河北省衡水滁州分校2022年物理高一第一学期期末联考模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0・5亳米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得。分）

1、静止的甲、乙两汽车，分别受到相同的牵引力后，甲车比乙车启动得快，若两车路面的摩擦因数相同，则在启动过

程中

A.甲车的惯性大

B.甲车的质量大

C.经历相同的启动时间，甲车的速度大

D.通过柞同的位移,甲车所用的时间多

2、下列物理量的单位属于国际单位制中基本单位的是。

A.牛顿B.千克

C.英尺D.小时

3、如图，一固定斜面与水平方向成。角，一物块质量为m,在一垂直于斜面的压力F作用下，保持静止状态，则物

块受力个数为

A.一定受4个力B.可能受4个力

C.一定受3个力D.可能受3个力

4、如图所示，马拖着一根质量为根的树干在粗糙的水平地面上作加速直线运动，加速度大小为小已知马对树干的拉

力大小为尸I，树干对马的拉力大小为尸2,则有（）

A.Fi>Fi

B.F\=Fi

C.Fi<Fi

D.F\=ma

5、如图所示，AB为半圆的一条直径，AO=OBtP点为圆周上的一点，在P点作用了三个共点力丹、尸2、尸3,已知

F2=3N,则它们的合力为（）

A.4.5N

B.6N

C.7.5N

D.9N

6、某质点沿x轴做直线运动，其位置坐标随时间变化的关系可表示为5+2〃，其中x的单位为m,时间t的单位

为s,则下列说法正确的是（）

A.若n=L则物体做匀速直线运动，初位置在0m,速度大小为

B.若n=l,则物体做匀速直线运动，初位置在5m,速度大小为4m/s

C.若n=2,则物体做匀变速直线运动，初速度大小为0,加速度大小为4m/s2

D.若n=2,则物体做匀变速直线运动，初速度大小为5m/s,加速度大小为Zm/s?

7、小明同学用台秤研究人在竖直升降电梯中的超重与失重现象.他在地面上用台秤称得自己体重为500N,再将台秤

移至电梯内称其体重，电梯从，=0时由静止开始运动到£=11s时停止，得到台秤的示数F随时间，变化的图象如图所

示，g^lOm/s2.下列说法正确的是

A.在。〜2s内，小明处于超重状态

B.在。〜2s内，小明加速度大小为1m/s?

C.在10〜11s内，台秤示数产3为600N

D.在0〜Us内，电梯通过的距离为18m

8、如图所示，在光滑水平桌面的一端固定一个定滑轮，用轻绳跨过定滑轮将质量为〃。=0.5kg,加s=9.5kg的两个

物体A,B相连。不计轻绳与滑轮之间的摩擦，取g=10m/s2放手后两物体开始运动，在两物体运动过程中（)

A.轻绳的拉力等于物体A的重力B.轻绳的拉力小于物体A的重力

C.A、B两物体的加速度大小为O.5m/s2D.A、B两物体的加速度大小为O.OSm/s?

