重庆市永川区2026届高三物理下学期第三次调研检测试题含解析

高2026届高三下学期第三次调研检测

物理试卷

一、选择题：共43分

（一）单项选择题：共7题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

符合题目要求的。

1.在物理学的发展历程中，有很多科学家做出了卓越的贡献，下列说法正确的是（）

A.安培发现电流可以使周围的小磁针发生偏转，揭示了电与磁的联系

B.贝克勒尔发现的天然放射性现象，说明原子具有核式结构

C.法拉第建立了完整的电磁场理论，并预言了电磁波存在

D.伽勒在勒维耶预言的位置附近发现了被誉为“笔尖下发现的行星”的海王星

【答案】D

【解析】

【详解】A．电流的磁效应（电流可使周围小磁针偏转）是奥斯特发现的，安培的主要贡献为安培力规律、

分子电流假说等，A错误；

B．贝克勒尔发现天然放射性现象说明原子核具有复杂结构，原子的核式结构是卢瑟福通过α粒子散射实验

提出的，B错误；

C．麦克斯韦建立了完整的电磁场理论并预言了电磁波的存在，法拉第的主要贡献是发现电磁感应现象，C

错误；

D．勒维耶依据万有引力定律计算出海王星的轨道位置，伽勒在其预言的位置附近发现了海王星，海王星因

此被称为“笔尖下发现的行星”，D正确。

故选D。

2.2025年诺贝尔物理学奖授予美国科学家约翰·克拉克（JohnClarke）、米歇尔·H·德沃雷特（MichelH。Devoret

）和约翰·M·马蒂尼斯（JohnM。Martinis），以表彰他们“在电路中发现宏观量子隧穿和能量量子化”。能

量子能量，式中是普朗克常量，的单位用国际单位制的基本单位表示正确的是（）

A.B.

第1页/共20页

C.D.

