C.动能是标量，动量是矢量，质量相等、动能相等仅说明两物体速度大小相等，速度方向可能不同，因此动量不一定相同，故C错误；

D.曲线运动的速度方向沿轨迹的切线方向，时刻发生变化，速度是矢量，因此曲线运动一定是变速运动，故D正确。

故选：D。2.【答案】C

【解析】解：A、水瓶在水平方向上做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零。在竖直方向上水瓶受到的重力与静摩擦力作用，设水瓶的质量为m，静摩擦力大小为f，根据平衡条件有f=mg，静摩擦力方向竖直向上，故A错误；

B、水瓶与手之间保持相对静止，无相对滑动，所以水瓶受到的是静摩擦力而不是滑动摩擦力，故B错误；

C、水瓶改为向左匀速移动，水瓶依然处于平衡状态，合力仍为零，在竖直方向上受到的静摩擦力仍然等于重力，即水瓶所受的摩擦力大小和方向均不变，故C正确；

D、握紧水瓶，增大了手与水瓶之间的压力，从而增大了最大静摩擦力，但水瓶仍处于平衡状态，受到的静摩擦力始终等于重力，大小保持不变，故D错误。

故选：C。

水瓶向右匀速移动，水瓶受到的静摩擦力与重力等大反向，结合平衡条件分析。

3.【答案】D

【解析】解：ABD、根据题意可知，左手的运动为匀速运动，右手相对于直尺的运动为初速度为零的匀加速运动，可知笔尖做类平抛运动，是匀变速曲线运动，故AB错误、D正确；

C、由于水平分速度逐渐增加，竖直分速度不变，根据平行四边形定则，笔尖的合速度方向与水平方向夹角逐渐变小，故C错误。

故选：D。

笔尖参加了两个分运动，水平方向水平向右匀加速直线移动，竖直方向向上做匀速直线运动，将分运动的速度合成可以得到合运动速度大小和方向的变化规律，进一步判断轨迹。

本题关键由分运动速度合成出合速度后，得到合速度方向的变化规律，再结合轨迹讨论即可，并掌握类平抛运动处理方法。4.【答案】C

【解析】解：点电荷A、B带异种电荷，二者相互吸引。要使点电荷A受到点电荷C向左的作用力，同时使点电荷B受到点电荷C向右的作用力，点电荷C应放在B的右侧且带负电。

设BC=x，点电荷C的电荷量为qC=−q，其中q>0。点电荷A平衡，则k2Q2L2=k2Qq(L+x)2

点电荷B平衡，则k2Q2L2=kQqx2

代入数据可得x=(1+5.【答案】A

【解析】解：A、匀变速直线运动的位移-时间公式为x=v0t+12at2，对比乙的位置坐标x随时间t的变化关系x=2t2−10，可知12a=2，v0=0，解得乙质点的加速度a=4m/s2，故A正确；

B、根据x−t图像的斜率表示速度，由x−t图可知，甲、乙两质点均沿正方向运动，故B错误；

C、t=2s时，乙质点速度v=at1=4×2m/s=8m/s6.【答案】C

【解析】解：A、对斜面体和小球整体分析，由平衡条件可知，斜面体的受到地面支持力FN等于整体的总重力，保持不变，则地面对斜面体的摩擦力f=μFN保持不变，故A错误；

BC、对小球分析受力如图所示：

小球静止时受到重力mg、绳子拉力T0、斜面弹力N0三个力作用，由平衡条件得绳子拉力T0=mgsinθ

斜面对小球弹力N0=mgcosθ；

当斜面体向左加速运动时，在小球没离开斜面之前，水平方向有Tcosθ−Nsinθ=ma

竖直方向有Tsinθ+Ncosθ=mg

解得T=7.【答案】D

【解析】解：AB、卫星在A、B点受到地球的万有引力作用，根据牛顿第二定律得GMmr2=ma，解得a=GMr2，可知卫星加速度与该点距地心的距离有关，同一点到地心的距离是一定的，则卫星在轨道Ⅰ上A点的加速度等于在轨道Ⅱ(稳定运行)上A点的加速度，卫星在轨道Ⅲ上B点的加速度等于在轨道Ⅱ(稳定运行)上B点的加速度，故AB错误；