9、如图所示，在光滑水平桌面上放一质量为〃，乙=5kg的盒子乙，乙内放置质量，〃丙=1kg的滑块丙，用质量不计的细

绳跨过光滑的定滑轮将一质量为6甲=2kg的物块甲与乙相连接，其中连接乙的细绳与水平桌面平行。现由静止释放物

块甲，在以后的运动过程中，盒子乙与滑块丙之间没有相对运动，假设整个运动过程中盒子始终没有离开水平桌面，

重力加速度g=10m/s?。则（）

-5—ilk_

甲cb

A.细绳对盒子的拉力大小为20NB.盒子的加速度大小为2.5m/s2

C,盒子对滑块丙的摩擦力大小为2.5ND.定滑轮受到细绳的作用力为30N

10、某一物体在斜面上保持静止状态，下列说法中正确的是

A.重力可分解为沿斜面向下的分力和对斜面的压力

B.重力沿斜面向下的分力与斜面对物体的静摩擦力是平衡力

C.物体对斜面压力与斜面对物体的支持力是平衡力

D.重力垂直于斜面方向的分力与斜面对物体的支持力是平衡力

11、一个做匀变速直线运动的物体先后经过A、B两点的速度分别为也和以，AB位移中点速度为>3,AB时间中点速

度为由，全程平均速度为作，则下列结论中正确的有（）

A.物体经过AB位移中点速度大小为摩

B.经过AB位移中点的速度大小为V3

C.若为匀减速直线运动，则V3<V2=V1

D.在匀变速直线运动中一定有V3>P4=V5

12、一小球从静止开始做匀加速直线运动，在第15s内的位移比第14s内的位移多0.2m,则下列说法正确的是（）

A.小球加速度为0.4m/s2

B.小球第15s内的位移为2.9m

C.小球第14s内的初速度为2.6m/s

D.小球前15s内的平均速度为3.0ni/s

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示

-352，卜+3£3―<

7CR

（I）在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸袋如图乙所示.计时器打点的时间间隔为0.02s.从比较清晰

的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离.该小车的加速度用m/4（结果保留两位

有效数字）

⑵平衡摩擦力后，将5个相同的祛码都放在小车上.挂上硅码盘，然后每次从小车上取一个硅码添加到硅码盘中，测

量小车的加速度.小车的加速度。与祛码盘中硅码总重力F的实验数据如下表

祛码盘中祛码总重力F（N）0.1960.3920.5880.7840.980

加速度a（mr-20.691.181.662.182.70

请根据实验数据作出。•尸的关系图象

⑶根据提供的试验数据作出的a-F图线不通过原点，请说明主要原因

14、如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的

关系。

（1）实验中还需要的测量工具有：

（2）用纵轴表示钩码质量横轴表示弹簧的形变量口根据实验数据绘制出乙图。由图可知：弹簧的劲度系数4

=N/m（重力加速度g取9.8m/s2）.

（3）如图丙所示，实验中用两根不同的弹簧。和心画出弹簧弹力尸与弹簧长度L的关系图像。则下列说法中正确的

是,

A.”原长比。的长B.a的劲度系数比。的大C.〃的劲度系数比方的小D.弹力与弹簧长度成正比

15、“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示:

35

单位:(cm)[3

<—8.62—^

乙

(1)本实验主要采用的物理学研究方法是

A.类比法B.等效替代法C.理想模型法D.控制变量法

(2)实验中关于打点计时器的使用说法正确的是.

A.若使用电磁打点计时器，应接6V以下直流电源

B.若使用电火花打点计时器，应接6V以下交流电源

C.先接通电源，再释放小车

D.安放复写纸时，应把纸带放在复写纸的上面

(3)用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是；使砂与砂桶的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的

力近似等于

(4)实验中打出的某一条纸带如图乙所示，相邻的5个计数点间的时间间隔是0.1s,由此可算小车运动的加速度是

_____ni/s2

三.计算题(22分)

16、(12分)频闪照相是研究物理过程的重要手段，如图所示是某同学研究小滑块从光滑水平面滑上粗糙斜面并向上

滑动时的频闪照片，已知斜面足够长，倾角为〃=37。，闪光频率为10Hz,经测量换算获得实景数据：g=x2=40cm,

X3=35cm,X4=25cm,xs=15cm0取g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8,逐=2.24,设滑块通过平面与斜面

连接处时速度大小不变。求：

(1)滑块沿斜面上滑时的初速度vo;

(2)滑块与斜面间的动摩擦因数"：

(3)滑块从滑上斜面到返回斜面底端所用的时间。

17、(10分)如图所示，在箱子顶部和底部各有一个压力传感器，质量未知的物块被一根轻质弹簧支撑在箱子顶部,

静止时顶部传感器的示数片二20N,底部传感器的示数弓二40N,当箱子以某一加速度竖直向上做匀加速运动时,

观察到顶部传感器的示数变为斤=1ON。取g=l()m/s2。求：

(1)物块的质量加；

(2)箱子加速度大小。

参考答案

一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得。分)