【答案】A

【解析】

【详解】CD．题目要求用国际单位制基本单位表示，焦耳是导出单位，不是基本单位，CD错误；

AB．根据

可得

根据，

可得

因此可得能量的单位

频率的单位

因此的单位为，A正确，B错误。

故选A。

3.静电透镜是利用静电场使带电粒子束会聚或发散的一种装置。如图，一粒子（带电荷量的绝对值为e）

仅受电场力的作用，实线描绘出了其运动轨迹，虚线表示等势线，各等势线关于y轴对称，a、b、c、d分

别是轨迹与等势线的交点。已知粒子在经过a点时动能为50eV，各等势线的电势高低标注在图中，则（）

A.该粒子带正电

B.b、c两点的电场强度相同

C.粒子在整个运动过程中，电场力一直做负功

D.粒子在经过c点时的动能为70eV

【答案】D

【解析】

第2页/共20页

【详解】A．由图可知，粒子在轴左侧，受到斜向右下方的电场力，故粒子带负电，A错误；

B．依题意，各等势线关于y轴对称，故y轴两侧等势线疏密相同，电场线疏密相同，即b、c两点处电场

线疏密相同，则b、c两点处电场强度大小相同，但方向不同，B错误；

C．粒子在轴左侧，受到斜向右下方的电场力，故粒子在轴左侧时，电场力做正功，在轴右侧时，电

场力做负功，C错误；

D．从a点到c点，由动能定理有

解得，D正确。

故选D。

4.一定质量理想气体体积随摄氏温度变化的图像如图所示，过程为，

图线与图线均与纵轴平行，则下列判断正确的是（）

A.从到过程，气体对容器壁单位面积的作用力减小

B.从到过程，气体放出热量等于外界对气体做功

C.从到过程，所有气体分子的动能增大

D.从到过程，气体分子数密度增大

【答案】B

【解析】

【详解】A．从到过程为等压过程，气体压强不变，可知气体对容器壁单位面积的作用力不变，A错误；

B．从到过程，气体温度不变，内能不变；体积减小，则外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，

气体放出热量等于外界对气体做功，B正确；

C．从到过程，气体温度升高，气体分子的平均动能变大，但并非所有气体分子的动能都增大，C错

误；

D．从到过程，气体体积变大，则分子数密度减小，D错误。

故选B。

第3页/共20页

5.如图所示，一轻绳绕过定滑轮C（半径可忽略）一端连接小球A（可视为质点），另一端连接物体B。物

体B放在粗糙水平地面上，受到水平向右的作用力F的作用，使得小球A沿光滑固定的半球面从图示位置

缓慢向上移动，定滑轮C在半球面球心O的正上方，已知OC的长度为2R，半球面的半径为R。小球A向

上移动到D的过程中，下列说法正确的是（）

A.轻绳的张力T增大B.光滑半球面对小球A的支持力N变大

C.地面对物体B的摩擦力增大D.地面对半球面的作用力减小

【答案】C

【解析】

【详解】AB．小球沿光滑半球面缓慢运动过程中，小球受到重力、轻绳的拉力、半球面对的支持

力的作用，处于三力平衡状态，根据相似三角形法则知

可得轻绳的拉力逐渐减小，支持力不变，故AB错误。

C．物体向右运动，受到轻绳的张力重力、地面的支持力和滑动摩擦力、水平拉力的作用。因为

轻绳的张力减小，轻绳与竖直方向的夹角增大，知张力的竖直分力减小，则地面对物体的支

持力增大，摩擦力增大，故C正确。

D．球A对半球面的压力大小不变，其方向与竖直方向夹角变小，则压力与半球面的重力的合力增大，此

合力与地面对半球面的作用力为一对平衡力，故地面对半球面的作用力增大，故D错误。

故选C。

6.卫星在不同轨道绕地球做圆周运动，卫星速率平方的倒数与轨道高度的关系图像如图所示，已知图

线的纵截距为b，斜率为k，引力常量为G，则（）

第4页/共20页

A.地球的半径为

B.地球表面附近的重力加速度为

C.地球的质量为

D.地球的平均密度为

【答案】C

【解析】

【详解】A．设地球半径为R，卫星的轨道高度为h，由万有引力提供向心力有

又

联立得

所以

求得地球的半径

故A错误；

B．对在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的物体，有

结合题图可得

第5页/共20页

求得地球表面附近的重力加速度

故B错误；

C．地球表面的物体所受重力等于万有引力，即

可得

故C正确；

D．由上述分析可得

故D错误。

故选C。

7.如图所示，质量为m、带电荷量为＋q的小圆环套在半径为R的光滑绝缘大圆环上，大圆环固定在竖直

平面内，O为环心，A为最低点，B为最高点。在大圆环所在的竖直平面内施加水平向右、场强为的匀

强电场，并同时给在A点的小圆环一个向右的水平初速度v0，小圆环恰好能够沿大圆环做完整的圆周运动，

则小圆环运动过程中（）

A.动能最小与最大的位置在同一等势面上

B.电势能最小的位置恰是机械能最大位置

C.在A点获得的初速度为

D.过B点受到大圆环的弹力大小为mg

第6页/共20页

【答案】B

【解析】

【详解】A．由于匀强电场的电场强度为，则电场力与重力大小相等，作出小圆环的等效物理最低点C

与物理最高点D，如图所示

小圆环在等效物理最低点速度最大，动能最大，在等效物理最高点速度最小，动能最小，根据沿电场线方

向电势降低，可知，不在同一等势面上，故A错误；

B．小圆环在运动过程中，只有电势能、动能与重力势能的转化，即只有电势能与机械能的转化，则电势能

最小的位置恰是机械能最大的位置，故B正确；

C．小圆环恰好能够沿大圆环做完整的圆周运动，即小圆环通过等效物理最高点D的速度略大于0，假设圆

环到D点时速度恰好为0，对圆环分析有

解得

所以圆环在A点获得的速度应略大于，故C错误；

D．小圆环运动到B过程中有

在B点有

解得

可知小圆环过B点受到大环的弹力大小为，故D错误。

故选B。

（二）多项选择题：共3题，每题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合

题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图甲是氢原子的能级结构，图乙是研究光电效应的实验装置，大量处于激发态的氢原子跃迁时，

发出频率不同的大量光子，照射K极，其中3条光电流I随电压U变化的图线如图丙所示，已知可见光光

第7页/共20页

子能量范围约为1.6eV到3.1eV之间。下列说法正确的是（）

A.氢原子从能级向低能级跃迁时能辐射出6种频率的可见光

B.若调节滑动变阻器滑片能使光电流为零，则可判断图乙中电源右侧为负极

C.b光的光子能量小于a光的光子能量

D.氢原子从能级向低能级跃迁时释放出落在可见光区域的射线，通过相同装置做双缝干涉实验，其

中相邻亮条纹间距最宽的是n=3向n=2跃迁时释放出的射线。

【答案】BD

【解析】

【详解】A．由可得氢原子从能级向低能级跃迁时能辐射出的光子的能量分别为

，，，，，

，只有从能级跃迁到能级，和从能级跃迁到能级发出的光在可见光

范围内，A错误；

B．若调节滑动变阻器滑片能使光电流为零，则光电管所加电压为反向电压，A端电势低，则可判断图乙中

电源右侧为负极，B正确；

C．从图丙可看出，b光的遏止电压大于a光，由知b光光子的能量大于a光光子的能量，C

错误；

D．由前面分析知从能级跃迁到能级发出的可见光的光子能量最小，由知其光子的波长

最长，由知，其产生的干涉条纹的宽度最宽，D正确。

故选BD。

9.如图甲为我国海上风力发电简化工作原理模型图，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中转动输出如图乙所示