C、设卫星在任意圆轨道上运行的速率为v，轨道半径为r。卫星在圆轨道上运行时，根据万有引力提供向心力得GMmr2=mv2r

解得v=GMr

卫星与地球球心的连线在单位时间内扫过的面积为S=12rv

联立解得S=12GMr8.【答案】AC

【解析】解：A、整个过程中总时间t总=t1+Δt+t2

运动员缓慢运动、静止，地面对运动员的支持力恒为FN=(M+m)g

冲量大小为I=FN⋅t总=(M+m)g(t1+t2+Δt)，故A正确；

B、地面对运动员的支持力作用在脚底，脚底无位移，根据功的定义W=Fs9.【答案】AB

【解析】解：A、小球在竖直方向做自由落体运动，根据位移-时间关系有R=12gt2

解得t=2Rg

小球在水平方向做匀速直线运动，有R=v0t

解得v0=gR2

可知小球的初速度大小为gR2，故A正确；

B、小球抛出时半径OB恰好与初速度方向相同，且落在B点，则在时间t内圆盘转过的角度应为2nπ(n=1,2,3⋯)，根据角速度与转过角度的关系有ωt=2nπ

解得ω=2nπg2R

根据周期与角速度的关系有T=2πω

解得T=1n2Rg

当n=1时圆盘转动的周期取得最大值10.【答案】AC

【解析】解：B、在t1时刻木板相对地面开始运动，此时滑块与木板相对静止，则木板与地面间的动摩擦因数为μ2=f22mg=440=0.1，故B错误；

A、根据图乙可知，滑块在t2以后受到的摩擦力不变，为8N，根据f1=μ1mg

可得滑块与木板间的动摩擦因数为μ1=0.4，故A正确；

CD、在t2时刻，滑块与木板将要发生相对滑动，此时滑块与木板间的静摩擦力达到最大，且此时二者加速度相同，且木板的加速度达到最大，对滑块有F−μ1mg=ma

对木板有11.【答案】127.042

【解析】解：小球做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，设小球经过时间t1时的水平位移为x1，竖直位移为y1，

竖直方向y1=12gt12，解得y1=12×10×12m=5m

水平方向x1=v0t1，

此时小球到O点的距离为L1=x12+y12，代入数据可得13m=(v0×1)2+52

解得v0=12m/s

同理设小球经过时间t2时的水平位移为x2，竖直位移为y2，分别有x212.【答案】【小题1】mgl1【小题2】不变变大变大

【解析】解：(1)根据重力势能的表达式，可知系统重力势能减少量ΔEp=mgl，根据光电门求解瞬时速度的原理，小车及托盘的速度为v=dΔt，系统动能的增加量为ΔEk=12(m+M)v2，得ΔEk=12(M+m)(dΔt)2；

(2)设水平匀速行驶的车相对地面的速度为v0，托盘砝码m做竖直方向的下落运动，水平方向速度始终和车速v0相等，动能变化仅来自竖直方向的速度增量ΔEk113.【答案】这列横波的周期为8s，波速大小为2m/s

从t=0时刻起，质点【解析】解：(1)因为t=0时刻，波刚好传播到质点a，又因为该波沿x轴正方向传播，在由题图，根据“同侧法”可知，t=0时刻，质点a向上振动，因此经过0.25T，质点a第一次到达波峰，则有：

0.25T=t1−t，

解得这列横波的周期为：

T=8s，

由题图可知，该波的波长为：

λ=16m，

则这列横波的波速大小为：

v=λT=168m/s=2m/s；

(2)结合前面分析可知，波传到质点b的时间为：

t1=Δxv=24−162s=4s，

由(1)知，质点14.【答案】碰后瞬间滑块Q受到的支持力大小为12N

滑块P的初速度大小为9m/s

【解析】解：(1)在C点，根据重力提供向心力有Mg=MvC2R

从B到