1、C

【解析】结合牛顿第二定律、速度与时间关系、位移与时间关系进行分析即可；

【详解】AB.由题：甲车比乙车启动得快，则的;。乙

根据牛顿第二定律：产一〃，叫二〃心，即：a=~~jLig,则〃2单乙，则甲车惯性小，故选项AB错误；

m

C.由于〃甲乙，根据速度与时间关系u=〃可知：V.p>Vz,»故选项C正确；

D.由于。甲乙，根据位移与时间关系X=可知：/二栏，则通过相同的位移，甲车所用的时间少，故选项

D错误

【点睛】本题考查牛顿运动定律与运动学相结合的问题，重点由题甲车比乙车启动得快，得到加速度关系，然后进行

分析即可

2、B

【解析】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量，分

别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、

开尔文、安培、坎德拉、摩尔。

A.牛顿是导出单位，A不符合题意；

B.千克是国际单位制中的基本单位，B符合题意；

C.英尺不是国际单位制中的基本单位，C不符合题意；

D.小时不是国际单位制中的基本单位，D不符合题意。

故选B。

3、A

【解析】物体在垂直斜面方向上平衡，沿斜面方向也平衡，根据重力分力的大小确定摩擦力的方向和大小

【详解】物块在垂直斜面的压力F作用下平衡，受力分析可知，沿斜面方向重力的分力〃，gsine=%,则有静摩擦力

一定有垂直于斜面的弹力，F=mgcosO+故物块一共受四个力分别为推力尸、重力/摩、弹力打、静摩擦力/静；

FN；

故选A.

【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析.通过沿斜面方向平衡进行分析

4、B

【解析】作用力和反作用力等大反向，结合图和题干，可知马对树干的拉力大小为"和树干对马的拉力大小为鸟为作

用力和反作用力，故耳=鸟，故B正确，ACD错误

点睛：本题是简单的牛顿第三定律的应用，掌握作用力与反作用力的特征：大小相等，方向相反，作用在不同物体上,

两个力互为产生的原因和结果，且大小变化具有同时性

5、D

【解析】根据几何关系可以知道，口和F3垂直，F2在F1F3构成的平行四边形的对角线上，根据力的平行四边形

定则可以计算合力的大小.

以Fi、F3为邻边作平行四边形，则合力Fi3=2F2,故FI、F2、F3的合力/=3型3=9N,所以D正确；

点睛：灵活的引用几何知识是本题的特点，掌握住平行四边形的边角的关系，利用不同的关系变化得到不同的形式

6、C

【解析】若n=L则x=5+2t,即初位置在x=5m处，速度大小为v=2m/s,不变，所以物体做匀速直线运动，速度大小

2

为2m/s,故A错误；若n=2,贝卜=5+2/，与x=；/对比可得：v0=0,f/=4m/s,故C正确，D错误；故

选C.

7、BC

【解析】前2秒由静到动是加速，但从图象可以看出是失重，故是加速下降；电梯前2秒加速下降，2~10秒匀速下

降，10〜Hs是减速下降；先求解2s时速度，然后求解最后1s的加速度，再根据牛顿第二定律求解弹力；分加加速、

匀速、减速三段求解位移，最后相加得到总位移

【详解】由图象可知，在。〜2s内，台秤对小明的支持力为：Fi=450N,由牛顿第二定律定律有：mg-Fi=mai,解得：

=加速度方向竖直向下，故小明处于失重状态，则A错误，B正确；设在10s〜11s内小明的加速度为a.3,时

2

间为t3,0〜2s的时间为ti,则aiti=a3t3；解得：a3=2m/st由牛顿第二定律定律有：F3-mg=ma3,解得：Fj=6()0N,

选项C正确；0〜2s内位移xi=yaiti2=2/?z；2s〜10s内位移X2=aitit2=16m；10s〜11s内位移4=小

明运动的总位移x=xi+x2+x3=19m,选项D错误；故选BC.