的交流电，并通过两理想变压器和远距离输电给用户供电，电压表为理想电表。下列说法正确的是（）

第8页/共20页

A.用电高峰期相当于滑片向下移动，则电压表的示数变大

B.t=0.015s时穿过线圈的磁通量为零

C.将输电电压提高到原来的10倍，输电线路上损失的功率变为原来的

D.若风速增大时，转速增加，输电线上损失的功率增大

【答案】BD

【解析】

【详解】A．用电高峰期用户增加，并联总电阻减小，相当于滑片向下移动，升压变压器两端电压不变，降

压变压器副线圈电流变大，则原线圈电流也增大，输电导线电阻两端电压增大，降压变压器原线圈两端

电压减小，即电压表示数减小，故A错误；

B．时，电压，为最大值，所以线圈平面与磁感线平行，穿过线框的磁通量为0，

故B正确；

C．将输电电压提高到原来的10倍，根据，可知输电线路上的电流变为原来的，根据输电线路

上损失的功率，可知输电线路上损失的功率变为原来的，故C错误；

D．若风速增大，则风轮带动线圈转动更快，发电机转速增大，感应电动势增大，输出电压增大。在变压器

变比不变、用户负载不变的情况下，输电线中的电流增大。由于线路损耗功率为，所以输电线上

的损失功率增大，故D正确。

故选BD。

10.如图甲所示，光滑的水平地面上静置一长木板，木板的左端有一个可视为质点的滑块。现给滑块一水平

向右的初速度，此后滑块和木板的动能随各自位移变化的图像如图乙所示，最终滑块恰停在木板的右端。

下列说法正确的是（）

第9页/共20页

A.滑块与木板的质量之比为2∶3

B.木板的长度为

C.滑块与木板间的滑动摩擦力大小为

D.滑块的速度减为时，木板的速度为

【答案】ACD

【解析】

【详解】A．最终两者共速，速度相同，由图得共速时滑块动能

木板动能

因此质量比，故A正确；

BC．对滑块由动能定理

代入解得

对木板由动能定理

得，木板长度，故B错误，C正确；

D．系统任意时刻动量守恒，有

代入，解得，故D正确。

故选ACD。

二、非选择题：共5题，共57分。

11.某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，作出的光路图及测出的相关角度如图甲所示。

第10页/共20页

（1）下列措施能够提高实验准确度的是________；

A.和之间的距离适当减小

B.、连线与玻璃砖分界面法线的夹角适当减小

C.选用宽度较大的玻璃砖

D.用入射界面与出射界面平行的玻璃砖

（2）该同学在插针时不小心插得偏右了一点，则折射率的测量值________（选填“偏大”“偏小”或“不

变”）；

（3）另一同学操作正确，根据实验记录在白纸上画出光线的径迹，过入射光线上A点作法线的平行线

交折射光线的反向延长线于B点，再过B点作法线的垂线，垂足为C点，如图乙所示，其中

，则玻璃的折射率________。

【答案】（1）C（2）偏大

（3）1.5

【解析】

【小问1详解】

A．为减小作图误差，和之间的距离应适当增大，故A错误；

B．、连线与玻璃砖分界面法线的夹角适当增大，折射现象更明显，误差较小，故B错误；

C．光在宽度较大的玻璃砖中的传播路程较长，入射点与出射点之间的距离较大，角度测量越准确，误差越

小，故C正确；

D．玻璃砖无需平行，故D错误。

故选C。

【小问2详解】

第11页/共20页

针插得偏右一点会导致出射光线在玻璃砖上的出射点左移，从而导致折射角的测量值偏小，根据

可知折射率的测量值偏大。

【小问3详解】

由几何知识得，

则玻璃的折射率

12.某实验小组准备利用表头设计一个多挡位欧姆表，但不知道其内阻。为了精确测量表头内阻，小组

首先采用“电桥法”进行测量。实验电路如图甲所示，部分所用器材如下：

A.待测表头：量程0~300μA，内阻约为500Ω

B.灵敏电流计G

C.定值电阻

D.粗细均匀的电阻丝AB，总长度

E.滑动变阻器（最大阻值为5Ω，额定电流为2A）

F.电源、开关及导线若干。

（1）闭合开关S前，先将滑片置于______端（选填“a”或“b”）；

（2）将滑片大致固定在电阻丝的中间位置，接着闭合开关S，调节滑动变阻器滑片使表头示数适

当后保持不动，移动滑片直至灵敏电流计G示数为零，测得此时段电阻丝长度，则表

第12页/共20页

头的内阻______；

（3）将表头改装成具有“×100”和“×1k”两个挡位的欧姆表，如图乙所示。电源电动势，内

阻忽略不计，为调节范围足够的滑动变阻器，当开关S断开时，对应的倍率为“×1k”，则短接表笔a、

b进行欧姆调零时，应调至______。开关S闭合时，对应的倍率为“×100”，则定值电阻应为______

。

【答案】（1）

（2）450（3）①.9.55②.50

【解析】

【小问1详解】

本实验中滑动变阻器为分压式接法，闭合开关前，为了保护电路，需要使待测电桥部分的初始电压为0，因

此滑片应置于a。

【小问2详解】

粗细均匀的电阻丝AB，总长度，灵敏电流计G示数为零，即电桥平衡时，测得此时段

电阻丝长度，有

代入数据解得表头内阻

【小问3详解】

[1]短接调零时，满偏电流

当开关S断开时，有

得

欧姆表总内阻

符合×1k挡的中值电阻规律。

[2]×100挡的中值电阻（欧姆表总内阻）

第13页/共20页

短接调零时，总电流

表头仍满偏，电流

因此流过R2的电流

根据并联电压相等有

代入得

13.两列简谐横波分别沿轴正方向和负方向传播，两波源分别位于和处，两列波的

波速均为，波源的振幅均为。两波源同时从零时刻开始振动，如图所示为时刻两列波

的波形图，此刻平衡位置在和的、两质点刚开始振动。质点的平衡位置位于

处。

（1）如果两波源一直振动，求两列波叠加后两波源之间有几个振动最强的点；

（2）如果两波源均只振动时间，求内质点运动的路程。

【答案】（1）7（2）4cm

【解析】

【小问1详解】

由题图知λ=0.4m

振动加强点到两波源的距离差Δx应满足Δx=nλ，n取整数

由题意知：-（0.2+1.2）m=-1.4＜Δx＜（0.2+1.2）m=1.4m

可得n=0，±1，±2，±3，共7个振动加强点。

【小问2详解】

波的周期

波源振动经t1波传到M点，

M振动时间为Δt=t-t1=2.0s-1.75s=0.25s

第14页/共20页

由于M是振动加强点，则振幅为A'=2A，可知M振动的路程为

14.如图甲所示，足够长倾斜导轨与水平面的夹角为，上端间、底端均与阻值为R的定值电阻相连，

导轨的宽度为l。导轨平面内有平行且垂直导轨的虚线、，正方形区域内存在垂直导轨平面向

下的磁场，磁感应强度的大小随时间的变化规律如图乙所示；与底端间存在垂直导轨平面向下的匀强磁

场，磁感应强度大小为。是长度为l、质量为m、阻值为R垂直导轨放置的导体棒，其他电阻不计，

不计一切摩擦阻力，重力加速度为g。若内在下方磁场区域的某位置恰能静止，时刻通过定值

电阻的电流刚好达到稳定值。

（1）求内通过的电流大小I；

（2）求时刻的速度大小；

（3）若已知到时间内通过PQ的电荷量为q，求此过程产生的热量Q。

【答案】（1）

（2）

（3）

【解析】

【小问1详解】

由题可知，时间内，处于静止状态，根据平衡条件有

解得

【小问2详解】

第15页/共20页

依题意，时刻通过定值电阻的电流刚好达到稳定值，导体棒切割磁感线运动，且做匀速运动，则有

此导体棒产生的感应电动势

回路总电阻为

回路中的感应电流

联立解得

【小问3详解】

根据法拉第电磁感应定律有

根据闭合电路的欧姆定律有

根据电流的定义式有

联立解得

对，由动能定理有

由功能关系可知系统产生的总焦耳热

故上产生焦耳热为

解得

15.如图所示，平面直角坐标系中，虚线段与轴正方向的夹角为，且。点有一

可视为质点的粒子源，能在平面内向右侧与成角的方向以各种速率发射质量为、电荷

量为的带正电粒子。右侧区域存在垂直平面向外、磁感应强度大小为的匀强磁场Ⅰ，左

侧和边界之间（含边界）存在沿轴负方向、场强大小的匀强电场。第二象限存在另一垂

第16页/共20页

直平面向里、磁感应强度大小为