【点睛】本题关键是明确电梯的运动规律，然后根据牛顿第二定律和运动学公式多次列方程后联立求解，不难

8、BC

【解析】由题意可知对A分析根据牛顿第二定律有

mAg-T=mAa

对B分析根据牛顿第二定律有

T=inBa

代入数据联立解得。=0.5m/s2,T=4.75N,即轻绳的拉力小于物体A的重力，故BC正确，AD错误。

故选BCo

9、BC

【解析】AB.以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得

"加g=(呵|+相乙+"%)a

解得整体的加速度为：

a=-----------g=2.5m/s2

〃如十加乙+加内

以乙和丙整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得绳子的拉力大小为

b=(机乙+机内)«=(5+l)x2.5N=15N

故A错误、B正确；

C.以丙为研究对象，根据牛顿第二定律可得盒子对滑块丙的摩擦力大小为

/=相内〃=2.5N

故C正确；

D.定滑轮受到细绳的作用力为

r=V2F=15V2N

故D错误。

故选BC

10、BD

【解析】A.重力可分解为沿斜面向下的分力和垂直于斜面向下的分力，不能说成压力。故A错误。

BD.物体受到重力、斜面的支持力和静摩擦力，根据平衡条件可知重力沿斜面向下的分力与斜面对物体的静摩擦力是

平衡力，重力垂直于斜面方向的分力与斜面对物体的支持力是平衡力，故BD正确。

C物体对斜面的压力与斜面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，不是平衡力。故C错误。

故选BD.

11、BD

【解析】由题意可知，位移中点的速度为⑶故A错误，B正确；在匀变速直线运动中，位移中点速度为：匕=,

时间中点速度为：！=工分，全程的平均速度为：%=乜产，不论匀加速直线还是匀减速直线运动都有

V3>V4=V5,若物体做匀加速直线运动，则珏<匕，若物体做匀减速直线匕〉匕，故D正确，C错.答案选BD

12、BC

【解析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小球的加速度，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出小球

在第15s内的位移；根据速度时间关系求出14s的初速度；根据第15s末的速度，结合平均速度的推论求出小球前15s

内的平均速度。

【详解】A.根据盘=4〃得

a=—=—m/s=0.2m/s

T2I2

故A错误；

B.小球在第15s内的位移

1x0.2x(225-196)m=2.9m

故B正确；

C.小球在第14s初的速度

v=atxy=0.2x13m/s=2.6m/s

故C正确;

D.第15s末的速度

vI5=现=0.2x15m/s=3m/s

则小球前15s内的平均速度

船3

v=-m/s=—m/s=1.5m/s

22

故D错误。

故选BC.

二.填空题(每小题6分，共18分)

13、①.(1)0.16；②.(2)如图所示:③.(3)未计入祛码盘的重力.

【解析】(1)每5个点取一个计数点，则时间为T=0.1s,

由题意可知:

Ax=aT2

代入数据解得:

«=().16m/s2

O02040.60.S1.01.2

(3)a-F图线，不通过原点的主要原因是未放入祛码时，小车已有加速度，可以判断未计入祛码盘的重力

14、①.刻度尺②49③.B

【解析】(1)[1]实验需要测量弹簧伸长的长度，故需要刻度尺。

(2)[2]图线的物理意义是表明弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比。则有：

.AF._

k=—=4.9N/m

AJC

(3)[3]A.在图象中横截距表示弹簧的原长，故力的原长比。的长，A错误；

BC.在图象中斜率表示弹簧的劲度系数h故。的劲度系数比力的大，B正确；C错误；

D.弹簧的弹力满足胡克定律，弹力与弹簧的形变量成正比，D错误。

故选B。

15>①.D②.C③.平衡摩擦力④.砂和砂桶的重力⑤.1.46

【解析】(1)探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小，探究加速度与质量关系时，应控制拉

力不变而改变小车质量，这种实验方法是控制变量法，故D正确，ABC错误；

(2)A.电磁打点计时器，应接6V以下交流电源，故A错误；

B.电火花打点计时器，应接220V交流电源，故B错误；

C.使用过程中，应先接通电源，再释放小车，故C正确；

D.接通电源前，把纸带穿过限位孔，再把套在轴上的复写纸片压在纸带的上面，故D错误

(3)用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是平衡摩擦力；

设砂与砂桶的质量为m,小车的质量为M